欧姆定律专项检测试题及答案.doc

1、欧姆定律专项检测试题及答案一、选择题1对于某一确定的导体，影响该导体电流大小的物理量是（ ） A.通电时间B.电荷量C.电压D.质量【答案】 C 【解析】【解答】解：（1）由欧姆定律可知，对于某一导体，通过导体的电流与导体两端的电压成正比，所以对于某一确定的导体，通过导体电流大小决定于导体两端的电压，故C正确；（2）导体电阻和电压决定了通过导体的电流大小，即在一定时间内通过导体横截面的电荷量的多少，电流的大小与质量无关，故ABD错误 故选C【分析】对于某一导体，电阻一定，通过导体的电流与导体两端的电压成正比，据此分析选择2如图所示，电源电压6V保持不变，测量额定电压为3.8V小灯泡的额定功率，

2、下列说法错误的是（）A.闭合开关前，滑片P应移动到B端B.闭合开关后，小灯泡不发光，可能是小灯泡灯丝断了C.滑片P向A端移动时，小灯泡额定功率变大，亮度变亮D.当电压表示数为3.8V时，读出电流表的示数，可算出小灯泡的额定功率【答案】 C 【解析】【解答】A、由图，为保护电路，开关闭合前，滑片应滑到最大值B端，故A正确；B、小灯泡灯丝断了，闭合开关后，小灯泡不能发光，故B正确；C、滑片P向A端移动时，灯泡电压大于额定电压，实际功率大于其额定功率，但额定功率不会变，故C错误；D、当电压表示数为3.8V时，读出电流表的示数，利用P=UI可计算其额定功率的大小，故D正确故选C【分析】（1）为保护电路

3、，开关闭合前，滑片应滑到最大值处；（2）小灯泡灯丝断了小灯泡不能发光；（3）额定功率是指用电器在额定电压下的功率，一个用电器的额定功率只有一个，实际功率可以有多个；（4）在额定电压下，可以运用公式P=UI计算其额定功率的大小3如甲图所示为气敏电阻随有害尾气浓度变化的曲线，某物理科技小组利用气敏电阻设计了汽车有害尾气排放检测电路，如图乙所示，电源电压恒定不变，R为气敏电阻，L为指示灯当有害尾气浓度增大时（）A.电压表的示数增大，指示灯亮度增大B.电压表的示数减小，指示灯亮度增大C.电压表的示数减小，指示灯亮度减小D.电压表的示数增大，指示灯亮度减小【答案】 B 【解析】【解答】解：由电路图可知，

4、两电阻串联，电压表测气敏电阻两端的电压，电流表测电路中的电流，由图甲可知，当有害尾气浓度增大时，气敏电阻的阻值将变小，电路的总电阻变小，由I=可知，电路中的电流变大，由U=IR可知，灯泡L两端的电压变大，故指示灯亮度增大；故CD错误；因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，气敏电阻R两端的电压变小，即电压表的示数变小；故A错误，B正确故选B【分析】由电路图可知，气敏电阻与指示灯串联，电压表测气敏电阻两端的电压，电流表测电路中的电流，根据甲图得出当有害尾气浓度增大时气敏电阻阻值的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和灯泡两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知电压表示数的变化；4如图，电源

5、电压恒定，电阻R1=10，R2=15，R阻值一定但未知，当单刀双掷开关S掷向a（同时与b断开）时，电压表示数为2.0V，若掷向b（同时与a断开），电压表示数可能为（）A.3.0VB.2.5VC.2.0VD.1.5V【答案】 B 【解析】【解答】解：由图S接b时，R2与R串联，由欧姆定律知：U=IR，此时电压表测R2两端电压，示数为U，即有U=IR2=15，同理，S接a时，R1与R串联，此时电压表测R1两端电压，示数为2V，则有：2V=IR1=10，可得：=，所以U=3V，因为1，所以U3V；R1、R2分别与R串联，R2R1 ， 根据串联电路的分压原是可知：R2与R2串联时比R1与R串联时分压多

6、，即S接b时电压表示数大于2V；综上可知：2VU3V，故B正确，ACD错误故选B【分析】由欧姆定律可得出开关置于两位置时的电压表示数表达式，通过分析可得出电压的可能值5通过初中物理的学习，同学们知道了一些物理学家以及他们的研究成果，以下叙述错误的是（ ） A.牛顿第一定律是牛顿直接从自己做的实验中得出的结论B.欧姆对“电流跟电阻和电压之间的关系”进行了深入的研究并得到了正确的结论C.焦耳最先发现了“电流通过导体产生的热量与电流、电阻、通电时间的关系”D.奥斯特发现了电流的磁效应，法拉第发现了电磁感应现象【答案】A 【解析】【解答】解：A、“一切物体在没有受到力的作用时，总保持静止或匀速直线运动

7、状态”牛顿第一定律由于没有不受力的物体，所以牛顿第一定律无法用实验直接验证故A错误； B、欧姆对“电流跟电阻和电压之间的关系”进行了深入的研究并得到了正确结论，欧姆定律就是欧姆得出的故B正确；C、焦耳最先发现了“电流通过导体产生的热量与电流、电阻、通电时间的关系”，即焦耳定律，故C正确；D、奥斯特发现了电流的磁效应，法拉第发现了电磁感应现象故D正确故选A【分析】（1）牛顿第一定律是在实验的基础上经过科学的论证而得出的不能用实验直接验证，但经受了实践的检验，是大家公认的力学基本定律之一（2）欧姆对“电流跟电阻和电压之间的关系”进行了深入的研究；（3）焦耳得出了焦耳定律（4）奥斯特发现了电流的磁效

8、应，法拉第发现了电磁感应现象6某同学做电学实验时，电路如下图所示已知他所用电流表的量程为00.6A，电压表的量程为03V，电源电压为6V保持不变，滑动变阻器的最大阻值为50，定值电阻R0为10，开关S闭合后，在实验操作无误的情况下，下列说法中正确的说法是（ ）A.电流表的最大示数为0.6AB.滑动变阻器消耗的最小功率为0WC.电压表的最小示数为1VD.电阻R0消耗的最大功率为1.8W【答案】 C 【解析】【解答】（1）电源电压为6V，电压表的量程为03V，P不能滑到左端，滑动变阻器连入电阻不能为0，滑动变阻器的电功率不能为0；当电压表的示数为3V，即：UR=3V时：电流最大（电流表的示数最大）

9、，I大= =0.3A，R0消耗的电功率最大，P大=I2R0=（0.3A）210=0.9W；（2）当滑片P在右端（电阻全连入为50 ），此时电路中的电阻最大，电流最小，I小= =0.1A，U小=I小R0=0.1A10=1V故答案为：C【分析】由电路图可知，定值电阻与滑动变阻器串联，电压表测定值电阻两端电压，电流表测电路电流；（1）电源的电压大于电压表的最大示数，由串联电路的分压特点可知当电压表的示数最大时电路中的电流最大，此时定值电阻消耗的电功率最大，滑动变阻器两端的电压不为0，由P=UI可得滑动变阻器的最小电功率不可能为0，根据串联电路的电压特点求出定值电阻两端的电压，根据欧姆定律求出电路中的

10、最大电流，利用P=I2R求出电阻R0消耗的最大功率；（2）当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电压表的示数最小，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，利用欧姆定律求出电压表的最小示数7如图所示，电源电压恒定。当开关S1、S2闭合，甲、乙两表为电压表时，两表示数之比U甲：U乙=4：1；当开关S1闭合、S2断开，若甲、乙两表均为电流表时，两表的示数之比为（ ）A.4：3B.3：2C.3：4D.3：l【答案】C 【解析】【解答】由电路图知道，当S1、S2 闭合时，若甲乙两表为电压表，则两电阻串联，并且甲测电源的电压，乙测R2 两端的电压，由串联电路电流特点和I=U/R知道：U甲/R1+R2=U乙

11、/R2 ， 又因为U甲：U乙=4：1，所以两电阻之比是：R1/R2=3/1，即R1 =3R2；当开关S1闭合、S2断开时，若甲、乙两表均为电流表，则两电阻并联，并且甲测R2支路的电流，乙测干路电流，由并联电路中各支路两端的电压特点和I=U/R知道，两电流表的示数之比是： ，故答案为：C。【分析】当S1、S2闭合，甲乙两表为电压表时，两电阻串联，甲测电源的电压，乙测R2两端的电压，根据串联电路电流的规律和欧姆定律表示出电阻之比；当开关S1闭合、S2断开，甲乙两表为电流表时，两电阻并联，甲测R2支路的电流，乙测干路电流，根据并联电路电压规律和欧姆定律表示出两支路的电流之比，根据两电阻的关系即可求出

12、两表示数比值.8下图是某同学设计的测风速的装置，图中探头、金属杆和滑动变阻器的滑片P相连，可上下移动现要求：当风吹过探头时，滑动变阻器的滑片P向上移动，且风速增大时电压表的示数增大以下四个图中符合要求的是（ ）A.B.C.D.【答案】 B 【解析】【解答】解：AD探头上平下凸，当风吹过探头时，探头下方空气的流速大于上方空气的流速，探头下方空气压强小于上方空气压强，产生向下的压力差使弹簧压缩，滑片下移，故AD不符合题意；BC探头上凸下平，当风吹过探头时，探头上方空气的流速大于下方空气的流速，探头下方空气压强大于上方空气压强，产生向上的压力差使弹簧伸长，滑片上移，R2接入电路中的电阻变小，电路中的

13、总电阻变小；由I= 可知，电路中的电流变大，由U=IR可知，R1两端的电压变大，即B选项中电压表的示数变大，故B符合题意；因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，R2两端的电压变小，即C选项中电压表的示数变小，故C不符合题意故选B【分析】根据流体压强与流速的关系（流速越快的地方压强越小）判断产生压力的方向，然后判断滑片移动的方向确定接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和定值电阻两端的电压变化，根据串联电路的电压特点和滑动变阻器两端的电压变化本题是力学和电学的综合题，涉及到串联电路的特点和欧姆定律的应用，会利用流体压强和流速的关系是解题的关键9在一次物理实验中，小于同学连接了

14、如图所示的电路，电磁铁的B端有一个可自由转动的小磁针，闭合开关后，下列说法错误的是（ ） A.电磁铁的A端为N极B.小磁针静止时，N极水平指向左C.利用这一现象所揭示的原理可制成的设备是发电机D.当滑动变阻器滑动片P向右端移动，电磁铁磁性增强【答案】 C 【解析】【解答】解：A、由图知，电流从螺线管的右端流入、左端流出，根据安培定则可知，电磁铁的A端是N极，B端是S极，A不符合题意； B、电磁铁的B端是S极，由磁极间的作用规律可知，小磁针静止时，左端是N极，即N极水平指向左，B不符合题意；C、该实验表明了电能生磁，利用这一现象所揭示的原理可制成电磁铁，C错误，符合题意；D、当滑动变阻器滑动片P

15、向右端移动时，变阻器接入电路的电阻变小，电路中电流变大，则电磁铁的磁性变强，D不符合题意；故答案为：C。 【分析】首先利用安培定则判断螺线管的磁极，再由磁极间的作用规律判断小磁针的指向；电磁感应是发电机的原理；由滑动变阻器的滑片移动可得出电路中电流的变化，则可得出螺线管中磁场的变化.10如图所示电路中，电源两端电压保待不变，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器闭合开关S后，滑动变阻器滑片P自b向a移动的过程中（ ）A.电压表V1的示数变大，电路消耗的总功率变小B.电压表V2的示数不变，电路消耗的总功率变大C.电流表A的示数变大，电压表V1的示数与电流表A的示数之比变大D.电流表A的示数变大，电压表

16、V2的示数与电流表A的示数之比变大【答案】 B 【解析】【解答】由电路图可知，R1与R2串联，电压表V1测R2两端的电压，电压表V2测电源的电压，电流表测电路中的电流，因电源两端电压保待不变，所以，滑片移动时，电压表V2的示数不变，滑动变阻器滑片P自b向a移动的过程中，接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，由I=U/R可得，电路中的电流变大，即电流表A的示数变大，由U=IR可知，R1两端的电压变大，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，R2两端的电压变小，即电压表V1的示数变小，故A错误；因电压表V1的示数变小，电压表V2的示数不变，电流表的A的示数变大，所以，电压表V1的示数与电流表

17、A的示数之比变小，电压表V2的示数与电流表A的示数之比变小，故CD错误；由P=UI可得，电路消耗的总功率变大，故B正确，故答案为：B.【分析】本题考查学生对电路的动态分析能力。由电路图可知，R1与R2串联，电压表V1测R2两端的电压，电压表V2测电源的电压，电流表测电路中的电流。串联电路中总电压等于各分电压之和。11现有R1、R2两个电阻，它们的UI关系图象分别如图甲、图乙所示。将这两个电阻串联后接入电压为6V的电源两端，下列说法正确的是（ ） A.该电路中电阻R1的阻值是电阻R2阻值的2倍B.通过电阻R1的电流是通过电阻R2电流的2倍C.电阻R1两端的电压与电阻R2两端的电压相等D.电阻R1

18、与电阻R2的电功率相等【答案】 A 【解析】【解答】解：因串联电路中各处的电流相等， 所以，将这两个电阻串联后接入电压为6V的电源两端时，通过它们的电流相等，B不正确；因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，由图象可知，当电路中的电流I0.2A，U14V，U22V时符合，则 ，C不正确；由I 可得，两电阻的阻值之比： ，A符合题意；由PUI可得，两电阻的电功率之比： ，D不正确。故答案为：A。【分析】两电阻串联时通过它们的电流相等，且它们两端的电压之和等于电源的电压，根据两个图象找出符合的电压和电流值；然后根据欧姆定律判断电路中两电阻的阻值关系，根据PUI判断两电阻的电功率之间的关系。12如

19、图所示，电源电压保持不变，闭合开关，滑动变阻器的滑片向左移动的过程中，下列说法正确的是（ ） A.电压表 示数变大，电流表示数变小B.电压表 示数不变，电流表示数变大C.电压表 示数和电流表示数的乘积变大D.电压表 示数和电流表的比值不变【答案】 C 【解析】【解答】解：由电路图可知，定值电阻R1和滑动变阻器R2串联，电压表V1测电源的电压，电压表V2测R2两端的电压，电流表测电路中的电流因电源电压保持不变，所以，滑片移动时，电压表V1的示数不变，故A错误；滑动变阻器的滑片向左移动的过程中，接入电路中电阻变小，电路中的总电阻变小，由I= 可知，电路中的电流变大，即电流表的示数变大，由U=IR可

20、知，定值电阻R1两端的电压变大，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，滑动变阻器R2两端的电压变小，即电压表V2的示数变小，故B错误；因电压表V1的示数不变，电流表的示数变大，电压表V2的示数变小，所以，电压表V1示数和电流表示数的乘积变大，电压表V2示数和电流表的比值变小，故C正确、D错误故选C【分析】由电路图可知，定值电阻R1和滑动变阻器R2串联，电压表V1测电源的电压，电压表V2测R2两端的电压，电流表测电路中的电流根据电源的电压可知滑片移动时电压表V1示数的变化，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R1两端的电

21、压变化，根据串联电路的电压特点可知电压表V2示数的变化，进一步判断电压表V1示数和电流表示数的乘积变大以及电压表V2示数和电流表的比值变化本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律的应用，分析好电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键13如图甲所示的电路中,电源电压恒定,灯泡L的电阻随温度变化而变化,R0为定值电阻滑动变阻器Rx的规格为“202.5A”闭合开关S,电压表V1的示数为U1、电压表V2的示数为U2,移动滑动变阻器的滑片P从A端至B端,U2与U1的关系如图乙所示当滑片P滑到B端时,灯L恰好正常发光.下列结果中正确的是（ ） A.电路中最大电流为1AB.定值电阻R0的阻值

22、为16C.灯L正常发光时的电阻为40D.灯L的额定功率为24W【答案】 D 【解析】【解答】由图可知，当滑片P滑到B端时，阻值为0，L和R0串联，此时电压表V2测电源电压，由图知电源电压为36V，电压表V1测R0的电压，由图知R0的电压U01=24V，灯L恰好正常发光，则灯L的额定电压为：UL额=36V 24V=12V，A当滑片P在A端时，滑动变阻器阻值最大，且Rmax=20，此时电压表V2的示数为16V，则滑动变阻器两端的电压为：UR=36V 16V=20V，此时电路中的电流最小：Imin= = =1A，A不符合题意；B当滑片P在A端时，电压表V1的示数U02=12V，则定值电阻R0的阻值为

23、：R0= = =12,B不符合题意；C当滑片P滑到B端时，电路中的电流为：I= = =2A，灯L正常发光时的电阻：RL= = =6，C不符合题意；D灯L的额定功率为：PL=UL额I=12V 2A=24W. 故答案为：D。 【分析】结合电路图，理清元件的连接方式及电表的测量对象，当滑片P滑到B端时，灯L恰好正常发光，此时电路的总电阻最小，总电流最大，两电压表的示数都达到了最大，判断出电源电压；当滑动变阻器的滑片P在A端时，总电阻最大，电路中的总电流最小，由乙图读出两电压表的示数，根据串联电路电压的规律表示出滑动变阻器的电压，根据欧姆定律算出电路的电流和定值电阻R0的阻值；当滑片在B端时，滑动变阻

24、器的电阻为零，电路的电流最大，此时灯L恰好正常发光，定值电阻两端的电压为24V，根据欧姆定律算出电路的电流，根据串联电路电压的规律算出灯泡两端的额定电压，根据欧姆定律算出灯L正常发光时的电阻，由P=UI算出灯泡L的额定功率.14在如图所示的实物电路中,电源电压恒为3V,滑动变阻器的规格为“100 1A”,灯泡上标有2.5V 1W”的字样,闭合开关后调节滑动变阻器的滑片,在保证各元件安全的情况下,下列说法正确的是（ ）A.小灯泡正常发光时的电阻为2.50B.向右移动滑片时,电压表V1的示数变小,小灯泡亮度变暗C.向右移动滑片时,电压表V2与电流表A的示数之比不变D.让小灯泡正常发光1min,滑动

25、变阻器产生的电热为12J【答案】D 【解析】【解答】根据R 6.25 ,A不符合题意；由图可知滑动变阻器、灯泡、电流表组成串联电路，当向右移动滑片时,滑动变阻器连入电路的电阻变小，根据串联电路的电压特点可知，滑动变阻器两端的电压变小，即V2示数变小，而灯泡两端的电压变大，即V1示数变大，小灯泡变亮，B不符合题意；电压表V2与电流表A的示数之即滑动变阻器连入电路的电阻值，所以向右移动滑片时,电压表V2与电流表A的示数之比变小，C不符合题意；D.小灯泡正常发光时电路中的电流，I 此时滑动变阻器两端的电压U滑3V-2.5V0.5V,滑动变阻器连入的电阻R滑 1min滑动变阻器产生的电热为QI2Rt0

26、.4A ,D符合题意。故答案为：D【分析】灯泡与滑动变阻器串联，电压表V1测量小灯泡电压，电压表V2测滑动变阻器两端的电压，电流表测量电路中电流.（1）根据P=变形可求小灯泡正常发光时的电阻；（2）根据串联电路的电流特点可知，滑动变阻器向右移动滑片时，滑动变阻器接入电路的电阻减小，根据串联分压的原理，滑动变阻器分配的电压减小，即电压表V2示数减小，小灯泡两端电压变大，小灯泡变亮；（3）电压表V2与电流表A的示数之比等于滑动变阻器的阻值；（4）由灯泡上标有“2.5V 1W”，根据P=UI可求小灯泡的额定电流，再根据串联电路电压的特点，求出滑动变阻器两端的电压，根据Q=UIt求出小灯泡正常发光1m

27、in，滑动变阻器产生的电热.15如图甲所示电路的电源电压为3V，小灯泡的额定电压为2.5V，图乙是小灯泡的I-U图象。闭合开关S后，下列判断正确的是（ ） A.滑动变阻器的滑片P向左滑动时，灯泡变暗B.电流表示数为 时，灯泡的电阻是 C.电压表示数为 时，小灯泡的功率是 D.小灯泡正常发光时，滑动变阻器的电功率是 【答案】 D 【解析】【解答】解：A、由图可知，闭合开关S后，灯泡与变阻器串联，电压表测变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流， 滑片P向左滑动时，电路中的电阻变小，由欧姆定律可知，电路中的电流变大，根据P=I2R可知灯泡的实际功率增大，则灯泡变亮，A不符合题意；B、由灯泡的I-U图

28、象可知，当电流为0.4A时，灯泡的电压为1V，由欧姆定律可得，灯的电阻：RL= = =2.5，B不符合题意；C、电压表示数为2.5V时，由串联电路电压的规律，灯的电压为：UL=U-U滑=3V-2.5V=0.5V，由图象可知，灯的电压为0.5V时电流为0.3A，则小灯泡的功率：PL=ULI=0.5V0.3A=0.15W，C不符合题意；D、小灯泡的电压等于额定电压2.5V时，灯正常发光，由图象可知灯的额定电流为0.5A，根据串联电路电压的规律，变阻器的电压为：U滑=U-UL额=3V-2.5V=0.5V，此时滑动变阻器的功率：P滑=U滑I滑=0.5V0.5A=0.25W，D符合题意。故答案为：D【分

29、析】结合电路图，理清依据的连接方式及电表的测量对象，滑片P向左滑动时，分析电路中的电阻变化，由欧姆定律R= 确定电路中的电流变化，根据P=I2R确定灯的实际功率，从而得出灯泡亮度变化.结合I-U图象知，当电流为0.4A时，对应的电压为1V，由欧姆定律R= 求出灯的电阻.电压表示数为2.5V时，由串联电路电压的规律得出灯的电压，由图知，灯的电压为0.5V电流大小，根据P=UI得出小灯泡的功率.由图象可知灯的额定电流，根据串联电路电压的规律求出变阻器的电压，根据P=UI求出变阻器的功率.16如图所示电路中，R1:R2=2:3，开关闭合后，电路的总功率为P0。若将R1的阻值增大2，R2的阻值减小2，

30、电路的总功率仍为P0；若将R1的阻值减小2，R2的阻值增大2，电路的总功率为P；则P:P0等于（ ） A.3:2B.4:3C.5:4D.6:5【答案】 A 【解析】【解答】两个滑动变阻器并联；由题意可知，R1:R2=2:3，-，开关闭合后，电路的总功率：P0= -，若将R1的阻值增大2，R2的阻值减小2，电路的总功率：P0= -，由以上式可解得：R1=4，R2=6；所以P0= = ，若将R1的阻值减小2，R2的阻值增大2，此时电路的总功率：P= = ，P：P0= : =3:2。 故答案为：A【分析】结合电路图，理清元件的连接方式，先根据P=表示出电路的总功率P0 ， 将R1的阻值增大2，R2的

31、阻值减小2，再根据P=表示出电路的总功率仍为P0 ， 结合R1：R2=2：3可求出R1、R2的阻值；若将R1的阻值减小2，R2的阻值增大2，根据P=表示出电路的总功率为P，将R1、R2的阻值代入P0和P的表达式，联立即可得出答案.17新的国家标准对延长线插座配用电缆的导线横截面积要求进行了修改，额定电流16A的延长线插座，导线最小标称横截面积由1mm2提升到1.5mm2.增大导线横截面积的目的是（ ） A.增大导线的电阻B.减小通过导线的电流C.增大导线的电压D.减小导线发热的功率【答案】D 【解析】【解答】A减小导线的电阻，A不符合题意；B由I= 知当U一定时R越小I越小，B不符合题意；C由

32、I= 的变形式U=IR知当I一定时R越小U越小，C不符合题意；D根据P=I2R知当I一定时R越小P越小，D符合题意。故答案为：D。【分析】A、影响导体电阻大小的因素：材料、长度、横截面及温度，当材料、长度、温度不变时横截面越大电阻越小；B、根据I= 分析判断；C、根据I= 的变形式U=IR分析判断；D、根据P=I2R分析判断。18如图1所示，电源电压恒为6V，R为热敏电阻，其阻值随温度变化如图2所示，R0是阻值为10的定值电阻，闭合开关S，通过分析，下列说法错误的是（ ） A.图1中的R0有保护电路的作用B.温度升高时，电压表的示数会变小C.温度为40时，电流表的示数为0.2AD.温度降低时，

33、电压表与电流表示数的比值变小【答案】D 【解析】【解答】解：A、由图可知，R与R0串联在电路中，当热敏电阻随温度的升高而过小时，电路中的总电阻R串=R+R0而不致过小，因此R0起到保护电路的作用，故A不符合题意； B、由图2而知，当温度升高时，R会变小，根据串联电路的分压特点可知，热敏电阻两端的电压会变小，即电压表示数会变小，故B不符合题意；C、由图可知，温度为40时，热敏电阻的值为R=20，则电流表示数I= = =0.2A，故C不符合题意；D、由图可知，电压表测R两端电压U，电流表测电路电流即R电流I，由欧姆定律可知， =R，即电压表与电流表示数的比值表示的是热敏电阻的值，当温度降低时，由图

34、2可知，其阻值变大，即电压表与电流表的示数比值变大，故D符合题意故选D【分析】（1）根据图1中的电路连接方式，由图2可知，热敏电阻随温度的升高而减小，此时电路中的电流会增大，据此分析；（2）温度升高时，由图2分析热敏电阻的变化，再判断电路中总电阻的改变，由欧姆定律判断电压表示数变化情况；（3）由图2中的数据，根据串联电路的特点进行计算；（4）分析电压表与电流表示数比值所表示的量，结合图2进行判断19如图所示的电路中，电源两端电压保持不变，当开关S闭合时，灯L正常发光，灯L的电阻会随电流变化,如果将滑动变阻器的滑片P向右滑动,电压表的示数和灯正常发光时示数相同,则下列说法中正确的是（ ）A.灯L

35、变暗，灯两端电压变小B.灯L变暗，灯的实际功率变小C.灯L变亮，灯两端电压变大D.灯L变亮，灯的实际功率变大【答案】A 【解析】【解答】将滑动变阻器的滑片P向右滑动时，接入电路的电阻变大，电路的总电阻变大；根据 可知，电路中的电流变小；根据 可知，灯泡两端的电压变小，由 可知，灯泡的实际功率变小，故灯泡变暗。故答案为：A【分析】灯泡和滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测量电路的电流；根据滑片的移动判断接入电路电阻的变化和电路总电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和灯泡两端电压的变化，根据P=I2R可知灯泡实际功率的变化和灯泡亮暗的变化，根据串联电路的电压特点可知电压表

36、示数的变化.20将电阻 与100欧的电阻并联后，它们的总电阻小于10欧。下列判断中正确的是（ ） A. 一定小于10欧B. 可能大于10欧C. 一定大于10欧D. 不可能为10欧【答案】B 【解析】【解答】因为并联电路电阻的关系为： ，所以并联电路的总电阻小于任一支路的电阻，即小于各支路中最小的电阻，故电阻R1可能大于10欧.故答案为：B.【分析】根据并联电路的总电阻小于任何一支路的电阻分析解答即可.21在如图所示的电路中，电源电压保持不变，当开关S由断开到闭合，电流表两次示数之比是1：5闭合S后，R1与R2的阻值之比和电功率之比分别是（ ） A.4：1；1：4B.1：4；4：1C.1：5；5

37、：1D.5：1；1：5【答案】 A 【解析】【解答】解：当开关断开时，由欧姆定律可得：I1 ； 当开关闭合时，通过R2的电流I2 ；则电流表的示数II1+I2 ；由题意知： ；则解得：5R2R1+R2；即 ；由功率公式P 得：R1消耗的电功率P1 ；R2消耗的电功率P2 ；则功率之比： ；故答案为：A【分析】当开关断开时，电路中只有R1接入，则由欧姆定律可得出电流与电阻的关系；当开关闭合后，两电阻并联，因电源电压不变，则可由欧姆定律可求得通过R2的电流，由并联电路的电流的规律可求得总电流与两电阻的关系；两电阻并联，则由功率公式P 可求得功率关系。22如图所示，N是悬挂在弹簧测力计下的条形磁铁，

38、B是螺线管。闭合开关S，待弹簧测力计示数稳定后，将变阻器尺的滑片缓慢向右滑动，在此过程中下列说法正确的是（ ） A.V表示数变大，A表示数变大B.V表示数变大，A表示数变小C.弹簧测力计示数变小D.弹簧测力计示数变大【答案】 C 【解析】【解答】A、由电路图可知,R0与R串联,电压表测R两端的电压,电流表测电路中的电流,将变阻器R的滑片缓慢向右移动时,变阻器接入电路中的电阻变小,电路中的总电阻变小由I=U/R 可知,电路中的电流变大,即电流表的示数变大,A不符合题意； B、由U=IR可知,R0两端的电压变大,因串联电路中总电压等于各分电压之和,所以,R两端的电压变小,即电压表的示数变小,B不符

39、合题意； C、由图可知,电流由螺线管的下方流入,则由右手螺旋定则可知螺线管上端为N极,下端为S极,因螺线管的上端与磁铁的下端为同名磁极,相互排斥,且电路中的电流增大,所以,螺线管与磁铁之间的斥力增大,弹簧测力计示数变小,C符合题意； D、由C的分析可知，D不符合题意； 故答案为：C 【分析】（1）当变阻器R的滑片缓慢向右移动,滑动变阻器接入电路的电阻变小,根据欧姆定律和串联电路电压的特点可知电路电流表和电压表示数的变化； （2）影响电磁铁磁性强弱的因素有:电流的大小、线圈的匝数、有无铁芯.线圈的匝数一定,电流越大磁性越强； （3）运用安培定则判断通电螺线管的极性； （4）磁极间的相互作用:同名

40、磁极相互排斥,异名磁极相互吸引；23如图所示，电源电压保持不变，开关S闭合后，调节滑动变阻器滑片，下列说法正确的是（ ） A.滑片向左滑动，电流表示数增大，电压表示数减小B.滑片向左滑动，电流表、电压表示数都增大C.滑片向右滑动，电流表、电压表示数都增大D.滑片向右滑动，电流表示数减小，电压表示数增大【答案】 B 【解析】【解答】串联电路，且电压表测量灯泡电压，则当滑片向左滑动时总电阻变小，电流变大，灯泡分得电压变大，则电流表示数变大，电压表示数变大；反之，当滑片向右滑动时，电流表示数变小，电压表示数变小。 故答案为：B【分析】结合电路图，理清元件的连接方式及电表的测量对象，根据滑片的移动可知

41、接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化，根据串联电路的分压特点可知灯泡两端的电压变化.24如图所示的电路中，电流表A1的示数为0.5A，A2的示数为0.3A，电阻R2的阻值为10下列说法正确的是（ ）A.通过电阻R1的电流为0.5AB.电源电压为5VC.电阻R1的阻值为15D.若断开开关S2 ， 电流表A1示数变大【答案】C 【解析】【解答】由电路图可知，两电阻并联，电流表A2测R2支路的电流，电流表A1测干路的电流；开关S1控制整个电路，开关S2控制电阻R1；因为并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以通过电阻R1的电流： ，A不符合题意；又因为并联电路中各支路两端的电压相等，故根据欧姆定律可得，电源的电压： ，B不符合题意；电阻R1的阻值： ，C符合题意。若断开开关S2 ， 电流表A1只测量R2的电流，电流表A1示数变小，D不符合题意。故答案为：C。【分析】根据并联电路中干路电流等于各支路电流之和，结合欧姆定律计算电路中的电压和电阻.25如图所示的电路，滑动变阻器的滑片向左滑动的过程中，电流表和电压表的示数变化是（ ） A.电流表示数变小，电压表示数变大B.电流表、电压表示数都变大C.电流表示数变大，电压表示数变小D.电流表、电压表示数都变小【答案】 C