精品解析：2020年浙江省舟山市中考数学试题（解析版）.doc

1、 2020 年舟山市中考数学试卷年舟山市中考数学试卷 一、选择题一、选择题 1.2020 年 3月 9日，中国第 54 颗北斗导航卫星成功发射，其轨道高度约为 36000000m数 36000000 用科学记数法表示为（ ） A. 0.36 108 B. 36 107 C. 3.6 108 D. 3.6 107 【答案】D 【解析】 【分析】 科学记数法的表示形式为 a 10n的形式，其中 1|a|10，n为整数确定 n 的值时，要看把原数变成 a 时，小数点移动了多少位，n的绝对值与小数点移动的位数相同 【详解】解：36 000 0003.6 107， 故答案选：D 【点睛】本题主要考查了科

2、学记数法的表示方法，关键是确定 a的值和 n 的值 2.如图，是由四个相同的小正方体组成的立体图形，它的主视图是（ ） A. B. C. D. 【答案】A 【解析】 分析】 找到从正面看所得到的图形即可，注意所有的看到的棱都应表现在主视图中 【详解】解：从正面看易得第一层有 2个正方形，第二层左上有 1 个正方形 故选：A 【点睛】本题考查了三视图的知识，主视图是从物体的正面看得到的视图 3.已知样本数据 2，3，5，3，7，下列说法不正确的是（ ） A. 平均数是 4 B. 众数是 3 C. 中位数是 5 D. 方差是 3.2 【答案】C 【解析】 【分析】 根据众数、中位数、平均数、方差的

3、定义和计算公式分别进行分析即可 【详解】解：样本数据 2，3，5，3，7 中平均数是 4，中位数是 3，众数是 3，方差是 S2 1 5 （24） 2+（34）2+（54）2+（34）2+（74）23.2 故选：C 【点睛】本题考查了对中位数、平均数、众数、方差的知识点应用 4.一次函数 y=2x1的图象大致是( ) A. B. C. D. 【答案】B 【解析】 【分析】 根据一次函数的性质，判断出 k 和 b 的符号即可解答 【详解】由题意知，k=20，b=10 时，函数图象经过一、三、四象限 故选 B 【点睛】本题考查了一次函数 y=kx+b 图象所过象限与 k，b的关系，当 k0，b0时

4、，函数图象经过 一、三、四象限 5.如图，在直角坐标系中，OAB的顶点为 O（0，0） ，A（4，3） ，B（3，0） 以点 O 为位似中心， 在第三象限内作与OAB的位似比为 1 3 的位似图形OCD，则点 C 坐标（ ） A. （1，1） B. （ 4 3 ，1） C. （1， 4 3 ） D. （2，1） 【答案】B 【解析】 【分析】 根据关于以原点为位似中心的对应点的坐标的关系，把 A点的横纵坐标都乘以 1 3 即可 【详解】解：以点 O 为位似中心，位似比为 1 3 ， 而 A （4，3） ， A点的对应点 C的坐标为（ 4 3 ，1） 故选：B 【点睛】本题考查了位似变换：在平面

5、直角坐标系中，如果位似变换是以原点为位似中心，相似比为 k，那么位似图形对应点的坐标的比等于 k 或-k 6.不等式 3（1x）24x 的解在数轴上表示正确的是（ ） A. B. C. D. 【答案】A 【解析】 【分析】 根据解一元一次不等式基本步骤：去括号、移项、合并同类项可得不等式的解集，继而可得答案 【详解】解：去括号，得：33x24x， 移项，得：3x+4x23， 合并，得：x1， 故选：A 【点睛】本题考查了解一元一次不等式及用数轴表示不等式的解集，正确解不等式是解题关键，注意 “”向右，“”向左，带等号用实心，不带等号用空心 7.如图，正三角形 ABC的边长为 3，将ABC 绕它

6、的外心 O 逆时针旋转 60 得到ABC，则它们重叠 部分的面积是（ ） A. 2 3 B. 3 3 4 C. 3 3 2 D. 3 【答案】C 【解析】 【分析】 根据重合部分是正六边形，连接 O 和正六边形的各个顶点，所得的三角形都是全等的等边三角形，据 此即可求解 【详解】解：作 AMBC于 M，如图： 重合部分是正六边形，连接 O 和正六边形的各个顶点，所得的三角形都是全等的等边三角形 ABC是等边三角形，AMBC， ABBC3，BMCM 1 2 BC 3 2 ，BAM30 ， AM3BM 3 3 2 ， ABC的面积 1 2 BC AM 1 2 33 3 2 9 3 4 ， 重叠部分

7、的面积 6 9 ABC的面积 69 33 3 = 942 ； 故选：C 【点睛】本题考查了三角形的外心、等边三角形的性质以及旋转的性质，理解连接 O 和正六边形的各 个顶点，所得的三角形都为全等的等边三角形是关键 8.用加减消元法解二元一次方程组 34 21 xy xy 时，下列方法中无法消元的是（ ） A. 2 B. （3） C. （2）+ D. 3 【答案】D 【解析】 【分析】 根据各选项分别计算，即可解答 【详解】方程组利用加减消元法变形即可 解：A、 2可以消元 x，不符合题意； B、 （3）可以消元 y，不符合题意； C、 （2）+可以消元 x，不符合题意； D、 3无法消元，符合

8、题意 故选：D 【点睛】本题考查了加减消元法解二元一次方程组，只有当两个二元一次方程未知数的系数相同或相 反时才可以用加减法消元，系数相同相减消元，系数相反相加消元 9.如图，在等腰ABC 中，ABAC2 5，BC8，按下列步骤作图： 以点 A 为圆心，适当的长度为半径作弧，分别交 AB，AC于点 E，F，再分别以点 E，F 为圆心，大 于 1 2 EF 的长为半径作弧相交于点 H，作射线 AH； 分别以点 A，B 为圆心，大于 1 2 AB的长为半径作弧相交于点 M，N，作直线 MN，交射线 AH 于点 O； 以点 O 为圆心，线段 OA 长为半径作圆 则O的半径为（ ） A. 2 5 B.

9、 10 C. 4 D. 5 【答案】D 【解析】 【分析】 如图，设 OA交 BC于 T解直角三角形求出 AT，再在 RtOCT 中，利用勾股定理构建方程即可解决 问题 【详解】解：如图，设 OA 交 BC 于 T ABAC2 5，AO 平分BAC， AOBC，BTTC4， AE 2222 (2 5)42ACCT ， 在 RtOCT 中，则有 r2（r2）2+42， 解得 r5， 故选：D 【点睛】本题考查作图复杂作图，等腰三角形的性质，垂径定理等知识，解题的关键是理解题意， 灵活运用所学知识解决问题 10.已知二次函数 yx2，当 axb 时 myn，则下列说法正确的是（ ） A. 当 nm

10、1时，ba有最小值 B. 当 nm1时，ba有最大值 C. 当 ba1 时，nm 无最小值 D. 当 ba1 时，nm 有最大值 【答案】B 【解析】 【分析】 当 ba1 时，先判断出四边形 BCDE是矩形，得出 BCDEba1，CDBEm，进而得出 ACnm，即 tannm，再判断出 0ABC90 ，即可得出 nm的范围； 当 nm1 时，同的方法得出 NHPQba，HQPNm，进而得出 MHnm1，而 tanMHN 1 ba ，再判断出 45MNH90 ，即可得出结论 【详解】解：当 ba1 时，如图 1，过点 B 作 BCAD 于 C， BCD90 ， ADEBED90 ， ADOBC

11、DBED90 ， 四边形 BCDE是矩形， BCDEba1，CDBEm， ACADCDnm， 在 Rt ACB 中，tanABC AC BC nm， 点 A，B在抛物线 yx2上， 0ABC90 ， tanABC0， nm0， 即 nm无最大值，有最小值，最小值为 0，故选项 C，D都错误； 当 nm1 时，如图 2，过点 N 作 NHMQ于 H， 同的方法得，NHPQba，HQPNm， MHMQHQnm1， 在 Rt MHQ中，tanMNH 1MH NHba ， 点 M，N在抛物线 yx2上， m0， 当 m0 时，n1， 点 N（0，0） ，M（1，1） ， NH1， 此时，MNH45 ，

12、 45MNH90 ， tanMNH1， 1 ba 1， ba 无最小值，有最大值，最大值为 1，故选项 A 错误； 故选：B 【点睛】此题主要考查了二次函数的性质，矩形的判定和性质，锐角三角函数，确定出MNH的范 围是解本题的关键 二、填空题二、填空题 11.分解因式：x29_ 【答案】 （x+3） （x3） 【解析】 【分析】 利用平方差公式进一步因式分解即可. 【详解】x29（x+3） （x3） 故答案为： （x+3） （x3） 【点睛】本题主要考查了利用公式法进行因式分解，熟练掌握相关公式解题关键. 12.如图所示，平行四边形 ABCD对角线 AC、BD 相交于点 O，试添加一个条件：

13、，使得平行 四边形 ABCD 为菱形 【答案】AD=DC（答案不唯一） 【解析】 试题分析：由四边形 ABCD 是平行四边形， 添加 AD=DC，根据邻边相等的平行四边形是菱形的判定，可使得平行四边形 ABCD 为菱形； 添加 ACBD，根据对角线互相垂直的平行四边形是菱形的判定，可使得平行四边形 ABCD 为菱形 答案不唯一 13.一只蚂蚁在如图所示的树枝上寻觅食物，假定蚂蚁在岔路口随机选择一条路径，它获得食物的概率 是_ 【答案】 1 3 【解析】 【分析】 直接利用概率公式求解 【详解】解：蚂蚁获得食物的概率 1 3 故答案为： 1 3 【点睛】本题考查了概率公式：随机事件 A 的概率

14、P（A）=事件 A可能出现的结果数除以所有可能 出现的结果数 14.如图，在半径为 2的圆形纸片中，剪一个圆心角为 90 的最大扇形（阴影部分） ，则这个扇形的面 积为_；若将此扇形围成一个无底的圆锥（不计接头） ，则圆锥底面半径为_ 【答案】 (1). (2). 1 2 【解析】 【分析】 由勾股定理求扇形的半径，再根据扇形面积公式求值；根据扇形的弧长等于底面周长求得底面半径即 可 【详解】解：连接 BC， 由BAC90 得 BC 为O的直径， BC2 2， 在 RtABC 中，由勾股定理可得：ABAC2， S扇形ABC 904 360 ； 扇形的弧长为： 902 180 ， 设底面半径为

15、r，则 2r， 解得：r 1 2 ， 故答案为：， 1 2 【点睛】 本题考查了圆锥的计算： 圆锥的侧面展开图为一扇形， 这个扇形的弧长等于圆锥底面的周长， 扇形的半径等于圆锥的母线长 15.数学家斐波那契编写的算经中有如下问题：一组人平分 10 元钱，每人分得若干；若再加上 6 人，平分 40元钱，则第二次每人所得与第一次相同，求第一次分钱的人数设第一次分钱的人数为 x人， 则可列方程_ 【答案】 1040 6xx 【解析】 【分析】 根据“第二次每人所得与第一次相同，”列分式方程即可得到结论 【详解】解：根据题意得， 1040 6xx ， 故答案为： 1040 6xx 【点睛】本题主要考查

16、分式方程的实际应用，找出等量关系，列出分式方程，是解题的关键 16.如图，有一张矩形纸条 ABCD，AB5cm，BC2cm，点 M，N 分别在边 AB，CD 上，CN1cm现 将四边形 BCNM沿 MN折叠，使点 B，C分别落在点 B，C上当点 B恰好落在边 CD 上时，线段 BM 的 长为_cm；在点 M从点 A 运动到点 B 的过程中，若边 MB与边 CD交于点 E，则点 E 相应运动的路径 长为_cm 【答案】 (1). 5 (2). 3 5 2 【解析】 【分析】 第一个问题证明 BMMBNB，求出 NB 即可解决问题第二个问题，探究点 E 的运动轨迹，寻找 特殊位置解决问题即可 【详

17、解】如图 1 中， 四边形 ABCD是矩形， ABCD， 13， 由翻折的性质可知：12，BMMB， 23， MBNB， NB 22 BCNC 22 21 5（cm） ， BMNB5（cm） 如图 2 中，当点 M与 A重合时，AEEN，设 AEENxcm， 在 RtADE 中，则有 x222+（4x）2，解得 x 5 2 ， DE4 5 2 3 2 （cm） ， 如图 3 中，当点 M运动到 MBAB 时，DE的值最大，DE5122（cm） ， 如图 4 中，当点 M运动到点 B落在 CD 时，DB（即 DE）515（45） （cm） ， 点 E的运动轨迹 EEE，运动路径EE+EB2 3

18、2 +2（45）（ 3 5 2 ） （cm） 故答案为5， （ 3 5 2 ） 【点睛】本题考查翻折变换，矩形的性质，解直角三角形等知识，解题的关键是理解题意，灵活运用 所学知识解决问题，属于中考填空题中的压轴题 三、解答题三、解答题 17.（1）计算： （2020）0 4+|3|； （2）化简： （a+2） （a2）a（a+1） 【答案】 （1）2； （2）4a 【解析】 【分析】 （1）直接利用零指数幂的性质和二次根式的性质、绝对值的性质分别化简得出答案； （2）直接利用平方差公式以及单项式乘以多项式计算得出答案 【详解】解： （1） （2020）0 4+|3| 12+3 2； （2） （

19、a+2） （a2）a（a+1） a24a2a 4a 【点睛】本题主要考查了实数的运算，准确运用零指数幂、二次根式的性质和绝对值的性质是解题的 关键 18.比较 x2+1与 2x大小 （1）尝试（用“”，“”或“”填空） ： 当 x1时，x2+1 2x； 当 x0时，x2+1 2x； 当 x2 时，x2+1 2x （2）归纳：若 x 取任意实数，x2+1与 2x 有怎样的大小关系？试说明理由 【答案】 （1）=； （2）x2+12x，理由见解析 【解析】 【分析】 （1）根据代数式求值，可得代数式的值，根据有理数的大小比较，可得答案； （2）根据完全平方公式，可得答案 【详解】解： （1）当 x

20、1 时，x2+12x； 当 x0时，x2+12x； 当 x2 时，x2+12x 故答案为：； （2）x2+12x 证明：x2+12x（x1）20， x2 +12x 【点睛】本题考查了求代数式的值，有理数的大小比较，两个整式大小比较及证明，公式法因式分解、 不完全归纳法，解题关键是理解根据“A-B”的符号比较“A、B”的大小 19.已知：如图，在OAB中，OAOB，O与 AB相切于点 C求证：ACBC小明同学的证明过 程如下框： 证明：连结 OC， OAOB， AB， 又OCOC， OACOBC， ACBC 小明的证法是否正确？若正确，请在框内打“”；若错误，请写出你的证明过程 【答案】错误，证

21、明见解析 【解析】 【分析】 连结 OC，根据切线的性质和等腰三角形的性质即可得到结论 【详解】解：证法错误； 证明：连结 OC， O与 AB相切于点 C， OCAB， OAOB， ACBC 【点睛】本题考查了切线的性质，等腰三角形的性质，熟练正确切线的性质是解题的关键 20.经过实验获得两个变量 x（x0） ，y（y0）的一组对应值如下表 x 1 2 3 4 5 6 y 6 2 .9 2 1 .5 1 .2 1 （1）请画出相应函数的图象，并求出函数表达式 （2）点 A（x1，y1） ，B（x2，y2）在此函数图象上若 x1x2，则 y1，y2有怎样的大小关系？请说明理 由 【答案】 （1）

22、图象见解析， 6 y x (0 x)； （2）y1y2，理由见解析 【解析】 【分析】 （1）利用描点法即可画出函数图象，再利用待定系数法即可得出函数表达式； （2）根据反比例函数的性质解答即可 【详解】解： （1）函数图象如图所示，设函数表达式为0 k yk x ， 把 x1，y6代入，得 k6， 函数表达式为 6 y x (0 x)； （2）k60， 在第一象限，y随 x的增大而减小， 0 x1x2时，则 y1y2 【点睛】本题主要考查反比例函数图象的特点和求函数关系表达式，解题的关键是求出函数表达式， 并熟悉反比例函数的性质和特点 21.小吴家准备购买一台电视机，小吴将收集到的某地区 A

23、、B、C三种品牌电视机销售情况的有关数 据统计如下： 根据上述三个统计图，请解答： （1）20142019年三种品牌电视机销售总量最多的是 品牌，月平均销售量最稳定的是 品牌 （2）2019 年其他品牌的电视机年销售总量是多少万台？ （3）货比三家后，你建议小吴家购买哪种品牌的电视机？说说你的理由 【答案】 （1）B， C； （2）2019 年其他品牌的电视机年销售总量是 115.2 万台； （3）建议购买 C 品牌 （建议购买 B 品牌） ，理由见解析 【解析】 【分析】 （1）从条形统计图、折线统计图可以得出答案； （2）求出总销售量，“其它”的所占的百分比； （3）从市场占有率、平均销售

24、量等方面提出建议 【详解】解： （1）由条形统计图可得，20142019年三种品牌电视机销售总量最多的是 B 品牌，是 1746万台； 由条形统计图可得，20142019 年三种品牌电视机月平均销售量最稳定的是 C品牌，比较稳定，极差 最小； 故答案为：B，C； （2）20 12 25%960（万台） ，125%29%34%12%， 960 12%115.2（万台） ； 答：2019年其他品牌的电视机年销售总量是 115.2 万台； （3）建议购买 C品牌，因为 C 品牌 2019年的市场占有率最高，且 5 年的月销售量最稳定； 建议购买 B品牌，因为 B品牌的销售总量最多，受到广大顾客的青睐

25、 【点睛】本题考查了条形统计图，折线统计图，扇形统计图，认真审题，搞清三个统计图分别反映不 同意义是解题关键 22.为了测量一条两岸平行的河流宽度，三个数学研究小组设计了不同的方案，他们在河南岸的点 A 处测得河北岸的树 H恰好在 A 的正北方向测量方案与数据如下表： 课题 测量河流宽度 测量 工具 测量角度的仪器，皮尺等 测量 小组 第一小组 第二小组 第三小组 测量 方案示意 图 说明 点 B， C在点 A的 正东方向 点 B，D在点 A的 正东方向 点 B 在点 A 的正东 方向，点 C在点 A的正 西方向 测量 数据 BC60m， ABH70 ， ACH35 BD20m， ABH70

26、， BCD35 BC101m， ABH70 ， ACH35 （1）哪个小组的数据无法计算出河宽？ （2）请选择其中一个方案及其数据求出河宽（精确到 0.1m） （参考数据：sin700.94，sin350.57， tan702.75，tan350.70） 【答案】 （1）第二个小组的数据无法计算河宽； （2）河宽为 56.4m 【解析】 【分析】 （1）第二个小组的数据无法计算出河宽； （2）第一个小组：证明 BCBH60m，解直角三角形求出 AH 即可 第三个小组：设 AHxm，则 CA AH tan35 ，AB AH tan70 ，根据 CA+ABCB，构建方程求解即可 【详解】解： （1

27、）第二个小组的数据无法计算河宽； （2）第一个小组的解法： ABHACH+BHC，ABH70 ，ACH35 ， BHCBCH35 ， BCBH60m， AHBHsin70600.9456.4（m） 第三个小组的解法： 设 AHxm，则 CA AH tan35 ，AB AH tan70 ， CA+ABCB， 0.702.75 xx 101， 解得 x56.4 答：河宽为 56.4m 【点睛】本题考查解直角三角形的应用、等腰三角形的判定和性质等知识，弄清题意、列出方程是解 答本题的关键 23.在一次数学研究性学习中，小兵将两个全等的直角三角形纸片 ABC和 DEF 拼在一起，使点 A与点 F 重合

28、，点 C与点 D重合（如图 1） ，其中ACBDFE90 ，BCEF3cm，ACDF4cm，并进行 如下研究活动 活动一：将图 1中的纸片 DEF沿 AC方向平移，连结 AE，BD（如图 2） ，当点 F 与点 C 重合时停止平 移 【思考】图 2中的四边形 ABDE 是平行四边形吗？请说明理由 【发现】当纸片 DEF 平移到某一位置时，小兵发现四边形 ABDE为矩形（如图 3） 求 AF 的长 活动二： 在图 3中， 取 AD 的中点 O， 再将纸片 DEF绕点 O顺时针方向旋转 度 （090） ， 连结 OB， OE（如图 4） 【探究】当 EF平分AEO 时，探究 OF与 BD的数量关系

29、，并说明理由 【答案】 【思考】是，理由见解析； 【发现】 9 4 ； 【探究】BD2OF，理由见解析； 【解析】 【分析】 【思考】由全等三角形的性质得出 ABDE，BACEDF，则 ABDE，可得出结论； 【发现】连接 BE交 AD于点 O，设 AFx（cm） ，则 OAOE 1 2 （x+4） ，得出 OFOAAF2 1 2 x，由勾股定理可得 2 2 2 11 234 24 xx ，解方程求出 x，则 AF可求出； 【探究】如图 2，延长 OF交 AE于点 H，证明 EFOEFH（ASA） ，得出 EOEH，FOFH，则 EHOEOHOBDODB，可证得 EOHOBD（AAS） ，得出

30、 BDOH，则结论得证 【详解】解： 【思考】四边形 ABDE是平行四边形 证明：如图，ABCDEF， ABDE，BACEDF， ABDE， 四边形 ABDE 是平行四边形； 【发现】 如图 1，连接 BE交 AD 于点 O， 四边形 ABDE 为矩形， OAODOBOE， 设 AFx（cm） ，则 OAOE 1 2 （x+4） ， OFOAAF2 1 2 x， 在 Rt OFE 中，OF2+EF2OE2， 2 2 2 11 234 24 xx ， 解得：x 9 4 ， AF 9 4 cm 【探究】BD2OF， 证明：如图 2，延长 OF交 AE于点 H， 四边形 ABDE 为矩形， OABO

31、BAODEOED，OAOBOEOD， OBDODB，OAEOEA， ABD+BDE+DEA+EAB360 ， ABD+BAE180 ， AEBD， OHEODB， EF 平分OEH， OEFHEF， EFOEFH90 ，EFEF， EFOEFH（ASA） ， EOEH，FOFH， EHOEOHOBDODB， EOHOBD（AAS） ， BDOH2OF 【点睛】 本题考查了图形的综合变换， 涉及了三角形全等的判定与性质、 平行四边形的判定与性质等， 准确识图，熟练掌握和灵活运用相关知识是解题的关键 24.在篮球比赛中，东东投出的球在点 A 处反弹，反弹后球运动的路线为抛物线的一部分（如图 1所示

32、 建立直角坐标系） ，抛物线顶点为点 B （1）求该抛物线的函数表达式 （2）当球运动到点 C时被东东抢到，CDx 轴于点 D，CD2.6m 求 OD的长 东东抢到球后，因遭对方防守无法投篮，他在点 D 处垂直起跳传球，想将球沿直线快速传给队友华 华，目标为华华的接球点 E（4，1.3） 东东起跳后所持球离地面高度 h1（m） （传球前）与东东起跳后时 间 t（s）满足函数关系式 h12（t0.5）2+2.7（0t1） ；小戴在点 F（1.5，0）处拦截，他比东东晚 0.3s 垂直起跳，其拦截高度 h2（m）与东东起跳后时间 t（s）的函数关系如图 2所示（其中两条抛物线的形状 相同） 东东的

33、直线传球能否越过小戴的拦截传到点 E？若能， 东东应在起跳后什么时间范围内传球？若不 能，请说明理由（直线传球过程中球运动时间忽略不计） 【答案】 （1）y2（x0.4）2+3.32； （2）1m；能， 1332 85 1010 t 【解析】 【分析】 （1）设 ya（x0.4）2+3.32（a0） ，将 A（0，3）代入求解即可得出答案； （2）把 y2.6代入 y2（x0.4）2+3.32，解方程求出 x，即可得出 OD1m； 东东在点 D 跳起传球与小戴在点 F处拦截的示意图如图 2，设 MDh1，NFh2，当点 M，N，E 三 点共线时，过点 E 作 EGMD 于点 G，交 NF于点

34、H，过点 N 作 NPMD于点 P，证明MPNNEH， 得出 MPNH PNHE ，则 NH5MP分不同情况： （）当 0t0.3时， （）当 0.3t0.65时， （）当 0.65 t1 时，分别求出 t的范围可得出答案 【详解】解： （1）设 ya（x0.4）2+3.32（a0） ， 把 x0，y3代入，解得 a2， 抛物线的函数表达式为 y2（x0.4）2+3.32 （2）把 y2.6代入 y2（x0.4）2+3.32， 化简得（x0.4）20.36， 解得 x10 2（舍去） ，x21， OD1m 东东的直线传球能越过小戴的拦截传到点 E 由图 1 可得，当 0t0.3 时，h22.2

35、 当 0.3t1.3时，h22（t0.8）2+2.7 当 h1h20时，t0.65， 东东在点 D跳起传球与小戴在点 F 处拦截的示意图如图 2， 设 MDh1，NFh2， 当点 M，N，E 三点共线时，过点 E 作 EGMD于点 G，交 NF 于点 H，过点 N作 NPMD于点 P， MDNF，PNEG， MHEN，MNPNEH， MPNNEH， MPNH PNHE ， PN0.5，HE2.5， NH5MP （）当 0t0.3时， MP2（t0.5）2+2.72.22（t0.5）2+0.5， NH2.21.30.9 52（t0.5）2+0.50.9， 整理得（t0.5）20.16， 解得 1

36、 9 10 t （舍去） ， 1 1 10 t ， 当 0t0.3 时，MP 随 t的增大而增大， 13 1010 t （）当 0.3t0.65时，MPMDNF2（t0.5）2+2.72（t0.8）2+2.71.2t+0.78， NHNFHF2（t0.8）2+2.71.32（t0.8）2+1.4， 2（t0.8）2+1.45 （1.2t+0.78） ， 整理得 t24.6t+1.890， 解得， 1 232 85 10 t （舍去） ， 2 232 85 10 t ， 当 0.3t0.65 时，MP 随 t的增大而减小， 3232 85 1010 t （）当 0.65t1 时，h1h2，不可能

37、 给上所述，东东在起跳后传球的时间范围为 1232 85 1010 t 【点睛】本题是二次函数的综合题，主要考查二次函数的性质，二次函数图象上点的坐标特征，二次 函数的应用，解题的关键是熟练掌握待定系数法求函数解析式以及能将实际问题转化为二次函数问题求 解 本试卷的题干、答案和解析均由组卷网（）专业教师团队编校出品。 登录组卷网可对本试卷进行单题组卷、细目表分析、布置作业、举一反三等操作。 试卷地址：在组卷网浏览本卷 组卷网是163文库旗下的在线题库平台，覆盖小初高全学段全学科、超过 900 万精品解析试题。 关注组卷网服务号，可使用移劢教学劣手功能（布置作业、线上考试、加入错题本、错题训练） 。 163文库长期征集全国最新统考试卷、名校试卷、原创题，赢取丰厚稿酬，欢迎合作。 钱老师 QQ：537008204 曹老师 QQ：713000635