电功率测试卷(含答案).doc

1、电功率测试卷（含答案）一、选择题1如图所示，两个透明容器中密闭着等量的空气，A、B两U形管内的液面相平，电阻丝的电阻R1=R2=R3。小明用图示装置进行实验，探究电流通过导体时产生的热量Q跟什么因素有关。下列说法正确的是（ ）A.此实验在探究电热Q与电阻R是否有关B.通过R1的电流和通过R2的电流大小相等C.电阻R1两端的电压和R2两端的电压相等D.通电后，A管的液面将会比B管的液面高【答案】 D 【解析】【解答】由图知，R2与R3并联后再与R1串联，R1处于干路上，根据并联电路的电流特点知，通过R1的电流大于通过R2的电流，而R1=R2 ， 可见，该实验探究的是电热Q与电流是否有关，A、B均

2、错误；又根据U=IR知，R1两端的电压大于R2两端的电压，C不符合题意；通电后，由于置于密闭空气中的电阻丝R1=R2 ， 而通过R1的电流大于通过R2的电流，由Q=I2Rt知，左容器中空气吸热较多，内能增大较多，温度较高，所以A管的液面将会比B管的液面高，D符合题意。 故答案为：D 【分析】探究热量与电流及电阻的关系，要求能正确分析电路，掌握串并联电路的特点，并灵活应用焦耳定律根据控制变量法（通过电阻的电流不同，比较相同通电时间内两支温度计示数变化情况，可探究电流产生的热量与电流是否有关）及转换法（探究影响电热的因素时，通过液体吸热的多少反应电阻丝产生的热量）分析解答.2如图甲所示电路中灯泡的

3、额定电压为8V。闭合开关后，滑动变阻器滑片由A端移动到B端，这一过程中电压表的示数与电流表的示数变化关系如图乙所示，当滑片在清动变阻器B端时，灯泡正常发光，则下列选项中正确的是（ ） A.电源电压为8VB.小灯泡的额定功率为3WC.当滑动变阻器滑片滑到中点时，小灯泡的实际功率为1.8WD.滑动变阻器的最大阻值为12【答案】 A 【解析】【解答】A.当滑片在最右时，电阻为零，此时灯泡正常发光，可知电源电压为8V，A符合题意； B.滑动变阻器电阻最小时，电流为0.5A，灯泡的电功率为P=UI=8V0.5A=4W，B不符合题意； CD.滑动变阻器的最大电阻为 ， 当滑动变阻器在中点时，取值10，此时

4、灯泡的电功率为 ， CD不符合题意。 故答案为：A. 【分析】根据灯泡正常发光的电压计算电源电压，利用灯泡的电压和电流计算电功率，利用滑动变阻器的分压和电流计算电阻的大小。3王楠同学在学习了滑动变阻器的知识后，决定将自己的台灯改为调光式，于是他从解放碑雅兰电子城买了“1W 2k”的电位器一个，装在台灯（灯泡为“PZ220 60”）上，一开灯，确实能调光，但电位器一会儿就冒起烟了，吓得他赶快扯下了插头。分析他失败的原因是（）A.因为一开灯能调光，说明电位器规格正确，主要是电位器的质量低劣B.电位器额定功率偏小C.电位器额定电流偏大D.电位器电阻偏小，应换用20k【答案】 B 【解析】【分析】首先

5、利用利用额定功率和实际功率的关系判断A、B、C是否正确知道灯泡的额定电压和额定功率，可利用公式R=计算出灯泡的电阻，再利用串联电路的特点和电功率的公式计算出变阻器的实际功率，从而判断D是否正确【解答】因为烧毁了，所以电位器规格肯定不合格；故A错误；功率偏大不可能，既然烧坏了那肯定是实际功率大于了额定功率，C说法错误，不符合题意；B说法正确；灯泡为“PZ220 60”，灯泡的电阻为RL=807；接上电位器后电路中的总电阻为R=RL+R电=807+2000=2807，电位器的功率为：P电=I2R电=（）2R电=（）2200012.3W，从而可知D说法错误；故选B【点评】本题考查了学生对串联电路特点

6、的理解，以及利用电功率的公式分析电路中电功率的大小，本题考查知识点比较多，属于难题4如图所示电路中，电源电压不变，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器（a、b为其两端点）闭合开关S，当滑片P在某一端点时，电流表示数为0.1A，R2消耗的电功率为1W；当滑片P移动至某一位置时，电流表示数为0.3A，R2消耗的电功率为1.8W则当滑片P从a移到b的过程中（ ）A.电流表示数变化了0.4AB.电压表示数变化了8VC.R1消耗的电功率变化了6WD.电路消耗的总功率变化了6W【答案】 D 【解析】【解答】解：由图知，R1与滑动变阻器R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中电流，根据I= 可知，滑片P

7、在某一端点时，电流表示数为0.1A，电流最小，电阻最大，由此可知滑片在b端，变阻器R2连入阻值最大，根据P=UI得：滑动变阻器R2的电压：U2 = =10V，滑动变阻器R2的最大值：R2= = =100，根据串联电路的电压特点可知：U=U1+U2 ， 所以有：U=0.1AR1+10V当滑片P移动至某一位置时，电流表示数为0.3A，此时R2的电压：U2= = =6V，由U=U1+U2可得：U=0.3AR1+6V联立解得：R1=20，U=12V；当P在a端时，R2连入阻值为0，所以电压表示数UV=0，电流表示数：IA= = =0.6A，由前面的计算可知：当P在b端时，IA=0.1A，电压表示数UV

8、=10V，由此可知，电流表变化为：I=IAIA=0.6A0.1A=0.5A，故A错误；电压表变化为：U=UVUV=12V0=12V，故B错误；R1消耗的电功率变化：P1=IA2R1IA2R1=（0.6A）220（0.1A）220=7W，故C错误；电路消耗的总功率变化：P=UI=12V0.5A=6W，故D正确故答案为:D【分析】由图可知，R1与滑动变阻器R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中电流，由P在某一端点时电流最小，根据欧姆定律计算变阻器的最大值，由P=UI计算P在两个位置时变阻器两端电压，根据串联电路和欧姆定律计算电源电压和R1的阻值；根据串联电路特点和欧姆定律计算P在两端时电

9、路中电流和变阻器两端电压，从而判断电表示数变化；由P=UI计算R1消耗的电功率和总功率变化5如图所示，下列电器设备工作时，主要利用电流热效应进行工作的是（ ） A.电视机B.洗衣机C.电风扇D.电热水壶【答案】D 【解析】【解答】A、电视机主要把电能转化为光能和声能，不是根据电流的热效应工作的；A不符合题意B、洗衣机工作时，将电能转化成机械能，是利用电流的磁效应工作的；B不符合题意C、电风扇工作时，将电能转化成机械能，是利用电流的磁效应工作的；C不符合题意D、电热水壶工作时，将电能转化成内能，是根据电流的热效应工作的；D符合题意故答案为：D【分析】电流流过导体时导体发热，这种现象是电流的热效应

10、；根据各用电器工作时能量转化识别判断即可.6如图所示的物理现象涉及的物理知识正确的是（ ） A. B. C. D. A.电风扇工作时主要将电能转化为机械能B.家庭电路中的电能表是测量电流做功快慢的C.法拉第根据图示电磁感应的原理制成了电动机D.测电笔按图示的方法使用可以辨别家庭电路中的火线与零线【答案】 A 【解析】【解答】解：A、电风扇工作时，消耗了电能，得到了机械能，因此将电能转化为了机械能；故A正确；B、电能表是测量家庭电路消耗电能多少的仪表；故B错误；C、法拉第根据图示电磁感应的原理制成了发电机；故C错误；D、使用测电笔时，手必须接触笔尾金属体，笔尖接触导线，氖管发光，导线是火线；氖管

11、不发光的是零线，故D错误故选A【分析】（1）用电器工作的实质是将电能转化为其它形式的能；（2）电能表是测量电能的仪表；（3）发电机的原理是电磁感应；（4）测电笔的正确使用方法：手接触笔尾金属体，笔尖接触导线，氖管发光，导线是火线；氖管不发光的是零线本题综合考查了用电器工作的实质、电能表的作用、发电机的原理以及测电笔的使用方法等，属于基础知识考查范围7下列表述正确的是（ ） A.电视机正常工作电流约为1.57A B.电水壶电阻为4840 C.同种电荷互相排斥 D.磁极间在不接触时无法发生相互作用 【答案】 C 【解析】【解答】A.电视机正常工作电流： ， 故A错误； B.电水壶的电阻为： ， 故

12、B错误； C.两个带有正电荷的小球之间的距离明显增大，说明同种电荷相互排斥，故C正确； D.磁极间在不接触时能够发生相互作用，故D错误。 故选C。 【分析】（1）已知额定功率和额定电压根据计算正常工作电流； （2）已知额定功率和额定电压根据计算电阻； （3）同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引； （4）磁体之间的磁力不需要相互接触就能发生力的作用。8现有电源、开关、电流表、电压表、灯泡、滑动变阻器各一个，其中灯泡的UI图象如图所示。将这些元件用导线连成电路后，闭合开关，滑动变阻器的滑片从最左端向右滑动的过程中，电压表的示数从5V开始减小，电流表的示数从0.3A开始增大。下列结论正确的是（ ） A

13、.电源的电压为5VB.小灯泡的最大功率为0.3WC.滑动变阻器的最大阻值为20D.整个电路的最小功率是1.8 W【答案】 D 【解析】【解答】解：（1）根据题意可知，滑动变阻器与灯泡串联，电压表测变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流，如图所示： ；（2）当电压表的示数为5V时，电路中的电流为0.3A，由图象得出此时灯泡两端的电压UL1V，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以电源的电压：UU滑+UL5V+1V6V，A不符合题意；由I 可得，滑动变阻器的最大阻值：R滑 16.7，C不符合题意；整个电路的最小功率：PminUI6V0.3A1.8W，D符合题意；（3）当滑动变阻器接入电路中的电阻

14、最小时，灯泡两端的电压和电源的电压相等，由图象可知通过灯泡的电流I0.5A，则小灯泡的最大功率：PLmaxUI6V0.5A3W，B不符合题意。故答案为：D。 【分析】结合题意，将滑动变阻器的滑片从最左端向右滑动的过程中，电压表的示数减小，电流表的示数增大，则电压表并联在滑动变阻器两端，否则两电表示数应同时增大或同时减小；当电压表的示数为5V时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，电路的总功率最小，根据图象读出电路中的电流为0.3A时灯泡两端的电压，根据串联电路的电压特点求出电源的电压，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最大，根据欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值，根据P=UI求出整个电

15、路的最小功率；当滑动变阻器接入电路中的电阻最小时，灯泡两端的电压和电源的电压相等，根据图象读出通过的电流，根据P=UI求出灯泡的最大功率.9有两个电路元件A和B，流过元件的电流与其两端电压的关系如图所示，下列说法正确的是（ ）A.A的电阻值为6.25B.A和B串联，电路中电流为0.4A时，A、B的电功率之比为5：4C.A和B并联在电压为2.5v的电源两端，A、B的电功率之比为5：4D.当A和B串联，两者电阻相同时，电源电压为3V【答案】 C 【解析】【解答】A由图象可知，当通过A的电流IA0.4A时，A两端的电压UA2.0V，由I 可得，A的电阻值：RA 5，A不符合题意；BA和B串联，电路中

16、电流为0.4A时，因串联电路中各处的电流相等，所以，通过两元件的电流IAIB0.4A，由图象可知，两元件两端的电压UA2.0V，UB2.5V，由PUI可得，A、B的电功率之比： ，B不符合题意；（3）A和B并联在电压为2.5V的电源两端时，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，两元件两端的电压UAUB2.5V，由图象可知，通过两元件的电流IA0.5A，IB0.4A，则A、B的电功率之比： ，C符合题意；（4）当A和B串联，两者电阻相同时，它们两端的电压和通过的电流相等，由图象可知，电路中的电流为0.6A，两元件两端的电压均为3V时符合，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电源的电压：U

17、UA+UB3V+3V6V，D不符合题意。故答案为：C。【分析】根据电流和电压的图像，计算电阻的大小，结合图像分析电流相同或电压相同时的电功率的比值关系.10某房间原来只接有一只标有“PZ22040”的灯泡，小明又用一只完全相同的灯泡，将它俩串联在一起，在电源电压不变的情况下，房间内的总亮度将（ ） A.变亮B.变暗C.不变D.无法确定【答案】 B 【解析】【解答】解：因串联电路中总电阻等于各分电阻之和， 所以，两灯泡串联时的总电阻大于其中一个灯泡的电阻，在电源电压不变的情况下，由PUI 可知，电路的总功率变小，房间内的总亮度变暗。故答案为：B。 【分析】结合PUI 可知电功率变化情况，进一步可

18、知灯泡亮度的变化情况.11关于家里的用电器，下列数据最符合实际的是（ ） A.白炽灯的正常工作电流约为0.1AB.遥控器的干电池电压约为220VC.空调制冷时的功率约为10WD.电扇正常工作1h耗电约为1KWh【答案】A 【解析】【解答】解：A、白炽灯的额定功率为40W，正常工作电流约为I= = 0.18A，0.1A相差不大，故A符合实际； B、遥控器的干电池电压约为1.5V，故B不符合实际；C、空调制冷时的功率约为1000W，故C不符合实际；D、电扇的额定功率为100W，正常工作1h耗电约为W=Pt=0.1KW1h=0.11KWh，故D不符合实际故选A【分析】做这种题目，要对一些常见的物理量

19、要有一定的估测能力，根据生活常识和必要的计算去判断题目的对错12如图所示，电源电压保持18V不变，小灯泡L上标有“6V 3W”字样，滑动变阻器最大电阻值R=60为保证各器件安全，不考虑灯丝电阻随温度的变化，下列说法正确的是（）A.S断开时电压表示数为0VB.S闭合后，电压表最大示数为15VC.小灯泡L正常发光时，变阻器R消耗的电功率为6WD.S闭合后，小灯泡L的最小实际电功率为0.5W【答案】 C 【解析】【解答】解：（1）S断开时，电压表测电源的电压，则电压表的示数为18V，故A错误；（2）S闭合后，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测灯泡两端的电压，为保证各器件安全，电压表的最大示数UV=U

20、L=6V，故B错误；由P=可得，灯泡的电阻：RL=12，因串联电路中各处的电流相等，所以，灯泡正常发光时电路中的电流：I=0.5A，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，变阻器两端的电压：UR=UUL=18V6V=12V，变阻器R消耗的电功率：PR=URI=12V0.5A=6W，故C正确；（3）当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时灯泡L的功率最小，因为串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，此时电路中的电流：I=0.25A，灯泡的最小电功率：PL=I2RL=（0.25A）212=0.75W，故D错误故选C【分析】（1）S断开时，电压表测电源的电压，根据电源的电压可知电压表的示数（2）S闭合后

21、，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测灯泡两端的电压，为保证各器件安全，电压表的最大示数和灯泡的额定电压相等，此时灯泡正常发光，根据P=求出灯泡的电阻，根据欧姆定律求出电路中的电流，利用串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，再利用P=UI求出变阻器R消耗的电功率；（3）当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时灯泡L的功率最小，利用电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，最后利用P=I2R求出灯泡的最小电功率13如图所示的电路，闭合开关后，当滑片P向右移动时，下列说法正确的是（ ）A.灯泡L变暗B.电压表示数变小C.电流表A1示数变大D.整个电路消耗的总功率变小【答案】D 【解析】【解答】由电路图可

22、知，灯泡L与滑动变阻器R并联，电压表V测电源的电压，电流表A1测干路电流，电流表A2测L支路的电流。因电源的电压不变，所以，滑片移动时，电压表的示数不变，B不符合题意；因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，滑片移动时，通过L的电流和实际功率不变，即L的亮度不变，A不符合题意；当滑片P向右移动时，变阻器接入电路中的电阻变大，由I 可知，通过R的电流变小，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流变小，即电流表A1的示数变小，C不符合题意；由PUI可知，整个电路消耗的总功率变小，D符合题意。故答案为：D。【分析】灯泡L与电阻R并联，电压表测电源的电压，电流表A1测干路电流，电流表

23、A2测L支路的电流，根据电源的电压可知滑片移动时电压表示数的变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知滑片移动时通过L的电流和实际功率不变，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知通过R的电流变化，根据并联电路的电流特点可知干路电流的变化，根据P=UI可知电路总功率的变化.14如图所示，阻值为R的电阻丝，用四种方法分别接在电压为U或2U的电源上闭合开关后，在相同时间内虚线框里的电阻丝产生的总热量最多的是（）A.B.C.D.【答案】 D 【解析】【解答】因为串联电路中电阻等于各分电阻之和，并联电路中总电阻的倒数等于各分电阻倒数之和，所以两电阻串联时电路中的总电阻最大，两电阻

24、并联时电路中的总电阻最小，因为Q放=W=t，所以在相同的时间内放出的热量最多的是D选项故选D【分析】根据电阻的串并联比较各选项中电阻的大小，根据Q放=t得出它们在相同的时间内放出热量的关系15如图所示电路中，电源电压不变，只闭合开关 ，电流表的示数为 ，再闭合开关 ，电流表示数变化了 ，则同时闭合 、 后，相同时间内 、 消耗的电能之比是 A.3：4B.4：3C.7：3D.4：7【答案】A 【解析】【解答】由电路图知道，若只闭合S1 ， 则是只有R1的简单电路，电流表测的是R1 的电流，此时I1 =0.3A；当再闭合S2时，R1、R2并联，电流表测干路中的电流，由于并联电路中各电阻互不影响，所

25、以通过R1的电流仍然是I1 =0.3A，由于电流表示数变化了0.4A，则说明通过R2 的电流是I2=0.4A，又因为并联电路各支路两端的电压相等，即U1 =U2 ， 由W=UIt知道，在相同时间内R1、R2消耗的电能之比是： ，故答案为：A。【分析】结合电路图，理清开关通断时电路的连接方式及电表的测量对象，利用并联电路的电压关系、电功的计算公式求解即可.16某直流电动机标有“36V 18W”字样，经测量其线圈电阻为2，使电动机正常工作10min则电动机在这段时间内产生的热量是（ ） A.1.08104JB.300JC.3.888105JD.1.05104J【答案】 B 【解析】【解答】解：直流

26、电动机的电流I 0.5A， 所以电动机线圈产生的热量：QI2Rt（0.5A）221060s300J。故答案为：B。【分析】先根据公式I 计算出直流电动机的电流，再根据公式QI2Rt可求这台电动机10min内产生的热量。17如图所示电路，电源电压保持不变，闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P向右移动过程中（ ） A.电压表V的示数不变B.电流表A的示数变大C.小灯泡的亮度变暗D.电路的总功率变大【答案】 A 【解析】【解答】由图可知，闭合开关，灯泡与滑动变阻器并联，电流表A测量电路总电流，电压表测电源电压，所以滑片移动电压表的示数不变，A符合题意； 当滑动变阻器的滑片P向右移动时，滑动变阻器接入电路

27、的电阻变大，根据I= 可知，滑动变阻器所在支路中的电流变小；根据并联电路的特点可知，各支路互不影响，所以滑片向右移动，小灯泡的电流和实际功率不变，则灯泡的亮度不变，C不符合题意；根据并联电路中干路电流等于各支路电流之和可知，总电流变小，即电流表A的示数变小，B不符合题意；电源电压保持不变，总电流变小，根据P=UI知，电路的总功率变小，D不符合题意。故答案为：A。【分析】结合电路图，理清依据的连接方式及电表的测量对象，当滑动变阻器的滑片P向右移动时，判断出滑动变阻器接入电路中电阻的变化，滑动变阻器两端的电压不变，根据欧姆定律I= 可知该支路电流的变化；根据并联电路各支路互不影响判断出灯泡的亮度和

28、通过灯泡的电流；根据P=UI判断电路的总功率变化情况.18下列估测与事实最接近的是（ ） A.完整播放一遍我国国歌的时间约为50sB.一本九年级物理课本的质量约为25gC.家用电冰箱一天消耗的电能约为24kWhD.初中生小美站立在水平地面上对水平地面的压强约为500Pa【答案】 A 【解析】【解答】解：A、完整播放一遍我国国歌的时间约为50s，符合实际；A符合题意； B、一本九年级物理课本的质量约为250g，B不符合题意；C、家用电冰箱一天消耗的电能约0.6kWh左右，C不符合题意；D、初中生小美站立在水平地面上对水平地面的压强约：每只鞋的底面积大约为200cm2 ， 即0.02m2；中学生的

29、体重大约为50kg，压力FGmg50kg10N/kg500N，压强P 1.25104Pa；D不符合题意。故答案为：A。 【分析】利用物理概念、规律、物理常数和常识对物理量的数值、数量级进行快速计算以及对取值范围合理估测的方法，叫估测法，不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算.19新型PTC发热材料可以自动调节电路的电功率，在生活中广泛应用，图甲是PTC调试工作电路，R0是保护电阻，阻值恒定；R1是PTC电阻，阻值随温度变化的图像如图乙所示。闭合开关S，当温度从20C升高到120C的过程中（ ） A.电流表示数先变小后变大B.电压表示数先变大后变小C.电

30、压表与电流表示数的比值先变小后变大D.保护电阻消耗的功率先变小后变大【答案】 C 【解析】【解答】A甲中，两电阻串联，电压表测R1的电压，电流表测电路的电流，由图乙知，当温度从20升高到100的过程中电阻R1变小，从100升高120的过程中电阻R1变大，则根据串联电阻的规律，总电阻先变小后变大，由欧姆定律可知，电路中的电流先变大后变小，即电流表示数先变大后变小，A不符合题意；B电路中的电流先变大后变小，根据U=IR可知，定值电阻R0的电压先变大后变小，由串联电路电压的规律可知，R1的电压先变小后变大，即电压表示数先变小后变大，B不符合题意；C根据欧姆定律可知，电压表与电流表的比值等于PTC电阻

31、R1的阻值，所以电压表与电流表的比值先变小后变大，C符合题意；D因电路中的电流先变大后变小，根据P=I2R0可知，R0消耗的功率先变大后变小，D不符合题意。 故答案为：C【分析】结合电路图，理清元件的连接方式及电表的测量对象，由图乙知，温度升高时电阻R1先变小后变大，根据串联电阻的规律和欧姆定律分析电流表示数变化；根据U=IR确定定值电阻的电压变化，由串联电路电压的规律得出电压表示数变化；同理，根据欧姆定律，电压表与电流表的比值即热敏电阻大小，再根据P=I2R分析R0消耗的功率变化情况.20下列估测最接近实际的是（）A.一个鸡蛋的质量约为200gB.人感觉舒适的环境温度约为23C.一位普通中学生的手掌宽度约为25cmD.家用电视机的功率约为1500W【答案】 B 【解析】【解答】解：A、一个鸡蛋的质量约为50g；B、人感觉舒适的环境温度为2026；C、一位中学生的手掌宽度约为10cm；D、家用电视机的功率约为200W故选B【分析】做这种题目，要对一些常见的物理量要有一定的估测能力，根据生活常识去判断题目的对错