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类型(走向高考)高考物理一轮复习-电场综合测试题配套练习.doc

  • 上传人(卖家):刘殿云
  • 文档编号:6038077
  • 上传时间:2023-05-23
  • 格式:DOC
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    关 键  词:
    走向高考 走向 高考 物理 一轮 复习 电场 综合测试 配套 练习
    资源描述:

    1、2011走向高考系列物理一轮复习配套练习-电场 综合测试题本卷分第卷(选择题)和第卷(非选择题)两部分满分100分,考试时间90分钟第卷(选择题共40分)一、选择题(共10小题,每小题4分,共40分,在每小题给出的四个选项中,有的小题只有一个选项符合题目要求,有些小题有多个选项符合题目要求,全部选对的得4分,选不全的得2分,有选错或不答的得0分)1如图所示的四个电场的电场线,其中A和C图中小圆圈表示一个点电荷,A图中虚线是一个圆,B图中几条直线间距相等互相平行,则在图中M、N处电场强度相同的是()答案B解析电场强度相同指场强大小、方向都相同,故B对2A、B是一条电场线上的两个点,一带负电的粒子

    2、仅在电场力作用下以一定的初速度从A点沿电场线运动到B点,其速度v和时间t的关系图象如图甲所示则此电场的电场线分布可能是图乙中的()答案A解析由图象可知,粒子的速度随时间逐渐减小,粒子的加速度逐渐变大,则电场强度逐渐变大,从A到B电场线逐渐变密综合分析知,带负电的粒子是顺电场线方向运动由电场线疏处到达密处故A对3一个带正电的点电荷以一定的初速度v0(v00),沿着垂直于匀强电场的方向射入电场,则其可能的运动轨迹应该是下图中的()答案B解析点电荷垂直于电场方向进入电场时,电场力垂直于其初速度方向,电荷做类平抛运动,选B.4如图所示,在匀强电场中有一平行四边形ABCD,已知A、B、C三点的电势分别为

    3、A10V、B8V、C2V,则D点的电势为()A8VB6VC4V D1V答案C解析由于电场是匀强电场,则UABUDC,ABDC,D4V,C选项正确5示波管的结构中有两对互相垂直的偏转电极XX和YY,若在XX上加上如图甲所示的扫描电压,在YY上加如图乙所示的信号电压,则在示波管荧光屏上看到的图形是图丙中的()答案C解析由于在XX所加的扫描电压和YY所加的信号电压的周期相同,所以荧光屏上就会显示随信号而变化的波形,C图正确6如图所示,水平放置的平行板电容器,上板带负电,下板带正电,带电小球以速度v0水平射入电场,且沿下板边缘飞出若下板不动,将上板上移一小段距离,小球仍以相同的速度v0从原处飞入,则带

    4、电小球()A将打在下板中央B仍沿原轨迹由下板边缘飞出C不发生偏转,沿直线运动D若上板不动,将下板上移一段距离,小球可能打在下板的中央答案BD解析将电容器上板或下板移动一小段距离,电容器带电荷量不变,由公式E可知,电容器产生的场强不变,以相同速度入射的小球仍将沿原轨迹运动下板不动时,小球沿原轨迹由下板边缘飞出;当下板向上移动时,小球可能打在下板的中央7光滑绝缘细杆与水平面成角固定,杆上套有一带正电的小球,质量为m,带电荷量为q.为使小球静止在杆上,可加一匀强电场所加电场的场强满足什么条件时,小球可在杆上保持静止()A垂直于杆斜向上,场强大小为B竖直向上,场强大小为C垂直于杆斜向下,场强大小为D水

    5、平向右,场强大小为答案B解析小球受竖直向下的重力,若电场垂直于杆的方向,则小球受垂直于杆方向的电场力,支持力方向亦垂直于杆的方向,小球所受合力不可能为零,A、C项错;若电场竖直向上,所受电场力Eqmg,小球所受合力为零,B项正确;若电场水平向右,则小球受重力、支持力和电场力作用,根据平行四边形定则,可知Emgtan/q,D项错8(2009海门模拟)一个质量为m,电荷量为q的小球以初速度v0水平抛出,在小球经过的竖直平面内,存在着若干个如图所示的无电场区和有理想上下边界的匀强电场区,两区域相互间隔,竖直高度相等,电场区水平方向无限长已知每一电场区的场强大小相等,方向竖直向上,不计空气阻力,下列说

    6、法正确的是()A小球在水平方向一直做匀速直线运动B若场强大小等于,则小球经过每一电场区的时间均相同C若场强大小等于,则小球经过每一无电场区的时间均相同D无论场强大小如何,小球通过所有无电场区的时间均相同答案AC解析小球在水平方向不受力作用,因此,在水平方向一直做匀速直线运动,A正确;当E时,小球通过第一、二电场区时在竖直方向均做匀速直线运动,但竖直速度不同,故B错误;当E时,小球通过第一、二无电场区时在竖直方向的初速度是相同的,均为零,故经过无电场区的时间也相同,C正确;如取E,则小球通过无电场区的速度越来越大,对应的时间也越来越短,故D错误9(2010潍坊)如图所示,Q1、Q2为两个固定点电

    7、荷,其中Q1带正电,它们连线的延长线上有a、b两点一正试探电荷以一定的初速度沿直线从b点开始经a点向远处运动,其速度图象如图所示则()AQ2带正电BQ2带负电C试探电荷从b到a的过程中电势能增大D试探电荷从b到a的过程中电势能减小答案BC解析由图象知正电荷自b点到a点,速度减小,所以Q2对试探电荷为吸引力,则Q2带负电,A错,B对试探电荷从b到a动能减小,所以电势能一定增大,C对,D错,正确答案BC.10如图所示,质子、氘核和粒子都沿平行板电容器两板中线OO方向垂直于电场线射入板间的匀强电场,且都能射出电场,射出后都打在同一个荧光屏上,使荧光屏上出现亮点若微粒打到荧光屏的先后不能分辨,则下列说

    8、法中正确的是()A若它们射入电场时的速度相等,在荧光屏上将出现3个亮点B若它们射入电场时的质量与速度乘积相等,在荧光屏上将出现2个亮点C若它们射入电场时的动能相等,在荧光屏上将只出现1个亮点D若它们是由同一个电场从静止加速后射入偏转电场的,在荧光屏上将只出现1个亮点答案D解析粒子打在荧光屏上的位置取决于它的侧移量,侧移量相同,打在荧光屏上的位置相同,而侧移量y,所以粒子速度相同时,屏上将出现2个亮点,粒子质量与速度乘积相同时,屏上将出现3个亮点;动能相同时,屏上将出现2个亮点;而经过同一电场从静止加速后,再进入偏转电场,出电场时所有粒子侧移量相同,屏上将出现1个亮点,故选D.第卷(非选择题共6

    9、0分)二、填空题(共3小题,每小题6分,共18分把答案直接填在横线上)11(6分)如图所示是一个平行板电容器,其电容为C,带电荷量为Q,上极板带正电,两极板间距为d.现将一个检验电荷q由两极板间的A点移动到B点,A、B两点间的距离为s,连线AB与平行极板方向的夹角为30,则电场力对检验电荷q所做的功等于_答案解析电容器两板间电势差U,场强E.而A、B两点间电势差UABEssin30,电场力对q所做功为WqUAB.12(6分)一电子以4106m/s的速度沿与电场垂直的方向从A点水平垂直于场强方向飞入,并从B点沿与场强方向成150的方向飞出该电场,如图所示,则A、B两点的电势差为_V(电子的质量为

    10、9.11031kg,电荷量为1.61019C)答案136.5解析设电子射入电场时的速度为vA,射出电场时的速度为vB,从图可知vB2vA,根据动能定理,有WeUABWmvmv由式得eUABmvmvmv所以UABV136.5V13(6分)如图所示,匀强电场场强为E,与竖直方向成角,一质量为m、电荷量为q的带负电小球用细线系在竖直墙上,恰好静止在水平位置,则场强E的大小为_若保持场强方向和小球电荷量不变,将线拉至与场强垂直时,小球能静止,此时场强大小为_答案解析对两种情况下小球的受力分析如图中(a)、(b)所示,对(a)有:Eqcosmg,所以E对(b)有:Eqmgcos,所以E.三、论述计算题(

    11、共4小题,共42分解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤,只写出最后答案不能得分,有数值计算的题,答案中必须明确写出数值和单位)14(10分)如图所示,相距为0.2m的平行金属板A、B上加电压U40V, 在两板正中沿水平方向射入一带负电荷小球,经0.2s小球到达B板,若要小球始终沿水平方向运动而不发生偏转,A、B两板间的距离应调节为多少?(g取10m/s2)答案0.1m解析小球在电场中做匀变速曲线运动,在竖直方向由牛顿第二定律得mgUq/dmad/2at2/2解得:a5m/s2,m40q要使小球沿水平方向运动,应有mgEqEU/ddqU/mg0.1m15(10分)(2009蚌埠一模)两

    12、个正点电荷Q1Q和Q24Q分别置于固定在光滑绝缘水平面上的A、B两点正好位于水平放置的光滑绝缘半圆细管两个端点的出口处,已知ABL,如图所示(1)现将另一正点电荷置于A、B连线上靠近A处静止释放,求它在AB连线上运动过程中达到最大速度时的位置离A点的距离(2)若把该点电荷放于绝缘管内靠近A点处由静止释放,已知它在管内运动过程中速度为最大时的位置在P处试求出图中PA和AB连线的夹角.答案(1)(2)arctan解析(1)正点电荷在A、B连线上速度最大处对应该电荷所受合力为零(加速度最小),设此时距离A点为x,即kkx.(2)点电荷在P点处若其所受库仑力的合力沿OP方向,则它在P点处速度最大,即此

    13、时满足tan,即得:arctan.16(11分)(2010上海华师大附中摸底测试)如图所示为研究电子枪中电子在电场中运动的简化模型示意图在xOy平面的ABCD区域内,存在两个大小均为E的匀强电场和,两电场的边界均是边长为L的正方形(不计粒子所受重力)(1)在该区域AB边的中点处由静止释放电子,求电子离开ABCD区域的位置;(2)在电场区域内适当位置由静止释放电子,电子恰能从ABCD区域左下角D处离开,求所有释放点的位置;(3)若将左侧电场整体水平向右移动L/4,仍使电子从ABCD区域左下角D处离开(D不随电场移动),在电场区域内由静止释放电子的所有位置答案(1)(2)满足y1方程的点即为所有释

    14、放点的位置(3)在电场区域内满足方程y2的所有位置解析(1)由动能定理有:eELmv2由类平抛运动知识有:Lvt,yat2L所以电子离开ABCD区域的位置坐标为(2)设释放点位置坐标为(x1,y1),由动能定理有:eEx1mv由类平抛运动知识有:Lv1t1,y1at所以满足y1方程的点即为所有释放点的位置(3)设电子从(x2,y2)点释放,在电场中被加速到v2进入电场后做类平抛运动;在高度为y处离开电场,然后做匀速直线运动并经过D处,则有eEx2mv在电场中下降高度yy2yat 2vya,yvy解得:y2,即在电场区域内满足方程的点即为所求位置17(11分)(2009福建质检)如图(甲)所示,

    15、水平放置的平行金属板A、B,两板的中央各有一小孔O1、O2,板间距离为d,开关S接1.当t0时,在a、b两端加上如图(乙)所示的电压,同时在c、d两端加上如图(丙)所示的电压此时,一质量为m的带负电微粒P恰好静止于两孔连线的中点处(P、O1、O2在同一竖直线上)重力加速度为g,不计空气阻力(1)若在t时刻将开关S从1扳到2,当ucd2U0时,求微粒P的加速度大小和方向;(2)若要使微粒P以最大的动能从A板中的O1小孔射出,问在t到tT之间的哪个时刻,把开关S从1扳到2,ucd的周期T至少为多少?答案(1)g方向竖直向上(2)见解析解析(1)当A、B间加电压U0,微粒P处于平衡状态,根据平衡条件,有qmg当A、B间电压为2U0时,根据牛顿第二定律,有qmgma由得ag,加速度的方向竖直向上(2)依题意,为使微粒P以最大的动能从小孔O1射出,应让微粒P能从O2处无初速向上一直做匀加速运动为此,微粒P应先自由下落一段时间,然后加上电压2U0,使微粒P接着以大小为g的加速度向下减速到O2处再向上加速到O1孔射出设向下加速和向下减速的时间分别为t1和t2,则gt1gt2gtgt,解得:t1t2故应在tT时刻把开关S从1扳到2.设电压ucd的最小周期为T0,向上加速过程,有dg2,解得:T06.

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