湖北省恩施州新高考高一下物理精编多选题合集含解析.doc

1、湖北省恩施州新高考高一下物理精编多选题合集多选题有答案含解析1如图所示，光滑水平面OB与足够长粗糙斜面BC交于B点轻弹簧左端固定于竖直墙面，现将质量为m1的滑块压缩弹簧至D点，然后由静止释放，滑块脱离弹簧后经B点滑上斜面，上升到最大高度，并静止在斜面上不计滑块在B点的机械能损失；换用相同材料质量为m2的滑块(m2m1)压缩弹簧到相同位置，然后由静止释放，下列对两滑块说法中正确的有( )A两滑块到达B点的速度相同B两滑块沿斜面上升的最大高度不相同C两滑块上升到最高点过程克服重力做的功不相同D两滑块上升到最高点过程机械能损失相同2 (本题9分)如图所示，三个小球A、B、C的质量均为m，A与B、C间

2、通过铰链用轻杆连接，杆长为L，B、C置于水平地面上，用一轻质弹簧连接，弹簧处于原长现A由静止释放下降到最低点，两轻杆间夹角由60变为120，A、B、C在同一竖直平面内运动，弹簧在弹性限度内，忽略一切摩擦，重力加速度为g.则在此过程中AA的动能达到最大前，B受到地面的支持力小于mgBA的动能最大时，B受到地面的支持力等于mgC弹簧的弹性势能最大时，A的加速度方向竖直向下D弹簧的弹性势能最大值为mgL3 (本题9分)关于曲线运动，下列说法正确的是（ ）A曲线运动一定是变速运动B变速运动一定是曲线运动C做曲线运动的物体可能没有加速度D做曲线运动的物体可能受到恒力作用4 (本题9分)已知地球半径为R，

3、质量为M，自转角速度为w，万有引力常量为 G，地球同步卫星与地心间的距离为r，近地人造卫星绕地球的运行轨道可视为圆，则A地球近地卫星做匀速圆周运动的加速度为w2RB地球同步卫星做匀速圆周运动的加速度为w2rC地球近地卫星做匀速圆周运动的线速度为wRD地球近地卫星做匀速圆周运动的线速度为5 (本题9分)一个连同装备总质量M=100kg的宇航员，脱离飞船进行太空行走后，在与飞船相距d=45m的位置与飞船保持相对静止所带氧气筒中还剩有m0=0.5kg氧气，氧气除了供他呼吸外，还需向与飞船相反方向喷出一部分氧气以获得使他回到飞船反冲速度v，为此氧气筒上有可使氧气以v=50m/s速度喷嘴按照物理原理：如

4、果一次性喷出氧气质量为m，喷气速度为v，则其获得反冲速度v=mv/M，已知耗氧率为R=2.510-4kg/s（即每秒钟呼吸消耗氧气量）则为保证他安全返回飞船，一次性喷出氧气质量m可能为（ ）A0.04kgB0.25kgC0.35kgD0.46kg6 (本题9分)一艘小船在静水中的速度为3 m/s，渡过一条宽150 m，水流速度为4 m/s的河流，则该小船（）A能到达正对岸B渡河的时间可能少于50 sC以最短位移渡河时，位移大小为200 mD以最短时间渡河时，沿水流方向的位移大小为200 m7 (本题9分)如图所示，小球原来紧压在竖直放置的轻弹簧的上端，撤去外力后弹簧将小 球竖直弹离弹簧，在这个

5、弹离的过程中，不计空气阻力（ ）A小球的动能和重力势能发生了变化，但机械能保持不变B小球增加的动能和重力势能，等于弹簧减少的弹性势能C小球克服重力所做的功有可能小于弹簧弹力所做的功D小球的最大动能等于弹簧的最大弹性势能8 (本题9分)一根长为L的细线上端系在天花板上P点，下端系一质量为m的小球，将小球拉离竖直位置，给小球一个与悬线垂直的水平初速度使小球在水平面内做匀速圆周运动，悬线与竖直方向的夹角为，悬线旋转形成一个圆锥面，这就是常见的圆锥摆模型，如右图所示。关于圆锥摆，下面说法正确的是（已知重力加速度为g）A圆锥摆的周期T与小球质量无关B小球做圆周运动的向心力由绳子的拉力和重力的合力提供C圆

6、锥摆的周期D小球做匀速圆周运动向心加速度为9 (本题9分)如图甲所示，光滑平台上的物体A以初速度v0滑到上表面粗糙的水平小车B上，车与水平面间的动摩擦因数不计，图乙为物体A与小车B的v-t图象，由此可知A小车上表面长度B物体A与小车B的质量之比C物体A与小车B上表面的动摩擦因数D小车B获得的动能10 (本题9分)如图，内壁光滑的细圆管一端弯成半圆形APB，与光滑的直轨道 BC连接，水平放置在桌面上并固定半圆形APB半径R=1.0m，BC长L=1.5m，桌子高度h=0.8m，质量1.0kg的小球以一定的水平初速度从A点沿过A点的切线射入管内，从C点离开管道后水平飞出，落地点D离点C的水平距离s=

7、1m，不计空气阻力，g取10m/s1则以下分析正确的是：（）A小球做平抛运动的初速度为10m/sB小球在圆轨道P点的角速度=10rad/sC小球在P点的向心加速度为a=15m/s1D小球从B运动到D的时间为0.7s11 (本题9分)如图所示，轻绳的一端系着物块A，另一端通过水平转盘中心的光滑小孔O吊着小球B，A随转盘一起绕通过小孔O的竖直轴匀速转动，小球B始终与转盘保持相对静止已知物块A与转盘的接触面是粗糙的，则物块A受力的个数可能是A2个B3个C4个D5个12一部直通高层的客运电梯的简化模型如图1所示电梯在t=0时由静止开始上升，以向上方向为正方向，电梯的加速度a随时间t的变化如图2所示图1

8、中一乘客站在电梯里，电梯对乘客的支持力为F根据图2可以判断，力F逐渐变大的时间段有（ ）A01s内B89s内C1516s内D2324s内13 (本题9分)甲、乙为两颗地球卫星，乙的运行高度低于甲的运行高度，两卫星轨道均可视为圆轨道以下判断正确的是（ ）A甲的周期大于乙的周期B甲的速度大于乙的速度C甲的加速度小于乙的加速度D甲的角速度小于乙的角速度14如图所示，有一皮带传动装置，A、B、C三点到各自转轴的距离分别为RA、RB、RC，已知RB=RC=RA ，若在传动过程中，皮带不打滑则（）AA点与C点的角速度大小相等BA点与C点的线速度大小相等CB点与C点的角速度大小之比为2：1DB点与C点的向心

9、加速度大小之比为1：415 (本题9分)长木板A放在光滑的水平面上，质量为m=2kg的另一物体B以水平速度v0=2m/s滑上原来静止的长木板A的表面，由于A、B间存在摩擦，之后A、B速度随时间变化情况如图所示，则下列说法正确的是( )A木板获得的动能为2JB系统损失的机械能为2JC木板A的最小长度为1mDA、B间的动摩擦因数为0.116 (本题9分)如图所示，A物体从与轻质定滑轮等高处沿竖直杆由静止下滑,通过轻质细绳拉物体B，当A下降h 时细绳与竖直杆的夹角为45（此时物体B未与定滑轮相碰），已知A、B的质量相等，不计一切阻力，重力加速度为g下列说法正确的是 （ ） A物体B的机械能守恒B物体

10、AB 的机械能守恒C此时物体B的速度为DA开始下滑瞬间的加速度为g17 (本题9分)无人机在某段飞行过程中，通过机载传感器描绘出运动的图象，图甲是沿水平方向的x-t图象，图乙是沿竖直方向的v-t图象，在03s内（ ）A无人机在水平方向做匀加速直线运动B无人机在竖直方向做匀加速直线运动C无人机的运动轨迹为抛物线Dt=3s时无人机的速度大小为5m/s18 (本题9分)下列说法中正确的是()A太阳系中的八大行星有一个共同的轨道焦点B太阳系中的八大行星的轨道有的是圆形，并不都是椭圆C行星的运动方向总是沿着轨道的切线方向D行星的运动方向总是与它和太阳的连线垂直19（6分） (本题9分)要使两个物体之间的

11、万有引力减小到原来的，可采用的方法是()A使两物体之间的距离增至原来的2倍，质量不变B使两物体的质量各减少一半，距离保持不变C使其中一个物体的质量减为原来的，距离保持不变D使两物体的质量及它们之间的距离都减为原来的20（6分） (本题9分)如图所示，将一轻弹簧下端固定在倾角为的粗糙斜面底端，弹簧处于自然状态时上端位于A点。质量为m的物体从斜面上的B点由静止开始下滑，与弹簧发生相互作用后，最终停在斜面上。下列说法正确的是A物体最终一定不会停在A点B整个过程中物体第一次到达A点时动能最大C物体第一次反弹后不可能到达B点D整个过程中重力势能的减少量等于克服摩擦力做的功21（6分） (本题9分)若河水

12、的流速大小与水到河岸的距离有关，河中心水的流速最大，河岸边缘处水的流速最小现假设河的宽度为120 m，河中心水的流速大小为4 m/s，船在静水中的速度大小为3 m/s，要使船以最短时间渡河，则()A船渡河的最短时间是24 sB在行驶过程中，船头始终与河岸垂直C船在河水中航行的轨迹是一条直线D船在河水中的最大速度为5 m/s22（8分）如图所示，轻质弹簧竖直固定在地面上，在其正上方某高度由静止释放一小球，设下落过程中小球的加速度为a、位移为x、机械能为E，不计空气阻力，竖直向下为正方向。则下落至最低点的过程中a、E随x的变化图线可能正确的是ABCD23（8分） (本题9分)儿童乐园中，一个小孩骑

13、在木马上随木马一起在水平而内匀速转动，转轴到木马的距离为r，小孩的向心加速度为a，如把小孩的转动看做匀速圆周运动，则（）A小孩相对于圆心的线速度不变B小孩的线速度大小为C小孩在时间t内通过的路程为D小孩做匀速圆周运动的周期24（10分）如图所示，一质量m20.25 kg的平顶小车，车顶右端放一质量m30.30 kg的小物体，小物体可视为质点，与车顶之间的动摩擦因数0.45，小车静止在光滑的水平轨道上。现有一质量m10.05 kg的子弹以水平速度v018m/s射中小车左端，并留在车中，子弹与车相互作用时间很短。若使小物体不从车顶上滑落，g 取10 m/s2。下列分析正确的是（ ）A小物体在小车上

14、相对小车滑行的时间sB最后小物体与小车的共同速度为3m/sC小车的最小长度为1.0mD小车对小物体的摩擦力的冲量为0.45Ns25（10分）如图所示，由绝缘材料制成的光滑圆环圆心为O)竖直固定放置。电荷量为+q(q0)的小球A固定在圆环的最高点，电荷量大小为q的小球B可在圆环上自由移动。若小球B静止时，两小球连线与竖直方向的夹角为=30，两小球均可视为质点，以无穷远处为零电势点，则下列说法正确的是A小球B可能带正电BO点电势一定为零C圆环对小球B的弹力指向圆心D将小球B移至圆环最低点，A、B组成的系统电势能变大26（12分） (本题9分)如图所示，一根细线下端拴一个金属小球P，细线的上端固定在

15、金属块Q上，Q放在带小孔的水平桌面上小球在某一水平面内做匀速圆周运动（圆锥摆）现使小球改到一个更高一些的水平面上做匀速圆周运动（图上未画出），两次金属块Q都保持在桌面上静止则后一种情况与原来相比较，下面的判断中正确的是（ ）AQ受到桌面的支持力变大BQ受到桌面的静摩擦力变大C小球P运动的角速度变大D小球P运动的周期变大27（12分） (本题9分)物体在竖直上抛运动中，其它一切阻力不计，规定向下为正方向，则实际运动速度与时间的图像、所受合外力与时间的图像、正确的是（ ）ABCD28 (本题9分)一行星绕恒星作圆周运动由天文观测可得，其运动周期为T,速度为v,引力常量为G,则下列结论正确的有A恒星

16、的质量为B行星运动的轨道半径为C行星的质量为D行星运动的加速度为29如图所示，质量为M，长度为L的小车静止在光滑的水平面上，质量为m的小物块，放在小车的最左端，现用一水平力F作用在小物块上，小物块与小车之间的摩擦力为f，经过一段时间小车运动的位移为x，小物块刚好滑到小车的最右端，则下列说法中正确的是A此时物块的动能为F(x+L)B此时小车的动能为f（x+L）C这一过程中，物块和小车增加的机械能为F(x+L)-fLD这一过程中，物块和小车因摩擦而产生的热量为fL30一辆汽车在水平路面上以额定功率P50kW行驶，所受恒定阻力f=2000N，当汽车达到最大速度vm时，下列说法正确的是A牵引力小于阻力

17、B引力等于阻力Cvm=25m/sDvm=40m/s参考答案多选题有答案含解析1BD【解析】【详解】A两滑块到B点的动能相同，但速度不同，故A错误；B两滑块在斜面上运动时加速度相同，由于速度不同，故上升高度不同，故B正确；C两滑块上升到最高点过程克服重力做的功为mgh，由能量守恒定律得：，所以，故两滑块上升到最高点过程克服重力做的功相同，故C错误；D由能量守恒定律得：，其中，结合C分析得，D正确【点睛】先是弹性势能转化为动能，冲上斜面运动过程机械能损失变为摩擦生热，由能量守恒定律可得，动能的减少等于重力势能的增加量与摩擦产生的热量之和2AB【解析】A的动能最大时，设B和C受到地面的支持力大小均为

18、F，此时整体在竖直方向受力平衡，可得2F=3mg，所以，在A的动能达到最大前一直是加速下降，处于失重情况，所以B受到地面的支持力小于，故AB正确；当A达到最低点时动能为零，此时弹簧的弹性势能最大，A的加速度方向向上，故C错误；A球达到最大动能后向下做减速运动，到达最低点时三个小球的动能均为零，由机械能守恒定律得，弹簧的弹性势能为Epmg(Lcos 30Lcos 60)，故D错误所以AB正确，CD错误3AD【解析】曲线运动的速度方向一定变化，则曲线运动一定是变速运动，选项A错误；变速运动不一定是曲线运动，例如匀变速直线运动，选项B错误；做曲线运动的物体速度一定变化，则一定有加速度，选项C错误；做

19、曲线运动的物体可能受到恒力作用，例如平抛运动，选项D正确；故选AD.4BD【解析】【详解】A.卫星绕地球做圆周运动时，由地球的万有引力提供向心力，有：，解得：，地球同步卫星的角速度等于地球自转角速度，得地球近地卫星与地球同步卫星的角速度之比为： ，则得：，所以地球近地卫星做匀速圆周运动的加速度为：，故A错误。B.地球同步卫星的角速度等于地球自转角速度，则地球同步卫星做匀速圆周运动的加速度为：a同=2r，故B正确。C.地球近地卫星做匀速圆周运动的线速度为：v近=近R=，故C错误。D.地球近地卫星做匀速圆周运动时，根据得近地卫星的线速度为：，故D正确。5BC【解析】已知M=100kg，d=45m，

20、m0=0.5kg，v=50m/s，R=2.5104kg/s，设喷出氧气的质量为m，返回的时间为t，则返回速度v=mv/M= =0.5m，运动的时间t=d/v= 宇航员耗氧：Rt=m0m，即2.5104t=0.5m，t=4000(0.5m)= ，即400m2200m+9=0，解得m1=0.05kg，m2=0.45kg，所以0.05kgm0.45kg.故AD错误，BC正确故选BC.点睛：一次性喷出的氧气质量为m，根据题意得出宇航员及装备获得反冲速度，再根据速度公式求出宇航员返回飞船的时间，得出此段时间内宇航员消耗的氧气和一次性喷出的氧气质量以及总氧气质量之间的关系，联立方程进行求解，最终得出一次性

21、喷出氧气质量的范围6BCD【解析】【详解】A因为船在静水中的速度小于河水的流速，由平行四边形法则求合速度不可能垂直河岸，小船不可能垂直河岸正达对岸，故A错误；B当船的静水中的速度垂直河岸时渡河时间最短，为故B正确；C因为船在静水中的速度小于河水的流速，由平行四边形法则求合速度不可能垂直河岸，小船不可能垂直河岸正达对岸，船以最短位移渡河时，船速度与合速度方向垂直，则合速度与河岸的夹角满足则船的位移为：故C正确；D船以最短时间渡河时，沿水流方向的位移：，故D正确。故选BCD。【点睛】船航行时速度为静水中的速度与河水流速二者合速度，最短的时间主要是希望合速度在垂直河岸方向上的分量最大，这个分量一般刚

22、好是船在静水中的速度，即船当以静水中的速度垂直河岸过河的时候渡河时间最短；如果船在静水中的速度小于河水的流速，则合速度不可能垂直河岸，那么，小船不可能垂直河岸正达对岸。7BC【解析】【详解】在上升的过程中，弹簧弹力对小球做正功，小球的机械能增加，所以A错误对于小球和弹簧组成的系统来说，整个系统只有重力和弹簧的弹力做功，系统的机械能守恒，弹簧减少的弹性势能都转化成了小球的动能和重力势能，所以B正确当到达最高点，速度为零时，弹簧的弹性势能全部转化为重力势能，此时小球克服重力所做的功等于弹簧弹力所做的功，若速度不为零时，则小球克服重力所做的功小于弹簧弹力所做的功，所以C正确小球刚松手时弹性势能最大，

23、设为A，小球的弹力和重力相等时动能最大，设为B，从A到B由功能原理可知，因此小球的最大动能小于最大弹性势能，D错误8ABC【解析】【详解】AC.由牛顿第二定律得，解得，周期与摆球质量无关，A、C正确；B.小球做圆周运动的向心力由拉力和重力的合力提供，B正确；D. 由牛顿第二定律得，小球的向心加速度，D错误。9BC【解析】【详解】A由图象可知，A和B最终以共同速度v1匀速运动，则不能确定小车上表面长度，故A错误；B由动量守恒定律得：解得：故可以确定物体A与小车B的质量之比，故B正确；C由图象可以知道A相对小车B的位移为两者的位移之差：根据能量守恒得：根据所求的质量关系，可以解出动摩擦因数，故C正

24、确；D由于只知两车的质量比值而小车B的质量无法求得，故不能确定小车B获得的动能，故D错误。10CD【解析】【详解】A.根据得：.则小球平抛运动的初速度为：;故A错误.B.小球在圆轨道P点的角速度为：;故B错误.C小球在P点的向心加速度为：.故C正确.D小球在BC段的时间为：，则小球从B运动到D的时间为0.3+0.4s=0.7s;故D正确.11BC【解析】【详解】由题可知，绳子的拉力等于小球B的重力T=mBg；当绳子的拉力恰好等于A做圆周运动的向心力时。即T=mBg=mA2r时，A受重力、转盘的支持力以及绳子的拉力3个力的作用；当绳子的拉力不等于A做圆周运动的向心力时。即T=mBgmA2r时，A

25、受重力、转盘的支持力、绳子的拉力以及圆盘对A的静摩擦力共4个力的作用；A. 2个，与结论不相符，选项A错误；B. 3个，与结论相符，选项B正确；C. 4个，与结论相符，选项C正确；D. 5个，与结论不相符，选项D错误；12AD【解析】试题分析：根据牛顿第二定律列式，分加速度向上和加速度向下两个过程讨论即可解：1、加速度向上时，根据牛顿第二定律，有：Fmg=ma故F=mg+ma故在01s内的支持力F是增加的，1s8s内支持力恒定，8s9s支持力是减小的；2、加速度向下时，根据牛顿第二定律，有：mgF=m|a|故F=mgm|a|故在15s16s支持力是减小的，16s23s支持力是固定的，23s24

26、s内的支持力F是增加的；故AD正确，BC错误；故选AD【点评】超重和失重现象可以运用牛顿运动定律进行分析理解，产生超重的条件是：物体的加速度方向向上；产生失重的条件：物体的加速度方向向下13AC【解析】试题分析：卫星绕地球做圆周运动万有引力提供向心力，由牛顿第二定律得：，解得：，由于：r乙r甲，则T甲T乙，故A正确；卫星绕地球做圆周运动万有引力提供向心力，由牛顿第二定律得：，解得：，由于乙的轨道半径大于地球半径，则乙的线速度小于第一宇宙速度，故B错误；星绕地球做圆周运动万有引力提供向心力，由牛顿第二定律得：，解得：，由于：r乙r甲，则a乙a甲，故C错误；由题意可知，卫星轨道半径间的关系为：r乙

27、r甲；甲是地球同步卫星，它的轨道在赤道平面内，甲不可能通过北极上方，故D错误；故选A考点：万有引力定律的应用【名师点睛】本题考查了万有引力定律的应用，知道万有引力提供卫星做圆周运动的向心力是解题的关键，应用万有引力公式与牛顿第二定律可以解题，本题是一道常规题14BD【解析】试题分析：A、C两点是轮子边缘上的点，靠传送带传动，两点的线速度相等，而半径不等，所以角速度不等故A错误，B正确A、B两点共轴转动，具有相同的角速度AC两点线速度相等，根据，RA=2RC，得：A与C的角速度之比为1：2，所以B点与C点的角速度大小之比为1：2，故C错误因为RB=RC，B点与C点的角速度大小之比为1：2，根据a

28、=r2得：B点与C点的向心加速度大小之比为1：4，故D正确故选BD考点：角速度；线速度；向心加速度【名师点睛】此题是对角速度、线速度及向心加速度的问题的考查；解决本题的关键知道靠传送带传动轮子边缘上的点具有相同的线速度，共轴转动的点，具有相同的角速度以及掌握向心加速度的公式15BCD【解析】【详解】A根据速度时间图像可知木板最终的速度为v=1m/s，从B刚滑上A开始，到两者共速，过程中，将两者看做一个整体，整体所受合力为零，故整体动量守恒，设木板的质量为M，则根据动量守恒定律可得：，解得：，故木板获得的动能为，A错误；B系统减少的动能为，B正确；C图像图线与坐标轴围成的面积表示位移，则由图得到

29、：0-1s内B的位移为，A的位移为，木板A的最小长度为C正确；D由斜率大小等于加速度大小，得到B的加速度大小为，根据牛顿第二定律得，代入解得，D正确16BD【解析】【分析】【详解】A由于B受到绳子的拉力作用，并且拉力对B做正功，所以物体B的机械能不守恒，故A错误；B由于不计一切摩擦，所以物体AB 组成的系统的械能守恒，故B正确；C当A下降h，由系统内机械能守恒知： 解得故C错误；DA开始下滑瞬间竖直方向只受重力作用所以加速度为g，故D正确；故选BD点睛：物体A以速度v沿竖直杆匀速下滑,绳端沿着绳子方向的速率等于物体B的速率,将A物体的速度分解为沿绳子方向和垂直于绳子方向,沿绳子方向的分速度等于

30、绳速,由几何知识求解B的速率,再讨论B的运动情况.17BCD【解析】【详解】A、由水平方向的x-t图象知，无人机在水平方向做匀速直线运动，速度为3m/s，故A错误。B、由竖直方向的v-t图象知，无人机在竖直方向做匀加速直线运动，加速度a=m/s2，故B正确。C、无人机在水平方向做匀速直线运动，在竖直方向做匀加速直线运动，所以无人机的运动轨迹为抛物线，故C正确。D、t=3s时，无人机vx=3m/s，vy=4m/s，无人机的速度v=5m/s，故D正确。18AC【解析】太阳系中的八大行星有一个共同的轨道焦点，就是太阳，选项A正确；太阳系中的八大行星的轨道都是椭圆，选项B错误；行星的运动方向总是沿着轨

31、道的切线方向，选项C正确；所有行星分别沿不同大小的椭圆轨道绕太阳运动，运动方向为轨迹上某一点切线方向不一定与它和太阳的连线垂直，故D错误；故选AC点睛：开普勒关于行星运动的三定律是万有引力定律得发现的基础，是行星运动的一般规律，正确理解开普勒的行星运动三定律是解答本题的关键19ABC【解析】根据万有引力定律的表达式： A项：使两物体间距离变为原来的2倍，质量不变，万有引力减小到原来的，故A正确；B项：使两物体的质量各减少一半，距离保持不变，万有引力减小到原来的，故B正确；C项：使其中一个物体质量减为原来的，距离不变，万有引力减小到原来的，故C正确；D项：使两物体质量及它们之间的距离都减为原来的

32、，万有引力不变，故D错误点晴：要注意万有引力是与质量乘积成正比，与距离的平方成反比不能考虑一个变量而忽略了另一个变量的变化20AC【解析】【详解】A由题意可知，物块从静止沿斜面向上运动，说明重力的下滑分力大于最大静摩擦力，因此物体不可能最终停于A点，故A正确；B.物体接触弹簧后，还要继续加速，直到弹力与重力的分力相等时，达到最大速度；故最大速度在A点下方； 故B错误；C.由于运动过程中存在摩擦力，导致摩擦力做功，所以物体第一次反弹后不可能到达B点，故C正确；C.根据动能定理可知，从静止到速度为零，则有重力做功等于克服弹簧弹力做功与物块克服摩擦做的功之和，则重力势能的减小量大于物块克服摩擦力做功

33、。故D错误；21BD【解析】【分析】将船的运动分解为沿河岸方向和垂直于河岸方向，当静水速的方向与河岸垂直时，渡河时间最短根据两分运动的运动情况判断合运动的轨迹【详解】AB当静水速的方向与河岸垂直时，渡河时间最短，则有s=40s故A错误，B正确；C船在垂直河岸方向做匀速直线运动，在沿河岸方向，由于水流速在变，做变速运动，两合运动的轨迹是曲线，故C错误；D根据运动的合成，可知船在河水中的最大速度为m/s=5m/s故D正确。故选BD。22AC【解析】【详解】AB.小球开始下落时，做自由落体运动，加速度不变，当小球和弹簧接触时，根据牛顿第二定律得：mg-kx=ma，所以：，当压缩到最低点时，加速度大于

34、g，故A正确，B错误；CD.下降过程，自由落体阶段，小求机械能守恒，当与弹簧接触后，由能量守恒得：小球减少的机械能等于弹簧增加的弹性势能，即：E0-E=kx2，则，E=E0-kx2，故C正确，D错误。23CD【解析】【详解】A.匀速圆周运动时，线速度的大小不变，方向时刻改变；故A错误.B.根据得：；故B错误.C.小孩在时间t内通过的路程为；故C正确.D.小孩做匀速圆周运动的周期；故D正确.24AD【解析】【详解】子弹射入小车的过程中，由动量守恒定律得：，解得v1=3m/s；小物体在小车上滑行过程中，由动量守恒定律得：解得v2=1.5m/s；以小物体为对象，由动量定理得：，解得，小车对小物体的摩

35、擦力的冲量为I=0.45Ns当系统相对静止，小物体在小车上滑行的距离为l，由能量守恒定律得： 解得l=0.5m，所以小车的最小长度为0.5m。A.小物体在小车上相对小车滑行的时间s，与上面计算结果相符，故A正确；B.最后小物体与小车的共同速度v2=1.5m/s，故B错误；C.小车的最小长度为0.5m，故C错误；D.小车对小物体的摩擦力的冲量为0.45Ns，与上面计算结果相符，故D正确。25BD【解析】【详解】A.因小球B处于静止状态，对其受力分析，如下图所示：由于A球带正电，因此小球B一定带负电，故A错误；B.因两球带电量是等量异种电荷，则两者连线的中垂线即为等势线，以无穷远处为零电势点，因此

36、O点的电势为零，故B正确；C.由A选项分析，可知圆环对小球B的弹力背离圆心，故C错误；D.将小球B移至圆环最低点，电场力做负功，导致A、B小球组成的系统电势能变大，故D正确；26BC【解析】【分析】【详解】试题分析：对小球分析，设绳子拉力为F，绳子与竖直方向夹角为，绳子长度为l，则有Fcos=mg，Fsin=m（2/T）2r,r=lsin，解得T2=42lcos/g,当小球位置升高时，周期减小，角速度增大，C正确，D错误Q物块处于平衡状态，有N=Mg+Fcos=（M+m）g，支持力不变，A错误；f=Fsin=mgtan，物块位置升高，增大，f增大，B正确考点：本题考查圆周运动向心力分析和物体平

37、衡27BC【解析】【分析】【详解】做竖直上抛运动的物体，先向上做匀减速运动，当到达最高点时，速度减为零，以后向下做匀加速运动，因规定向下为正方向，则速度先负后正，则图线B正确，A错误；竖直上抛运动的物体只受重力作用，合力不变，总是向下的mg，则选项C正确，D错误；故选BC.28ABD【解析】【详解】A、B项：根据线速度与轨道半径和周期的关系得行星运动的轨道半径为：，根据万有引力提供向心力，列出等式：，联立解得：，故AB正确；C项：根据题意无法求出行星的质量，故C错误；D项：加速度为：结合解得：行星运动的加速度为，故D正确。29CD【解析】【详解】由图可知，在拉力的作用下物体前进的位移为L+x，故拉力的功为F（x+L），摩擦力的功为f（x+L），则由动能定理可知物体的动能为（F-f）（x+L），故A错误；小车受摩擦力作用，摩擦力作用的位移为x，故摩擦力对小车做功为fx，故小车的动能改变量为fx；故B错误；物块和小车增加的机械能等于外力的功减去内能的增量，内能的增量等于fL，故机械能的增量为F（x+L）-fL，故C D正确；故选CD30BC【解析】【详解】AB当汽车发动机达到额定功率并做匀速运动时，汽车达到最大速度，此时发动机牵引力等于阻力，选项A错误，B正确；CD.根据P=Fv=fv，则有：；故C正确，D错误。