山东省东营市2018年中考物理真题试题（含解析）.doc

1、 山东省东营市山东省东营市 20182018 年中考物理真题试题年中考物理真题试题 一、本大题包括 10 小题，每小题 3 分，共 30 分在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要 求 1如图所示，在 2018 黄河口（东营）国际马拉松比赛中，一位坐轮椅的选手给观众留下了深刻的印 象。下面说法正确的是（ ） A以路边的树木为参照物，选手是运动的 B轮椅坐垫做的比较宽大是为了增大压强 C停止用力后，轮椅仍能向前运动一段距离，是因为受到惯性力的作用 D轮椅轮胎上有较深的花纹是为了减小摩擦 2以下事例中，符合安全用电原则的是（ ） A使用测电笔时，手不接触笔尾的金属体 B家庭电路中的保险丝熔断，

2、用铜丝或铁丝代替 C安装电路时，开关接在用电器和零线之间 D保险装置、家用电器等达到使用寿命应及时更换 3如图所示，擦窗机器人能凭借自身底部的真空泵和吸盘吸附在玻璃上“行走”，带动清洁布擦拭 玻璃。下列说法错误的是（ ） A当真空泵将吸盘内的空气抽出时，由于大气压的作用，擦窗机器人被压在玻璃上 B擦窗机器人在玻璃上竖直向上匀速“行走”时，所受的摩擦力大于自身所受的重力 C擦窗机器人接收的指令是通过电磁波传递的 D擦窗机器人从窗户底端运动到顶端，其重力势能增大 4对物理概念的理解是学好物理的关键。关于功、功率和机械效率，下列说法正确的是（ ） A通过改进机械的性能可以使机械效率达到 100% B

3、做功多的机械，功率一定大 C功率大的机械，做功一定快 D做功快的机械，机械效率一定高 5面对清澈见底、看起来不过齐腰深的池水，不会游泳的人千万不要贸然下去，因为人们看到的池 水深度和它的实际深度并不相同，下面四幅图能正确解释此现象的是（ ） A B C D 6电动汽车越来越多地进入普通家庭，电动汽车的核心部件是电动机，下面图中能正确反映电动机 工作原理的是（ ） A B C D 7水煎包是东营特色名吃，其特色在于兼得水煮油煎之妙，色泽金黄，一面焦脆，三面嫩软，皮薄 馅大，香而不腻。在水煎包的制作过程中，以下说法正确的是（ ） 水煎包“香气四溢”，说明分子在不停地做无规则运动 水煎包能被煎成金黄

4、色，是因为油的沸点比水的沸点低 木柴燃烧时将化学能转化为内能 往热锅内倒入水会产生大量的“白气”，“白气”是水汽化形成的 锅盖不断被水蒸气顶起而发生“跳动”，此时水蒸气的内能转化为锅盖的机械能 A B C D 8以下研究方法相同的是（ ） 研究压力作用效果与压力大小的关系时，保持受力面积不变 研究声音的产生时，将发声的音叉与水面接触，水花四溅表明音叉在振动 研究磁场时，引入“磁感线” 研究电阻大小与导体长度的关系时，选择材料、横截面积相同的导体 A B C D 9如图所示，电源电压不变，闭合开关，当滑动变阻器滑片向左移动时，下列判断正确的是（ ） A电压表示数与电流表 A1示数的乘积变大 B电

5、压表示数与电流表 A2示数的乘积变大 C电压表示数与电流表 A1示数的比值不变，电流表 A2示数变小 D电压表示数与电流表 A1示数的比值变大，电流表 A2示数变大 10三个相同容器内分别盛满不同的液体，现将三个完全相同的小球轻轻放入容器中，小球静止后的 状态如图所示，以下判断正确的是（ ） A液体的密度关系是 甲丙乙 B液体对容器底部的压强关系是 p乙p甲p丙 C容器对桌面的压强关系是 p甲p乙p丙 D小球受到的浮力大小关系是 F乙=F丙F甲 二、填空题（本大题包括 7 小题，每小题 2 分，共 14 分） 11东营市是吕剧发源地。吕剧常见的伴奏乐器有坠琴、扬琴、二胡等。观众可以根据乐器发出

6、声音 的 （选填“音调”、“响度”或“音色”）不同，分辨出是哪种乐器；琴师调节琴弦的松紧是为 了改变声音的 （选填“音调”、“响度”或“音色”） 。 12“风能、电能、水能、煤炭”中属于二次能源的是 、属于不可再生能源的是 。 13如图所示，某型号飞机模型机翼上表面凸起，下表面较平。在飞行过程中由于上表面的空气流速 （选填“大”或“小”） ，压强 （选填“大”或“小”） ，从而能获得向上的升力。 14 东营市开展了“红色电影进社区”活动， 受到居民好评。 电影放映机的镜头相当于一个 （选 填“凸透镜”、“凹透镜”） ，电影放映时在银幕上形成的是 立、放大的实像。 15如图所示，杠杆 AOB 能

7、绕 O 点转动。在 A 点挂一重物 G，为使杠杆保持平衡且用力最小，在 B 点 施加一个力，这个力应该是图中的 。 16 物理科技小组用标有“1600imp/ （kWh） ” （表示每消耗 1kWh 的电能， 电能表上的指示灯闪烁 1600 次）的电能表测量电视机的功率，他们把电视机单独接入电路且使其正常工作 6min，指示灯闪烁 16 次， 该电视机的功率为 kW。 17民谚俗语中蕴含着丰富的物理知识，请用所学物理知识解释“霜前冷，雪后寒”现象产生的原 因： 。 三、作图、实验与探究题（本大题包括 5 小题，共 34 分） 18如图所示，一束与平面镜成 30角的光入射到平面镜上，请根据光的反

8、射定律，画出反射光线并 标出反射角的度数。 19如图所示，请根据小磁针静止后的指向及所标电流的方向，画出螺线管导线的绕法。 20教育部将“研学旅行”纳入中小学生日常教育范畴。某校组织学生到黄河入海口进行研学旅行。 在河边的沙滩上，老师提议同学们利用一个空矿泉水瓶，借助河水、细沙、随身携带的热水（从中选择一 种或多种）设计实验探究所学的物理知识，请参照举例帮他们设计三个可以探究的实验，写出操作方法、 实验现象和得出的结论。 例：将空矿泉水瓶慢慢压入水中，发现越来越费力，说明物体所受浮力的大小与其浸在液体中的体积 有关。 （1） 。 （2） 。 （3） 。 21在“测量小灯泡额定功率”的实验中，老

9、师给同学们提供的器材有：小灯泡（额定电压为 2.5V， 正常发光时灯丝电阻约为 10） 、电源（电压恒为 6V） 、电流表、电压表、开关各一个，导线若干。若实 验室只有：R1（10 1A） 、R2（50 0.2A） 、R3（100 0.5A）三种规格的滑动变阻器可供选择。 （1）请画出实验电路图。 （2）通过估算，滑动变阻器应选择 （选填“R1”、“R2”或“R3”） （3）同学们检查器材完好，按电路图连接电路，当闭合开关时，发现电流表指针偏转情况如图 1 所 示，造成这种现象的原因是 。 （4）同学们纠正了错误，正确连接好电路，闭合开关，发现小灯泡不亮，但电流表、电压表均有示 数，请分析出现

10、这种现象的原因是 。为测量小灯泡的额定功率，接下来的操作应该是 ，读 出并记录电流表的示数。 （5）当小灯泡正常发光时，电流表的示数如图 2，为 ，则小灯泡的额定功率为 。 22在测量某种液体密度时，物理兴趣小组讨论形成了以下方案： A将量筒中的液体倒入烧杯，测出烧杯和液体的总质量 m1 B将适量的液体倒入量筒，测出液体的体积 V C用天平测出空烧杯的质量 m2 D计算出液体的密度 （1）以上方案中的步骤，其正确顺序是 （只填写序号即可） 。 （2）用所测物理量的符号写出液体密度的表达式 = 。 （3）在用调节好的托盘天平称量空烧杯的质量时，往右盘中加入最小的砝码后，发现指针在分度盘 上的位置

11、如图所示。接下来的操作应该是 。 （4）在对实验方案进行论证时，老师指出该方案误差较大，请分析产生误差的原因及结果。 （5）请结合（4）中的分析，对该物理兴趣小组形成的方案进行完善。 四、计算题（本大题包括 2 小题，共 22 分解答时应写出必要的文字说明、公式和重要的演算步骤， 只写出最后答案的不能得分） 23如图所示，某施工队利用滑轮组从水中提取物体，上升过程中物体始终不接触水底。已知物体质 量为 4t，体积为 1m 3物体完全浸没在水中时，求物体所受浮力的大小； （2）物体下表面与水面距离为 3m 时，求物体下表面所受水的压强； （3）若不计动滑轮的自重、绳重和摩擦，当浸没在水中的物体被

12、匀速提升时，求电动机对绳子的拉 力； （4）物体离开水面后，在电动机作用下匀速上升，若电动机功率为 9kW、对绳子的拉力为 1.510 4N， 求物体上升的速度和滑轮组的机械效率（机械效率精确到 0.1%） 。 24多功能养生壶具有精细烹饪、营养量化等功能，深受市场认可和欢迎。图乙是某品牌养生壶简化 电路图。 （水=110 3kg/m3，c 水=4.210 3J/（kg） ，g=10N/kg） （1）开关 S1、S2处于什么状态，养生壶为高温档，说明判断依据； （2）求 R1的阻值； 项目 参数 电源电压（V） 220 低温档功率（W） 275 中温档功率（W） 550 高温档功率（W） 11

13、00 容积（L） 1 （3）养生壶处于低温档工作时，求电路中的电流大小； （4）在标准大气压下，使用高温档将初温是 12的一壶水烧开，若养生壶高温档加热效率为 80%， 求水吸收的热量和烧开一壶水需要的时间。 参考答案与试题解析 一、本大题包括 10 小题，每小题 3 分，共 30 分在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要 求 1如图所示，在 2018 黄河口（东营）国际马拉松比赛中，一位坐轮椅的选手给观众留下了深刻的印 象。下面说法正确的是（ ） A以路边的树木为参照物，选手是运动的 B轮椅坐垫做的比较宽大是为了增大压强 C停止用力后，轮椅仍能向前运动一段距离，是因为受到惯性力的作用

14、D轮椅轮胎上有较深的花纹是为了减小摩擦 【解答】解： A、运动员是运动过程中，以路边的树为参照物，运动员相对于路边的树的位置发生了改变，故运动 员是运动的，故 A 正确； B、轮椅坐垫做的比较宽大是为了在压力一定时，增大受力面积，减小压强，故 B 正确； C、停止用力后，轮椅仍能向前运动一段距离，是因为轮椅具有惯性，而不能说受到惯性力，故 C 错 误； D、轮椅轮胎上的花纹是为了在压力一定时，使接触面变粗糙从而增大与地面间的摩擦力，故 D 错误。 故选：A。 2以下事例中，符合安全用电原则的是（ ） A使用测电笔时，手不接触笔尾的金属体 B家庭电路中的保险丝熔断，用铜丝或铁丝代替 C安装电路时

15、，开关接在用电器和零线之间 D保险装置、家用电器等达到使用寿命应及时更换 【解答】解：A、在使用测电笔时，应用手接触笔尾的金属体，用笔尖接触导线，当测电笔的氖管发 光，则说明接触的是火线，当氖管不亮时，说明接触的是零线，故 A 错误； B、保险丝熔断后，若用铜丝或铁丝代替，当电路中电流过大时，铜丝或铁丝不熔断，起不到保险作 用，故 B 错误； C、安装电路时，开关接在用电器和火线之间，接触用电器时，可以断开开关，切断火线，防止接触 用电器发生触电事故；故 C 错误； D、保险装置、插座、导线、家用电器等达到使用寿命应及时更换，故 D 正确。 故选：D。 3如图所示，擦窗机器人能凭借自身底部的真

16、空泵和吸盘吸附在玻璃上“行走”，带动清洁布擦拭 玻璃。下列说法错误的是（ ） A当真空泵将吸盘内的空气抽出时，由于大气压的作用，擦窗机器人被压在玻璃上 B擦窗机器人在玻璃上竖直向上匀速“行走”时，所受的摩擦力大于自身所受的重力 C擦窗机器人接收的指令是通过电磁波传递的 D擦窗机器人从窗户底端运动到顶端，其重力势能增大 【解答】解：A、当真空泵将吸盘内的空气抽出时，内部气体压强减小，它在外界大气压的作用下被 告牢牢吸在竖直玻璃上，故 A 正确； B、当擦窗机器人在玻璃上竖直向上匀速“行走”时，处于平衡状态，竖直方向受到的重力和摩擦力 是一对平衡力，二力大小相等，故 B 错误； C、电磁波可以传递

17、信息，擦窗机器人接收的指令就是通过电磁波传递的，故 C 正确； D、擦窗机器人从窗户底端运动到顶端时，质量不变，高度增加，其重力势能增大，故 D 正确。 故选：B。 4对物理概念的理解是学好物理的关键。关于功、功率和机械效率，下列说法正确的是（ ） A通过改进机械的性能可以使机械效率达到 100% B做功多的机械，功率一定大 C功率大的机械，做功一定快 D做功快的机械，机械效率一定高 【解答】解：A、使用任何机械都要做额外功，所以总功一定大于有用功，即有用功与总功的比值一 定小于 1，也就是机械效率小于 100%故 A 错误； B、功率是做功多少与所用时间的比值。做功多，时间不确定，功率大小不

18、能确定。故 B 错误； C、功率反映做功的快慢，功率大则做功快，功率小，则做功慢。故 C 正确； D、机械效率与做功快慢没有关系。故 D 错误。 故选：C。 5面对清澈见底、看起来不过齐腰深的池水，不会游泳的人千万不要贸然下去，因为人们看到的池 水深度和它的实际深度并不相同，下面四幅图能正确解释此现象的是（ ） A B C D 【解答】解：A、人们看到的池水深度和它的实际深度并不相同，是因为光线从水中斜射入空气中， 折射光线进入人的眼睛，而图中表示的是光从空气斜射入水里，当光从空气斜射入水里或其它透明介质中 时，折射角小于入射角，而图中是折射角大于入射角，故 A 错误； BC、池底反射出的光，

19、在水面处发生了折射，折射角大于入射角，人认为光是沿直线传播的，所以逆 着折射光线看上去，看到的是变浅的池底的虚像， 即池水的实际深度比看到的池底要深，而图中池底的位置在看到的池底虚像的上方，故 B 错误，故 C 正确。 D、人们看到的池水深度和它的实际深度并不相同，是因为光线从水中斜射入空气中，折射光线进入 人的眼睛，而图中表示的是光从空气斜射入水里，故 D 错误。 故选：C。 6电动汽车越来越多地进入普通家庭，电动汽车的核心部件是电动机，下面图中能正确反映电动机 工作原理的是（ ） A B C D 【解答】解： A、图中没有电源，当导体在磁场中做切割磁感线运动时，电流表的指针会发生偏转，说明

20、会产生感 应电流，这是电磁感应现象，是发电机的原理，故 A 不符合题意； B、图中是奥斯特实验的装置图，说明了通电导体周围存在磁场，故 B 不符合题意； C、图为电磁铁的原理图，是探究磁性强弱与线圈匝数的关系，是根据电流的磁效应制成的，故 C 不 符合题意； D、当闭合开关后，通电导体在磁场中受力运动，是电动机的原理，故 D 符合题意。 故选：D。 7水煎包是东营特色名吃，其特色在于兼得水煮油煎之妙，色泽金黄，一面焦脆，三面嫩软，皮薄 馅大，香而不腻。在水煎包的制作过程中，以下说法正确的是（ ） 水煎包“香气四溢”，说明分子在不停地做无规则运动 水煎包能被煎成金黄色，是因为油的沸点比水的沸点低

21、 木柴燃烧时将化学能转化为内能 往热锅内倒入水会产生大量的“白气”，“白气”是水汽化形成的 锅盖不断被水蒸气顶起而发生“跳动”，此时水蒸气的内能转化为锅盖的机械能 A B C D 【解答】解： 水煎包“香气四溢”，香气四溢是扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动，故正确； 水煎包能被煎成金黄色，是因为油的沸点比水的沸点高，而不是低，故错误； 木柴燃烧时将化学能转化为内能，故正确； 往热锅内倒入水会产生大量的“白气”，这是由于水蒸气液化形成的，故错误； 锅盖不断被水蒸气顶起而发生“跳动”，此时水蒸气对外做功，将自身的内能转化为机械能，故 正确； 以上说法正确的是，故 B 符合题意。 故选：B。

22、8以下研究方法相同的是（ ） 研究压力作用效果与压力大小的关系时，保持受力面积不变 研究声音的产生时，将发声的音叉与水面接触，水花四溅表明音叉在振动 研究磁场时，引入“磁感线” 研究电阻大小与导体长度的关系时，选择材料、横截面积相同的导体 A B C D 【解答】解：研究压力作用效果与压力大小的关系时，保持受力面积不变，采用的是控制变量法； 研究声音的产生时，将发声的音叉与水面接触，水花四溅表明音叉在振动，采用的是转换法； 研究磁场时，引入“磁感线”，采用的是模型法； 研究电阻大小与导体长度的关系时，选择材料、横截面积相同的导体。采用的是控制变量法。 所以研究方法相同的是与。 故选：D。 9如

23、图所示，电源电压不变，闭合开关，当滑动变阻器滑片向左移动时，下列判断正确的是（ ） A电压表示数与电流表 A1示数的乘积变大 B电压表示数与电流表 A2示数的乘积变大 C电压表示数与电流表 A1示数的比值不变，电流表 A2示数变小 D电压表示数与电流表 A1示数的比值变大，电流表 A2示数变大 【解答】解： AB、由图知，两电阻并联，电流表 A2测总电流，电流表 A1测 R1的电流，电压表测电源电压，则滑片 移动时电压表的示数不变； 因并联电路各支路互不影响， 所以， 滑片移动时， 通过定值电阻 R1的电流不变， 即电流表 A1示数不变， 则电压表示数与电流表 A1示数的乘积不变，故 A 错误

24、； 当滑动变阻器滑片向左移动时，变阻器连入电路的电阻变小，由欧姆定律可知，通过变阻器的电流变 大；根据并联电路电流的规律可知，总电流即 A2示数变大，则电压表示数与电流表 A2示数的乘积变大，故 B 正确； CD、由前面解答可知，电流表 A2示数变大，电压表示数、电流表 A1示数均不变，所以，电压表示数与 电流表 A1示数的比值不变，故 CD 错误。 故选：B。 10三个相同容器内分别盛满不同的液体，现将三个完全相同的小球轻轻放入容器中，小球静止后的 状态如图所示，以下判断正确的是（ ） A液体的密度关系是 甲丙乙 B液体对容器底部的压强关系是 p乙p甲p丙 C容器对桌面的压强关系是 p甲p乙

25、p丙 D小球受到的浮力大小关系是 F乙=F丙F甲 【解答】解：A、由于小球在丙中悬浮，故 丙=物；在乙容器中漂浮，故 乙物；在甲中下沉， 故 甲物；三种液体密度关系：甲丙乙，故 A 错误； B、静止时三个容器的液面恰好相平，即深度 h 相等，由于丙液体的密度最大，根据 p=gh 可知，乙 容器底受到的液体压强最大；故 B 错误； C、烧杯对桌面的压力等于烧杯、烧杯内液体和小球的总重力； 由图知，三个相同容器内液体体积相同，又知 甲丙乙，根据 =和 G=mg 可知乙烧杯内液 体的重力大于丙烧杯内液体的重力，丙烧杯内液体的重力大于甲烧杯内液体的重力，烧杯以及两小球的重 力均相等，烧杯的底面积相等，

26、根据 p=可知，容器对桌面的压强 p乙p丙p甲，故 C 错误； D、由图知，小球在并容器中悬浮，在乙容器中漂浮，所以小球所受的浮力与自身的重力相等；在甲 中下沉，浮力小于其重力，故小球受到的浮力大小关系是 F乙=F丙F甲故 D 正确。 故选：D。 二、填空题（本大题包括 7 小题，每小题 2 分，共 14 分） 11东营市是吕剧发源地。吕剧常见的伴奏乐器有坠琴、扬琴、二胡等。观众可以根据乐器发出声音 的 音色 （选填“音调”、“响度”或“音色”）不同，分辨出是哪种乐器；琴师调节琴弦的松紧是为 了改变声音的 音调 （选填“音调”、“响度”或“音色”） 。 【解答】解：二胡和小提琴发声的音色不同，

27、可以通过音色区分不同的乐器； 调节琴弦的松紧，振动的频率不同，这样做的目的是为了改变声音的音调； 故答案为：音色；音调。 12“风能、电能、水能、煤炭”中属于二次能源的是 电能 、属于不可再生能源的是 煤炭 。 【解答】解：风能、水能、煤炭可以直接从自然界获得而不需要加工转化，它们都属于一次能源； 电能是消耗一次能源、经过加工转换而获得的是二次能源； 水能、电能、风能都能从自然界源源不断获得，都属于可再生能源； 煤炭短时间内从自然界得不到补充，属于不可再生能源。 故答案为：电能；煤炭。 13如图所示，某型号飞机模型机翼上表面凸起，下表面较平。在飞行过程中由于上表面的空气流速 大 （选填“大”或

28、“小”） ，压强 小 （选填“大”或“小”） ，从而能获得向上的升力。 【解答】解：飞机在飞行时，机翼上方气流比下方气流的流速大，压强小，则下方空气的压强大于上 方空气的压强，产生向上的压强差、压力差，形成升力。 故答案为：大；小。 14东营市开展了“红色电影进社区”活动，受到居民好评。电影放映机的镜头相当于一个 凸透镜 （选填“凸透镜”、“凹透镜”） ，电影放映时在银幕上形成的是 倒 立、放大的实像。 【解答】解：放映机的镜头相当于凸透镜，投影片放置在一倍焦距和二倍焦距之间时，在银幕上所成 的像是倒立、放大的实像。 故答案为：凸透镜；倒。 15如图所示，杠杆 AOB 能绕 O 点转动。在 A

29、 点挂一重物 G，为使杠杆保持平衡且用力最小，在 B 点 施加一个力，这个力应该是图中的 F2 。 【解答】解：在 B 点施力 F，阻力的方向向下，为使杠杆平衡，动力的方向应向下，F4方向向上，不 符合要求； 当 F 的方向与杠杆垂直时动力臂最大，此时最省力，即 F2的方向与 OB 垂直，故 F2最小。 故答案为：F2。 16 物理科技小组用标有“1600imp/ （kWh） ” （表示每消耗 1kWh 的电能， 电能表上的指示灯闪烁 1600 次）的电能表测量电视机的功率，他们把电视机单独接入电路且使其正常工作 6min，指示灯闪烁 16 次， 该电视机的功率为 0.1 kW。 【解答】解：

30、 因为 1600imp/（kWh）表示每消耗 1kWh 的电能，电能表的指示灯闪烁 1600 次， 指示灯闪烁 16 次消耗的电能： W=kWh=0.01kWh， t=6min=0.1h， 电视机的电功率： P=0.1kW。 故答案为：0.1。 17 民谚俗语中蕴含着丰富的物理知识， 请用所学物理知识解释“霜前冷， 雪后寒”现象产生的原因： 霜是由于气温很低时空气中的水蒸气发生凝华现象而形成的，雪在熔化时需要吸热 。 【解答】解：深秋的夜晚，地面附近的空气温度骤然降低（温度低于 0以下） ，空气中的水蒸气凝华 成小冰晶，附着在物体上形成霜，所以有“霜前冷”的感觉；雪熔化时需要吸热，使空气的温度

31、降低，所 以有“雪后寒”的感觉。 故答案为：霜是由于气温很低时空气中的水蒸气发生凝华现象而形成的，雪在熔化时需要吸热。 三、作图、实验与探究题（本大题包括 5 小题，共 34 分） 18如图所示，一束与平面镜成 30角的光入射到平面镜上，请根据光的反射定律，画出反射光线并 标出反射角的度数。 【解答】解：先过反射点垂直反射面作出法线，并求得入射角为 9030=60，所以反射角也为 60； 再在法线的另一侧根据反射角等于入射角作出反射光线，标出反射角，如图： 19如图所示，请根据小磁针静止后的指向及所标电流的方向，画出螺线管导线的绕法。 【解答】解：小磁针的左端为 S 极、右端为 N 极，根据异

32、名磁极相互吸引，同名磁极相互排斥，所以 通电螺线管左端为 N 极、右端为 S 极； 而电流从左端流入、从右端流出，则由安培定则可知螺线管的绕向如图所示： 。 20教育部将“研学旅行”纳入中小学生日常教育范畴。某校组织学生到黄河入海口进行研学旅行。 在河边的沙滩上，老师提议同学们利用一个空矿泉水瓶，借助河水、细沙、随身携带的热水（从中选择一 种或多种）设计实验探究所学的物理知识，请参照举例帮他们设计三个可以探究的实验，写出操作方法、 实验现象和得出的结论。 例：将空矿泉水瓶慢慢压入水中，发现越来越费力，说明物体所受浮力的大小与其浸在液体中的体积 有关。 （1） 用力挤压矿泉水瓶，矿泉水瓶被压扁。

33、说明力可以改变物体的形状 。 （2） 在矿泉水瓶中装入一定质量的细沙，从不同高度自由下落，发现矿泉水瓶被举得越高，在沙 滩上留下的痕迹越深。说明重力势能的大小与物体被举高的高度有关 。 （3） 在矿泉水瓶中装满细沙，分别让矿泉水瓶正立和倒立在松软的沙滩上，发现矿泉水瓶倒立时 在沙滩上留下的痕迹更深。说明压力的作用效果与受力面积的大小有关 。 【解答】解： （1）用力挤压矿泉水瓶，矿泉水瓶被压扁。说明力可以改变物体的形状。 （2）在矿泉水瓶中装入一定质量的细沙，从不同高度自由下落，发现矿泉水瓶被举得越高，在沙滩 上留下的痕迹越深。说明重力势能的大小与物体被举高的高度有关。 （3）在矿泉水瓶中装满

34、细沙，分别让矿泉水瓶正立和倒立在松软的沙滩上，发现矿泉水瓶倒立时在 沙滩上留下的痕迹更深。说明压力的作用效果与受力面积的大小有关。 （4）在矿泉水瓶中装满水，让瓶身对着阳光，发现在地面上形成一个光斑（或一条亮线） 。说明装满 水的矿泉水瓶像凸透镜一样能使光会聚。 故答案为： （1）用力挤压矿泉水瓶，矿泉水瓶被压扁。说明力可以改变物体的形状。 （2）在矿泉水瓶中装入一定质量的细沙，从不同高度自由下落，发现矿泉水瓶被举得越高，在沙滩 上留下的痕迹越深。说明重力势能的大小与物体被举高的高度有关。 （3）在矿泉水瓶中装满细沙，分别让矿泉水瓶正立和倒立在松软的沙滩上，发现矿泉水瓶倒立时在 沙滩上留下的痕

35、迹更深。说明压力的作用效果与受力面积的大小有关。 21在“测量小灯泡额定功率”的实验中，老师给同学们提供的器材有：小灯泡（额定电压为 2.5V， 正常发光时灯丝电阻约为 10） 、电源（电压恒为 6V） 、电流表、电压表、开关各一个，导线若干。若实 验室只有：R1（10 1A） 、R2（50 0.2A） 、R3（100 0.5A）三种规格的滑动变阻器可供选择。 （1）请画出实验电路图。 （2）通过估算，滑动变阻器应选择 R3 （选填“R1”、“R2”或“R3”） （3）同学们检查器材完好，按电路图连接电路，当闭合开关时，发现电流表指针偏转情况如图 1 所 示，造成这种现象的原因是 电流表正负接

36、线柱接反了造成的 。 （4）同学们纠正了错误，正确连接好电路，闭合开关，发现小灯泡不亮，但电流表、电压表均有示 数，请分析出现这种现象的原因是 小灯泡实际功率太小，不足以让小灯泡发光 。为测量小灯泡的额定 功率，接下来的操作应该是 调节滑动变阻器，使小灯泡两端电压为 2.5V ，读出并记录电流表的示数。 （5）当小灯泡正常发光时，电流表的示数如图 2，为 0.26A ，则小灯泡的额定功率为 0.65W 。 【解答】解： （1）在“测量小灯泡额定功率”的实验中，根据 P=UI 可知，电压表测量小灯泡的电压， 电流表测量电流，滑动变阻器串联在电路中，如下图所示： ； （2）因小灯泡的额定电压为 2

37、.5V，正常工作电流大约是 I=0.25A，电源电压为 6V，由串 联电路电压的规律，当灯正常发光时，变阻器分得的电压：U滑=UUL=6V2.5V=3.5V，由欧姆定律 I=， 变阻器连入电路中的电阻大小约为： R滑=1410，考虑到电流因素，故选用 R3（100 0.5A）的变阻器； （3）由图 1 所示电流表可知，测量电流过程中，电流表指针反向偏转，这是由于电流表正负接线柱 接反了造成的； （4）闭合开关，发现小灯泡仍不亮，但电流表和电压表示数均较小，则说明滑动变阻器的电阻较大， 使得灯泡的实际功率太小造成，此时应减小滑动变阻器的阻值，使小灯泡两端电压为 2.5V； （5）电流表选择 00

38、.6A 量程，每一个大格代表 0.2A，每一个小格代表 0.02A，电流为 0.24A， P=UI=2.5V0.26A=0.65W。 故答案为： （1）如图所示； （2）R3； （3）电流表正负接线柱接反了造成的； （4）小灯泡实际功率太小， 不足以让小灯泡发光；调节滑动变阻器，使小灯泡两端电压为 2.5V； （5）0.26A；0.65W。 22在测量某种液体密度时，物理兴趣小组讨论形成了以下方案： A将量筒中的液体倒入烧杯，测出烧杯和液体的总质量 m1 B将适量的液体倒入量筒，测出液体的体积 V C用天平测出空烧杯的质量 m2 D计算出液体的密度 （1）以上方案中的步骤，其正确顺序是 BCA

39、D （只填写序号即可） 。 （2）用所测物理量的符号写出液体密度的表达式 = 。 （3）在用调节好的托盘天平称量空烧杯的质量时，往右盘中加入最小的砝码后，发现指针在分度盘 上的位置如图所示。接下来的操作应该是 取下最小的砝码，移动游码，直到天平达到平衡 。 （4）在对实验方案进行论证时，老师指出该方案误差较大，请分析产生误差的原因及结果。 （5）请结合（4）中的分析，对该物理兴趣小组形成的方案进行完善。 【解答】解： （1）要测量液体的密度，正确的过程是： B将适量的液体倒入量筒，测出液体的体积 V C用天平测出空烧杯的质量 m2 A将量筒中的液体倒入烧杯，测出烧杯和液体的总质量 m1 D计算

40、出液体的密度 所以正确的实验顺序是 BCAD， （2）待测液体的质量 m=m1m2， 液体密度 =。 （3）由图知，加最小的砝码后，指针右偏，说明砝码质量偏大，则应取小该砝码，并向右适当移动 游码使横梁平衡； （4）所测液体的体积准确，在测量液体质量时因为有部分液体残留在量筒中，导致所测液体的质量 偏小，因此所测液体的密度值比实际值偏小。 （5）将适量的液体倒入量筒，测出液体的体积 V1 用天平测出空烧杯的质量 m1 将量筒中的部分液体倒入烧杯，测出剩余液体的体积 V2 用天平测出烧杯和液体的总质量 m2 计算出液体的密度 故答案为： （1）BCAD； （2）=。 （3）取下最小的砝码，移动游

41、码，直到天平达到平衡（2 分） （4）所测液体的体积准确，在测量液体质量时因为有部分液体残留在量筒中，导致所测液体的质量 偏小，因此所测液体的密度值比实际值偏小。 （5）将适量的液体倒入量筒，测出液体的体积 V1 用天平测出空烧杯的质量 m1 将量筒中的部分液体倒入烧杯，测出剩余液体的体积 V2 用天平测出烧杯和液体的总质量 m2 计算出液体的密度 。 四、计算题（本大题包括 2 小题，共 22 分解答时应写出必要的文字说明、公式和重要的演算步骤， 只写出最后答案的不能得分） 23如图所示，某施工队利用滑轮组从水中提取物体，上升过程中物体始终不接触水底。已知物体质 量为 4t，体积为 1m 3

42、物体完全浸没在水中时，求物体所受浮力的大小； （2）物体下表面与水面距离为 3m 时，求物体下表面所受水的压强； （3）若不计动滑轮的自重、绳重和摩擦，当浸没在水中的物体被匀速提升时，求电动机对绳子的拉 力； （4）物体离开水面后，在电动机作用下匀速上升，若电动机功率为 9kW、对绳子的拉力为 1.510 4N， 求物体上升的速度和滑轮组的机械效率（机械效率精确到 0.1%） 。 【解答】解： （1）根据阿基米德原理，物体受到的浮力： F浮=G排=水V排g=1.010 3kg/m31m310N/kg=1104N； （2）物体下表面所受的压强： p=水gh=1.010 3kg/m310N/kg3

43、m=3104Pa； （3）物体的质量：m=4t=410 3kg， 物体所受的重力：G=mg=410 3kg10N/kg=4104N； 根据力的平衡，动滑轮对物体的拉力：F1=GF浮=410 4N1104N=3104N， 绳子的有效段数为 3，电动机对绳子的拉力： F2=310 4N/3=1104N； （4）由 P=Fv， 电动机拉动绳子的速度为： vM=0.6m/s 物体上升的速度为：v=vM=0.6m/s=0.2m/s， 滑轮组的机械效率为： =100%88.9%。 答： （1）物体完全浸没在水中时，物体所受浮力的大小为 110 4N； （2）物体下表面与水面距离为 3m 时，物体下表面所受

44、水的压强为 310 4Pa； （3）若不计动滑轮的自重、绳重和摩擦，当浸没在水中的物体被匀速提升时，电动机对绳子的拉力 为 110 4N； （4）物体离开水面后，在电动机作用下匀速上升，若电动机功率为 9kW、对绳子的拉力为 1.510 4N， 物体上升的速度为 0.2m/s，滑轮组的机械效率为 88.9%。 24多功能养生壶具有精细烹饪、营养量化等功能，深受市场认可和欢迎。图乙是某品牌养生壶简化 电路图。 （水=110 3kg/m3，c 水=4.210 3J/（kg） ，g=10N/kg） （1）开关 S1、S2处于什么状态，养生壶为高温档，说明判断依据； （2）求 R1的阻值； 项目 参数

45、 电源电压（V） 220 低温档功率（W） 275 中温档功率（W） 550 高温档功率（W） 1100 容积（L） 1 （3）养生壶处于低温档工作时，求电路中的电流大小； （4）在标准大气压下，使用高温档将初温是 12的一壶水烧开，若养生壶高温档加热效率为 80%， 求水吸收的热量和烧开一壶水需要的时间。 【解答】解： （1）由图知，当开关 S1闭合，S2接 B 时，电阻 R1、R2并联，电路中的总电阻最小，由 P=可知，总 功率最大，所以此状态为高温档； （2）由图知，当开关 S1断开，S2接 A 时，电阻 R1、R2串联，电路中的总电阻最大，由 P=可知，总 功率最小，此时为低温档； 当 S2断开，S1闭合时，只有电阻 R1接入电路，养生壶处于中温档。 由 P=UI 得，正常工作时通过 R1的电流为：I1=2.5A， 由 I=得，R1的阻值：R1=88， （3）由 P=UI 得，养生壶在低温档工作时电路中的电流为： I低=1.25A， （4）由 =可得，水的质量：m=V=110 3kg/m31103m3=1kg， 水吸收的热量： Q吸=cm（tt0）=4.210 3J/（kg）1kg（10012）=3.696105J， 由 =和 W=Pt 得，烧开一壶水需要的时间为： t=420s。联，电