安徽省池州市2024届高三物理二模试卷及答案.pdf

1、物理 第 1 页（共 6 页）姓名 座位号 （在此卷上答题无效）绝密启用前2024 年池州市普通高中高三教学质量统一监测物 理满分：100 分 考试时间：75 分钟注意事项：1答卷前，务必将自己的姓名和座位号填写在答题卡和试卷上。2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，务必擦净后再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、选择题：本题共 8 小题，每小题 4 分，共 32 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合要求的。1日本于 2023 年 8 月 24 日正式开始核污水

2、排海，现已有数万吨核污染水流入太平洋，会造成长时间的核污染。废水中含有铯、锶、氚等多种放射性物质，其中铯 137 原子核具有较强的放射性，会发生衰变并释放能量，其半衰期长达 30 年。若铯 137 原子核的衰变方程为：1375513756+，下列说法正确的是A福岛核电站利用的是可控热核反应的原理发电B铯 137 衰变时，衰变产物中的为中子C速度与热运动速度相当的中子最易引发核裂变D排海污水中的铯 137 经 60 年就会全部发生衰变2池州市东至县紧邻鄱阳湖风廊道，是安徽省风能资源最丰富地区之一。图甲是东至县红旗岭风电场，山巅耸立的风电机组与蓝天白云相映成景，美如画卷。图乙为风力发电的简易模型，

3、在风力作用下，风叶带动与杆固连的永磁体转动，磁体下方的线圈与电压传感器相连。在某一风速时，电压传感器显示如图丙所示正弦规律变化，则甲 乙 丙A永磁体的转速为 10r/sB线圈两端电压的有效值为6 2C交流电压的表达式为=1220D若将该交流电直接加在击穿电压为 9V 的电容器上，电容器不会被击穿3如图甲所示为压气式消毒喷壶，若该壶容积为2，内装1.4的消毒液。闭合阀门 K，缓慢向物理 第 2 页（共 6 页）下压，每次可向瓶内储气室充入0.05的1.0的空气，经n次下压后，壶内气体压强变为2.0时按下，阀门 K 打开，消毒液从喷嘴处喷出，喷液全过程气体状态变化图像如图乙所示。（已知储气室内气体

4、可视为理想气体，充气和喷液过程中温度保持不变，1.0=1.0 105。）下列说法正确的是甲 乙A充气过程向下压的次数10n次B气体从状态变化到状态的过程中，气体吸收的热量大于气体做的功C乙图中 和 的面积相等D从状态变化到状态，气体分子单位时间内对器壁单位面积上的碰撞次数不变4石墨烯材料的发现使科幻电影流浪地球2中的“太空电梯”的制造成为可能，人类将有望通过“太空电梯”进入太空。设想在地球赤道上固定安装一垂直于地面延伸到太空的轻质电梯，电梯顶端可超过地球同步卫星 A 的高度延伸到太空深处，这种所谓的太空电梯可用于低成本发射绕地人造卫星。如图所示，假设某物体 B 搭乘太空电梯到达了图示的位置并停

5、在此处，与同高度运行的卫星 C 和同步卫星 A 相比较AB 的角速度小于的角速度BB 的线速度大于同步卫星 A 的线速度C若 B 突然脱离电梯，B 将做离心运动DB 的向心加速度大于 A 的向心加速度5某兴趣小组研究发现最大静摩擦力的大小也与两物体间的正压力成正比，查阅资料得知其比例系数称为静摩擦因数。如图所示，一只蚂蚁在半球形碗底想要爬出碗内，但它缓慢爬行能达到的最大高度恰好只有碗的半径的 0.2 倍，假设碗内各处的静摩擦因数相同，则蚂蚁与碗之间的静摩擦因数为A0.2 B0.8 C0.75 D346艺术体操是一项女子竞技项目，主要有绳操、球操、圈操、带操、棒操五项。带操动作柔软、流畅、飘逸、

6、优美。如图所示是一位带操运动员的竞技场景，丝带的运动可以近似为一列简谐横波沿轴传播，=0时刻的波形如图甲所示，A、B、P 和 Q 是介质中的四个质点，=0时刻该波刚好传播到点，质点的振动图像如图乙所示，则以下说法正确的是物理 第 3 页（共 6 页）甲 乙A=1.8时，质点的位移为20 B该波的传播速度是25/C波向轴负方向传播 D=3.2时质点通过的路程是 807如图所示，质量为 m 的小球 A 从地面向上斜抛，抛出时的速度大小为 25m/s，方向与水平方向夹角为 53，在 A 抛出的同时有一质量为 m 的黏性小球 B 从某高处自由下落，当 A 上升到最高点时恰能击中竖直下落中的黏性小球 B

7、，A、B 两球碰撞时间极短，碰后 A、B 两球粘在一起落回地面，不计空气阻力，sin53=0.8，取 10m/s2。以下说法正确的是A小球 A 上升至最高处时水平位移是 20mB小球 B 下落时离地面的高度是 40mC小球 A 从抛出到落回地面的时间为 4sD小球 A 从抛出到落回地面的水平距离为 45m8如图所示，在真空中水平放置一高为 2L 的长方体绝缘支架，其上下两个面是边长为 L 的正方形，在顶点 A、C 处分别放置电荷量均为+Q 的点电荷，在顶点 F、H 处分别放置电荷量均为Q 的点电荷，O1、O2分别是线段 AC 和线段 FH的中点。下列说法正确的是A该长方体的几何中心处场强方向竖

8、直向上BB、D 两点场强和电势均相同C沿竖直方向从 O1到 O2，场强大小先减小后增大D将一负试探电荷从 D 点移到 G 点，电场力做负功二、选择题：本题共 2 小题，每小题 5 分，共 10 分。在每小题给出的选项中，有多项符合题目要求。全部选对得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。9从地面上以初速度0竖直向上抛出一质量为 m 的小球，若运动过程中小球受到的空气阻力与其速率成正比，比例系数为 k，小球运动的速率随时间变化规律如图所示，1时刻到达最高点，再落回地面，且落地前小球已经做速率为1的匀速直线运动。已知重力加速度为，则A小球上升的时间大于下落的时间B小球上升过程速率为

9、2时的加速度大小为=+02C小球上升的最大高度为=(01)D小球从抛出到落回地面的整个过程中克服空气阻力做的功为=122122110如图所示，足够长的竖直绝缘墙壁右侧存在垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为。质物理 第 4 页（共 6 页）量为、带电量为（0）的绝缘物块与绝缘墙壁之间的动摩擦因数为，重力加速度。现将小物块紧贴竖直墙壁由静止释放，当小物块沿绝缘墙壁下滑 h 时获得最大速度开始匀速下滑，墙壁足够长，下列说法正确的是A小物块运动过程中的最大加速度为 B小物块获得最大速度=C小物块沿绝缘墙壁下滑 h 过程克服摩擦力做的功=222222 D小物块沿绝缘墙壁下滑 h 过程经历的时间=+三、

10、非选择题：本大题共 5 小题，共 58 分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤。只写出最后答案的不得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。11（6 分）某学习小组的同学在实验室用如图 1 所示的装置研究单摆。将单摆挂在力传感器的下端，同时由力传感器连接到计算机，得到了摆线对摆球的拉力大小 F 随时间 t 变化的图像，如图 2 所示。（1）用螺旋测微器测量摆球的直径，为了使读数更精确，对螺旋测微器进行了改进，在螺旋测微器固定刻度的上半部刻了 10 个等分刻度，固定刻度的“横线”是 10 等分刻度的“0”刻度线，这 10 个刻度的总长度与可动刻度最左端的 9 个刻度的总长度

11、相等。其测量结果如图 3 所示，图中螺旋测微器测出的摆球的直径为 mm。图 1 图 2（2）小组成员在实验过程中有下列说法，其中正确的是 和 （填正确答案标号）。A对于摆球的选择，可以是铁球，也可以是塑料球B单摆偏离平衡位置的最大角度最好控制在5以内C由图 2 可知，单摆的周期为40D如果用悬线的长度作为摆长，代入单摆周期公式计算得到的重力加速度值偏大 图 3 图 4（3）为减小实验误差，多次改变摆长 L，测量对应的单摆周期 T，用多组实验数据绘制2图像如图 4 所示。由图可知重力加速度大小为=（用图中 T1、T2、L1、L2表示）。物理 第 5 页（共 6 页）12（10 分）充电宝是手机及

12、时充电的一种重要工具。充电宝里面有一个锂电池，通常锂电池的电压是 4V 左右，由于在充电宝中有相应的升压和稳压电路，充电宝的电压可以达到 5V。某课题研究小组为了探究充电宝的电动势随储电量的变化规律，准备了以下实验器材并设计了一个实验电路测量充电宝的电动势和内阻。A充电宝（电动势约为 5V，内阻约为 0.4）B电压表 V（量程 3V，电阻 RV 为 4.0k）C电流表 A（量程 0.6A，电阻 RA 约为 0.5）D滑动变阻器 R（020，额定电流 1A）E定值电阻 R12F定值电阻 R24kG开关 S 一只、导线若干（1）实验中，若电流表读数为 I，电压表读数为 U，请写出 U 与 I 的关

13、系式，U （用 E，r 及 R1表示）。（2）该研究小组按电路图正确连接电路后进行实验，测量了在充电宝储电量为100%时的6组数据并在坐标纸上描点，请结合数据点在坐标纸上拟合出充电宝的关系图像；电压U(V)2.172.132.082.021.961.79电流I(A)0.270.310.350.400.520.59（3）请根据图线确定充电宝的电动势=_，内阻=_。（结果保留两位小数）（4）该课题研究小组继续实验，测定了充电宝在不同储电量时的电动势，数据如下表所示电量/%100806040205充电宝电动势/V5.045.045.005.085.06根据实验数据你认为充电宝的电动势随储电量的减小而

14、 。（选填“增大”、“几乎不变”、“减小”）13（10 分）2023 年 5 月 17 日，首枚池州造“智神星一号”液体运载火箭在安徽星河动力装备科技有限公司顺利总装下线，至此，成功实现中国火箭池州造。为了研究火箭可回收技术，某次从地面发射质量为 1000k的小型实验火箭，火箭上的喷气发动机可产生恒定的推力，且可通过改变喷气发动机尾喷管的喷气质量和方向改变发动机推力的大小和方向。火箭起飞时发动机推力大小为1，与水平方向成160，火箭沿斜向右上方与水平方向成230做匀加速直物理 第 6 页（共 6 页）线运动。经过 t30s，立即遥控火箭上的发动机，使推力的方向逆时针旋转 60，大小变为2，火箭

15、依然可以沿原方向做匀减速直线运动。（不计遥控器通信时间、空气阻力和喷气过程中火箭质量的变化，取10m/s2）求：（1）推力1的大小；（2）火箭上升的最大位移大小；（3）火箭在上升的过程中推力最大功率。14（14 分）如题图所示，有一折射率为2的玻璃柱体，其横截面是圆心角为90、半径为的扇形，一束平行光平行于横截面，以30入射角照射到上，不透光，若只考虑首次入射到圆弧上的光，（已知 sin28,sin20,sin16)求：（1）这束光在玻璃柱体内的折射角。（2）照射到圆弧上最右侧的光线距离 B 点的弧长。（3）圆弧上有光透出部分的弧长。15（18 分）如图所示，水平绝缘桌面上固定两根无限长平行金

16、属导轨，导轨间距 L14 m，金属导轨处于竖直向下的匀强磁场中，磁感应强度大小10.5BT，金属导轨串联1=3，2=4 的两个电阻，2两端并联一个平行板电容器，导轨上放置一根金属杆 ab，其电阻 r=1，以 v11m/s 的速度向左匀速运动，平行板长度 L22m，宽度 d2m。某时刻，在平行板左边缘正中央有一比荷为0.25/qC kgm的带负电粒子，以初速度 v00.5m/s 向右进入平行板电容器，并从其右侧飞出，立即进入到磁感应强度大小为 B22T、方向竖直向上的匀强磁场中，磁场 B2的左边界为图中的虚线位置。以平行板电容器中央线距板右边缘 1m 的位置为坐标原点建立平面直角坐标系（如图），

17、原点处固定一抛物线状荧光屏，其轨道方程为=2（0）。（忽略金属杆与导轨的接触电阻及导线电阻，忽略电容器的充放电时间，忽略带电粒子在磁场中运动时的电磁辐射等影响，不计平行金属板两端的边缘效应及带电粒子的重力和空气阻力）。试分析下列问题：（1）平行板电容器两极板间的电势差；（2）带电粒子飞出电场时的速度大小 v 及其与水平方向的夹角；（3）带电粒子打在荧光屏上的位置坐标 P 及在 B2磁场中运动时间 t。23242512024年池州市普通高中高三教学质量统一监测物理评分参考题号12345678910答案CBCACDBDBDABD11.【答案】：17.283 （2 分）分）B（1 分）分）C（1 分

18、）分）()（2 分）分）12.【答案】(1)IRrEU221 （2 分）分）(2)（2 分）分）(3)=5.00V(4.965.04 范围内均可)（2 分）分）=0.42(0.300.50 范围内均可)（2 分）（分）（4）几乎不变（2 分）分）13.【答案】（1）433 10()FmgN1，（2）=13500m,（3）Pm=3 3 106【详解】（1）火箭上升过程时的受力情况如图（2 分）分）由图可知41 10()FmgN 合 （1 分）分）433 10()FmgN1 （1 分）分）（2）当推力逆时针方向转动 60 后受力情况如图：F合与 F2垂直41sin3010()2FmgN o合 （1

19、 分）分）加速度段的加速度2110(/)Fam sm合，2减速阶段的加速度225(/)Fam sm合 （1 分）分）12ata t 260tts （1 分）分）2212111350022xata t（m）（1 分）分）（3）加速度阶段的最后时刻火箭的瞬时功率最大为 Pm61113 3 10mmPFVF at（W）（2 分）分）14.【答案】(1)=20 (2)1=9 (3)2=4【详解】(1)根据=sin30sin （2 分）分）,得sin=24（1 分）分）所以=20；（1 分）分）(2)光路图如图所示，从 O 点射向 D 点，=20 （1 分）分）,则 BD 部分弧长为1=20360 2

20、（2 分）分）解得 1=9 （1 分）分）(3)由折射定律可求得设在点恰好发生全反射由sin=1 （1 分）分）可求得=45 （1 分）分）得=180209045=25 （1 分）分）则=902520=45 （1 分）分）弧上有光透出的部分弧长为2=45360 2 （1 分）分）解得 2=4（1 分）分）15.答案答案:（1）UMN=1V （2）v=22/,=45 （3）P（1，1）,t=【详解】（1）对导体棒 ab 切割磁感线有：=111 （1 分）分）UMN=212 （1 分）分）解得UMN=1V （1 分）分）（2）带电粒子在平等板电容器内做类平抛运动，有=（1 分）分）2=0 （1 分

21、）分）vy=（1 分）分）又=0 （1 分）分）v=0 （1 分）分）3解得：v=22/（1 分）分）=45 （1 分）分）（3）粒子进入磁场 B2中做圆周运动，有 2=2 （1 分）分）解得：R=2设粒子打在光屏上位置坐标为（x，y），则有2+2=2（1 分）分）又粒子在抛物线上，有y=2 （1 分）分）联立有：y2y2=0 （1 分）分）解得：y=2舍去，或y=1，即位置坐标为 P（1，1）（1 分）分）由几何关系可知：NP所对圆心角为=2 （1 分）分）则t=（1 分）分）解得t=（1 分）分）42024年池州市普通高中高三教学质量统一监测物理评分参考（详细）1.【答案】C【解析】A福岛

22、核电站利用的是重核裂变的原理发电。故 A 错误B铯 137 衰变时，衰变产物中的为电子。故 B 错误C速度与热运动速度相当的中子最易引发核裂变。故 C 正确D 排海污水中的铯 137 经 60 年有 3/4 发生衰变。故 D 错误2.【答案】B【解析】A.电流的周期为=0.4，故磁体的转速为=1=10.4/=2.5/，故 A 错误；B.通过乙图可知电压的最大值为12，故有效值=2=6 2，故 B 正确；C.周 期 =0.4，故 =2=20.4/=5/，故 电 压 的 表 达 式 为=125()，故 C 错；D.电容器是否击穿应参考交流电的最大值，而交流电的最大值大于电容器的击穿电压，故 D 错

23、误。3.【答案】C【解析】A、壶中原来空气的体积1=0.6，由玻意耳定律1(0+1)=21，解得=12次，故 A 错误；B、气体从到，体积增大，对外做功，由于温度不变，理想气体内能不变，根据热力学第一定律=+可得，气体吸收的热量等于气体做的功，故 B 错误；C、三角形面积：=12，由题意可知，图线为等温曲线，由理想气体状态方程：=，则：=，由于是常数，温度保持不变，则相等，两三角形 和 的面积相等，故 C 正确；D、到的过程中，温度不变，分子平均运动速率不变，但是体积变大，分子变稀疏，压强减小，所以气体分子单位时间内对器壁单位面积上的碰撞次数减少，故 D 错误4.【答案】A【解析】A.设卫星

24、C 的质量为、轨道半径为、地球质量为，人造地球卫星绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，则得 2=2，得=3，则知的角速度5大于的角速度；而与的角速度相等，所以的角速度大于 的角速度，故 A 正确；B.因与同步卫星的角速度相同，由=知同步卫星的线速度大，故 B 错误；C.若突然脱离电梯，因其线速度小于同轨道的卫星的线速度，则所需向心力小于万有引力，做近心运动，故 C 错误；D.因与的角速度相等，由=2分析知的向心加速度小于的向心加速度，故 D 错误。故选 A。5.【答案】C【解析】设碗的半径为 R，蚂蚁在最大高度处，与球心的连线与水平方向夹角为，则有8.02.01sinRR,即。则该位

25、置碗内曲面的切面与水平方向的夹角为，则静摩擦因数 6.【答案】D【解析】：A：由题图甲乙可知，振幅=20，周期=0.8，角速度为=2=2.5/，振动的初相为0=，则质点的位移的函数表达式为：=20(2.5+)，当=1.8时，质点的位移为=20sin112=20。故 A 错。B：由乙图可知，质点的振动周期为=0.8，由甲图可知，波长=20，则波速为=25/；故 B 单位错。C：由该简谐波=0时恰好传到点，波源在点左侧，波向轴正方向传播，故 C 错。D：质点、平衡位置之间的距离为=60，由=，解得=2.4，即经过2.4质点开始振动，又经过 0.8s 质点完成一次全振动通过的路程是 80cm，故 D

26、正确。7.【答案】：B【解析】A.上升时间为=53=2,则1=5353=30，故 A 错；B.A 球竖直方向做竖直上抛运动至最高点，B 球做自由落体落体运动，则两球运动的高度相同，均为 =(sin53)22=20m,小球 B 下落时离地面的高度是 40m，B 对；C两球竖直方向的运动是互逆的，相遇时小球 A 竖直速度为 0，小球 B 的速度为o53o3775.037tanso6=sin53=20m/s根据两球在竖直方向上的动量守恒,=2两球粘在一起后的竖直速度为,=10m/s继续下落，有 =+122 ,得=（5-1）s则小球 A 从抛出到落回地面的时间为=（5+1）s，C 错；D根据两球在水平

27、方向上的动量守恒 cos53=2得=7.5m/s相撞后两球的水平位移为 2=15（51）2m小球 A 从抛出到落回地面的水平距离为 =1+2=15（5 3）2m ,D 错误。8.【答案】D【解析】A由等量同种点电荷电场特点可知，A、C 处放置的正电荷在长方体的几何中心处场强方向竖直向下，F、H 处放置的负电荷在长方体的几何中心处场强方向竖直向下，则该长方体的几何中心处合场强竖直向下，故 A 错误；BB、D 两点到两正电荷的距离相同，到两负电荷的距离相同，由矢量合成可知，B、D 两点的场强大小相等，方向不同，由对称性可知电势相同，故 B 错误；C沿竖直方向从 O1到 O2，两正电荷在 O1点场强

28、为 0，两负电荷 O2点场强为 0，则 O1点场强与 O2点场强相同且较小，不可能先减小后增大，故 C 错误；DD 点离两正电荷更近，G 点离两负电荷更近，则 D 点电势高于 G 点电势，将一电子从 D点移到 E 点，电场力做负功，故 D 正确。9.【答案】BD【解析】A图像与时间轴围成的面积表示位移，由于上升过程和下降过程中的位移相等，上升阶段平均速度大于下降阶段平均速度，根据公式 =可知上升时间小于下降时间，故 A 错误；B根据牛顿第二定律可得 +02=，解得 =+02,故 B 正确。C.设上升时加速度为 a，根据牛顿第二定律可知 +=取极短时间，速度变化量为 =(+)，由于 =上升全程速

29、度变化量为 =00，则 0=1+7解得 =(01)，故 C 错误；D球上升到落回地面的全过程由动能定理=12211220,则=1220122110.【答案】ABD【解析】【分析】本题考查带电物体在洛伦兹力下的运动，解题关键是做好物块的受力分析，明确其洛伦兹力方向，结合平衡条件以及牛顿第二定律进行分析。本题要明确小物块速度最大时合力为零。刚开始释放时加速度最大。【解答】.小物块运动过程中的加速度=，物块由静止释放时有最大加速度=，故 A 正确；B.物块速度最大时合力为零，根据平衡条件得=，解得小物块能达到的最大速度为=，故 B 正确；C.小物块沿绝缘墙壁下滑 h 过程根据动能定理wmghmv22

30、1，解得222232Bqgmmghw，故 C 错误；.小物块沿绝缘墙壁下滑 h 过程,根据动量定理qBvtmgtmv，qBhmgtmv，解得mgqBhqBmt，D 正确。11.【答案】：17.283 （2 分）分）B（1 分）分）C（1 分）分）()（2 分）分）【详解】（1）由图可读出为=17.28mm+3 0.001mm=17.283mm（2）A单摆在摆动过程中。阻力要尽量小甚至忽略不计，所以摆球选铁球；故 A 错误；B单摆摆动时，对摆角的大小有要求，摆角的大小不超过 5，B 正确；CF 最大值为摆球经过最低点的时刻，相邻两次时间间隔为20=2，则=40。C 正确；D由单摆的周期公式可推出

31、重力加速度的计算式 =422，用悬线的长度作为摆长，则摆长偏小，代入单摆周期公式计算得到的重力加速度值偏小，D 错误。（3）图像的斜率为 =222121，由周期公式=2，变形得 2=42，所以42=222121，变形得=42(21)2221。812.【答案】(1)IRrEU221 （2 分）分）(2)连线略（2 分）分）(3)=5.00V(4.965.04 范围内均可)（2 分）分）=0.42(0.300.50 范围内均可)（2 分）分）（4）几乎不变（2 分）分）【详解】(1)根据全电路欧姆定律12()EUI rR，得出 IRrEU221(2)（3）根据全电路欧姆定律)(21RrIUE得出：

32、IRrEU221，结合图像得：2Eb，12Rkr。=5.00V（4.965.04 范围内均可)，=0.42(0.300.50 范围内均可)（4）分析实验数据可知；充电宝的电动势随储电量的减小而几乎不变。13.【答案】（1）433 10FmgN1，（2）=13500m,（3）Pm=3 3 106【详解】（1）火箭上升过程时的受力情况如图（2 分）分）由图可知41 10FmgN 合 （1 分）分）433 10FmgN1 （1 分）分）（2）当推力逆时针方向转动 60 后受力情况如图：F合与 F2垂直41sin30102FmgN o合 （1 分）分）加速阶段的加速度2110/Fam sm合，减速阶段

33、的加速度225/Fam sm合 （1 分）分）12ata t 260tts （1 分）分）92212111350022xata tm （1 分）分）（3）加速度阶段的最后时刻火箭的瞬时功率最大为 Pm61113 3 10mmPFVF at W （2 分）分）14.【答案】(1)=20 (2)1=R9 (3)2=R4【详解】(1)根据n=sin30sin （2 分）,得sin=24（1 分）所以=20；（1 分）(2)光路图如图所示，从 O 点射向 D 点，=20 （1 分）,则 BD 部分弧长为 1=20360 2R （2 分）解得 1=R9 （1 分）(3)由折射定律可求得设在C点恰好发生全

34、反射由sinC=1n （1 分）可求得C=45 （1 分）得AOC=180209045=25 （1 分）则COD=902520=45 （1 分）弧AB上有光透出的部分弧长CD为2=45360 2R （1 分）解得 2=R4（1 分）15.答案答案:（1）UMN=1V （2）v=22/,=45 （3）P（1，1）,t=【详解】（1）对导体棒 ab 切割磁感线有：=111 （1 分）UMN=212 （1 分）解得UMN=1V （1 分）（2）带电粒子在平等板电容器内做类平抛运动，有=（1 分）2=0 （1 分）vy=（1 分）又=0 （1 分）v=0 （1 分）10解得：v=22/（1 分）=45 （1 分）（3）粒子进入磁场 B2中做圆周运动，有 2=2 （1 分）解得：R=2设粒子打在光屏上位置坐标为（x，y），则有2+2=2（1 分）又粒子在抛物线上，有y=2 （1 分）联立有：y2y2=0 （1 分）解得：y=2舍去，或y=1，即位置坐标为 P（1，1）（1 分）由几何关系可知：NP所对圆心角为=2 （1 分）则t=（1 分）解得t=（1 分）