新疆2023届高三第三次适应性检测理科综合试卷+答案.pdf

1、1新疆维吾尔自治区 2023 年普通高考第三次适应性检测理科综合能力测试生物部分参考解析1.ATP 水解形成的核苷酸是腺嘌呤核糖核苷酸，可作为细胞内合成各种类型 RNA 的原料，A正确；酶催化反应的原理是降低反应所需活化能，B 正确；生物体内 ATP 水解释放的热能最终散失到环境中，并不能作为活细菌代谢所需能量的直接来源，C 错误；样品发出的荧光强度越强，ATP 的量越多，可推测水中活细菌数目越多，二者呈正相关，D 正确。故本题选 C2.图像中可以看到着丝粒分裂形成了两条大小形态相同的染色体，被纺锤丝牵引着移向细胞两极。秋水仙素抑制纺锤丝的形成，故秋水仙素起作用后，无法看到图示现象，A 正确；

2、这两条染色体是着丝粒分裂后姐妹染色单体形成的两条子染色体，携带的基因通常是相同的，但若有丝分裂过程中发生了基因突变等变异，这两条染色体上携带的基因有可能不同，B 正确；该生物为二倍体生物，若该细胞处于减 II 后期，细胞中着丝粒分裂，有两个染色体组，C 正确；在显微镜下观察到图示现象，该细胞可能处于有丝分裂后期或减 II 后期，若为有丝分裂后期，细胞中依然存在同源染色体，D 错误。故本题选 D。3.单基因遗传病是指受一对等位基因控制的遗传病，选项 A 错误。II-1X 染色体上的显性基因可以传递给他的女儿 III-2，使 III-2 患病，因此该病可能是伴 X 显性遗传病，由 II-3和 II

3、I-4 可知，该病不是伴 X 显性遗传病选项，B 错误。若该病是常染色体显性遗传病，III-2和 III-3 的基因型分别为 Aa 和 aa，III-2 和 III-3 再生一个不患病孩子的概率是 1/2；若该病是常染色体隐性遗传病，III-2 和 III-3 的基因型分别为 aa 和 Aa，III-2 和 III-3 再生一个不患病孩子的概率是 1/2；若该病是伴 X 隐性遗传病，III-2 和 III-3 的基因型分别为 XaXa和 XAY，III-2 和 III-3 再生一个不患病孩子的概率是 1/2；由 II-3 和 III-4 可知，该病不是伴 X 显性遗传病；选项 C 正确。IV-

4、1 通过眼部手术恢复健康，不改变体内基因，体内仍然含致病基因，选项 D 错误。4.基因的遗传信息是指基因中碱基对的排列顺序,选项 A 正确。该嗅觉受体基因在果蝇的体细胞中普遍存在，相应受体仅存在于果蝇的部分体细胞，选项 B 错误。饥饿处理后果蝇细胞内嗅觉受体基因编码的 mRNA 含量及嗅觉受体蛋白含量均明显增加，说明 RNA 聚合酶催化嗅觉受体基因转录的速率加快，选项 C 正确。缺失该嗅觉受体基因的果蝇无法表达该嗅觉受体，产生气味识别和寻找食物的能力降低，选项 D 正确。5.胰岛 B 细胞能分泌胰岛素，胰岛素能降低血糖。根据血糖升高能直接刺激胰岛 B 细胞,促进胰岛素分泌,也能引起下丘脑某个区

5、域兴奋,通过传出神经使胰岛 B 细胞分泌的胰岛素增加,降低血糖可知胰岛 B 细胞表面既有葡萄糖的受体,也有神经递质的受体，选项 A 正确。胰岛素能促进血糖进入组织细胞进行氧化分解、进入肝、肌肉并合成糖原，进入脂肪细胞和肝细胞转变为甘油三酯等，糖尿病患者因胰岛素没有正常发挥作用，肝细胞摄取、利用和储存葡萄糖的能力比正常人弱，选项 B 正确。糖尿病患者发病初期,因血糖浓度过高，细胞外液渗透压升高，抗利尿激素分泌量增加，选项 C 错误。胰岛素与胰岛素抗体特异性结合后会失去活性,使人患糖尿病。抗体由浆细胞产出，源于体液免疫，故抑制 B 细胞或 T 细胞功能的药物能用于治疗胰岛素抗体引起的糖尿病，选项

6、D 正确。6.寒温带针叶林与热带雨林的温度、湿度不同，热带雨林的温度高、湿度大，更有利于分解者的分解活动，寒温带针叶林地下层中有机物分解较慢，选项 A 错误。群落垂直结构最显著2的特征是分层现象，即在垂直方向上可分成许多层次。以陆生植物群落为例，分层现象包括地上分层和地下分层。影响地上分层的主要因素是光照、温度和湿度；而影响地下分层的主要因素是土壤中的水和养分。乔木层、灌木层、草本层和地被层植被的根系所穿越的土壤深度不同,可形成与地上层相应的地下层。选项 B、D 正确。群落的垂直结构使环境中的空间和资源得到充分利用，有利于缓解生物之间争夺空间和资源的矛盾，使得单位面积上容纳的生物数量增多，选项

7、 C 正确。29.（1）本实验为验证实验，思路为将软骨细胞膜、成纤维细胞膜、巨噬细胞膜包裹的类囊体分别与软骨细胞融合，检测融合情况。细胞膜上的蛋白质具有细胞识别等多种功能，同种细胞膜更容易融合主要取决于膜成分中的蛋白质。（2）类囊体在光照条件下能进行光反应，将光能转化为 ATP 和 NADPH 中的化学能，进入小鼠软骨细胞的类囊体在满足反应条件的情况下，同样能发生这样的能量变化。小鼠细胞内通常通过细胞质基质和线粒体进行细胞呼吸为生命活动提供能量，类囊体也可以产生 ATP 等补充能量供应。类囊体提供的 NADPH 具有还原性，在光合作用过程中参与 C3的还原，在小鼠体内可以参与其他的需要还原剂的

8、反应过程。30.（1）从上述代谢途径可以看出，基因通过控制酶的合成来控制代谢过程进而控制生物体的性状。纯合非甜非糯玉米的基因型可能有 2 种，分别是 BBDDEE 和 BBDDee。（2）将基因型为 BBDDEE 的纯合非甜非糯玉米与基因型为 bbddee 的纯合甜玉米杂交，或将基因型为 BBDDee 的纯合非甜非糯玉米与基因型为 bbddEE 的纯合甜玉米杂交，F1植株均为 BbDdEe，将 F1植株自交得到 F2，F2植株所结籽粒中糯籽粒约占 9/64。（3）甜玉米（bbDDEE）和糯玉米（BBddEE）杂交得到 F1的基因型为 BbDdEE；基因型为BbDdEE 植株自交，F1植株所结籽

9、粒为 F2，F2的表现型及比例为非甜非糯籽粒：糯籽粒：甜籽粒=9：3：4；收获 F1植株上的糯籽粒（BBdd 或 Bbdd）继续种植并使其自交，长成的植株 Bbdd 自交产生的 F2中，基中因型为 BBdd 和 Bbdd 的果穗籽粒为糯籽粒；基因型为 bbdd的果穗籽粒为甜籽粒，不含不含非甜非糯籽粒，即可获得甜糯玉米果穗。31.(1)兴奋在神经元之间传递时要进行信号转换，5-羟色胺作为神经递质以胞吐的方式由突触前膜释放，作用于突触后膜,使突触后膜兴奋,突触后膜上发生的电位变化是由外正内负变为外负内正。(2)根据题意和表格数据信息可知，当果蝇体内的 5-羟色胺含量减少时,非条件刺激和无关刺激建立

10、关联的间隔时间缩短，建立条件反射的能力减弱；当果蝇体内的 5-羟色胺含量增加时,非条件刺激和无关刺激建立关联的间隔时间延长，建立条件反射的能力增强。(3)根据题图分析，该抗抑郁药物可选择性作用于 5-羟色胺转运蛋白,药物抑制了 5-羟色胺被 5-羟色胺转运蛋白回收进入细胞的过程,使突触间隙中 5-羟色胺的浓度维持在一定水平,有利于神经系统的活动正常进行,进而达到治疗抑郁症的目的。32.(1)自然界中的物种总是处在不断迁移、扩散的动态中。当一个物种进入新环境，若新环境没有天敌的控制，加上旺盛的繁殖力和强大的竞争力，外来种就会变成入侵者，排挤环境中的原生种，破坏当地生态平衡，甚至造成对人类经济的危

11、害性影响。互花米草引入后能成为3该地沿海滩涂极具危害入侵物种的原因是互花米草对当地环境适应能力强，有较强的繁殖能力，当地缺少互花米草的天敌等。(2)互花米草与海桑是种间竞争关系，竞争空间、阳光、无机盐等。该地高密度种植本地植物海桑,海桑种植密度大有利于争夺空间和资源;与互花米草相比,海桑的生长速度更快,植株更高,海桑生长速度快有利于较快地获得空间和资源;较高的海桑可以获得充足阳光,同时对互花米草有遮光作用,抑制其光合作用，最终有效控制了互花米草的繁殖。(3)互花米草从引入到数量被控制过程中，土壤条件等都存在，故群落演替的类型是次生演替。该地高密度种植海桑后互花米草可利用的空间和资源减少，故其

12、K 值降低。37.（1）表中原料含多种天然生物材料，营养物质丰富，能为微生物提供的主要营养物质是碳源、氮源、水和无机盐。题干中已说明小曲、大曲、酒醪和醋醅中均含有发酵所需的微生物，表中制大曲时接种情况是未接种，大曲中的微生物来自于自然环境（中的微生物）。（2）根据实验结果分析，随辣蓼草粉添加量增加对小曲的曲心（小曲内部中央）、曲表（小曲表层）中酵母菌数量影响均是使酵母菌先增加再减少。据表中数据分析，辣蓼草粉添加量由 9%增加到 12%，曲心、曲表酵母菌数量均在增加，辣蓼草粉添加量由 12%增加到 15%，曲心酵母菌数量增加较少，曲表酵母菌数量已开始下降，综合分析辣蓼草粉适宜添加量为12%。（3

13、）制酒醪时为获得酒精等物质，加入的小曲、大曲中含有多种水解酶可将糯米中大分子有机物分解为小分子有机物，有利于小曲、大曲中酵母菌的酒精发酵。（4）每天向下逐层翻动，上层翻动处含氧较多，有利于好氧菌醋酸菌繁殖产生更多醋酸，下层缺少氧气，有利于厌氧菌乳酸菌繁殖产生更多乳酸，翻动过程也有利于醋酸发酵和乳酸发酵过程当中产生的热量散失，维持培养基适宜温度。（5）加入适量食盐、蔗糖等主要有调味作用，加热煮沸有杀菌、浓缩的作用。38.（1）如将反接的基因 A 正确导入番茄细胞后，在番茄植株中正常表达，番茄植株中既存在与启动子正常连接的基因 A 也存在反接的基因 A，基因 A 与启动子反向连接后，与启动子正常连

14、接的基因 A 和反接的基因 A，均进行基因 A 模板链 35的转录，基因 A 的两条链均可能转录，反接的基因 A 转录形成的 mRNA 与正常连接的基因 A 转录形成的 mRNA 碱基互补配对，形成双链 RNA，不能与核糖体结合，使正常连接的基因 A 转录形成的 mRNA 无法翻译形成酶 X，使番茄体内乙烯合成减少（3 分）（2）卡那霉素能抑制土壤农杆菌和番茄细胞内蛋白质的合成，抑制细胞代谢。在构建的基因表达载体中连接抗卡那霉素基因，能用于农杆菌转化法中筛选土壤农杆菌质粒中可能转入的目的基因和导入番茄细胞内的目的基因，基因表达载体中连接的抗卡那霉素基因有标记基因的作用。（3）在利用 MS 培养

15、基进行植物组织培养的过程中，为筛选含目的基因的番茄植株，需进行是否在培养基中添加卡那霉素的对照实验，含抗卡那霉素基因的番茄细胞才能在添加卡那霉素的培养基中正常存活，正常存活的番茄细胞中可能含目的基因。生长素与细胞分裂素浓度和比例能影响愈伤组织形成、芽分化和根生长，还需探究培养基中植物激素的种类、浓度和比例（生长素与细胞分裂素浓度和比例）对芽分化、根生长的影响。（4）如含反接基因 A 的番茄植株中某个反接基因 A 存在于某条染色体上，其自交，后代植株中反接基因 A 纯合体：反接基因 A 杂合体：无反接基因 A 纯合体的比例为 1：2：1，含反接基因 A 的植株乙烯含量均较低，乙烯含量高：乙烯含量

16、低的比值为 1:3（如考虑两个反接4基因 A 同时导入一对同源染色体两条染色体上等情况，如果答出 0：1、1：15 或不确定等合理答案也给分）。乙烯含量低的植株番茄成熟时间晚，在生产上的应用价值是有利于番茄采摘后的储存和运输。新疆维吾尔自治区 2023 年普通高考第三次适应性检测理科综合能力测试化学部分讲解7.【答案】C【分析】A白棉布主要成分为纤维素，A 正确；B“画蜡”是将蜂蜡熔化后画在布上形成覆盖层，为物理变化，B 正确；C“画蜡”用的蜂蜡，是一种混合物，无固定熔点，C 错误；D蓝靛分子结构中含有苯环，属于芳香族化合物，D 正确；8.【答案】B【分析】A用过量氨水吸收工业尾气中的 SO2

17、生成正盐亚硫酸铵：2NH3H2OSO2=2NH+4SO23H2O，故 A 错误；BCa(HCO3)2溶液与过量 Ca(OH)2溶液反应，氢氧化钙也可提供 Ca2+：HCO3Ca2OH=CaCO3H2O，故 B 正确；C四氧化三铁溶于稀硝酸：3Fe3O428HNO3=9Fe3+NO14H2O，故 C 错误；D草酸是弱酸，离子反应中不能拆，故 D 错误。9.【答案】D【分析】A.与反应会生成 HBr，加入 K2CO3，可以消耗 HBr，有利于反应的正向进行，提高转换率，A 正确；B.X 中含有苯环、醛基和羟基，均为平面结构，平面之间通过单键相连，单键可以旋转，则 X 中所有原子可能在同一平面上，选

18、项 B 正确；C.Y 中有醛基、醚键 2 种含氧官能团，C 正确；D.X 中的苯环、醛基都可与 H2反应，1 mol X 消耗(3+1)mol H2，Y 中的苯环、醛基、碳碳双键均能与 H2反应，1 mol Y 消耗(3+1+1)mol H2，故比例为 4：5，D 错误；10.【答案】B【分析】A向 Ca(ClO)2溶液中通入 SO2气体，次氯酸根将 SO2氧化为硫酸根，生成的沉淀为硫酸钙，无法比较亚硫酸和次氯酸的酸性强弱，A 项错误；B虽然溶液中 Cu2+的浓度比 Mg2+的浓度低，先生成的沉淀为 Cu(OH)2，且 Cu(OH)2和 Mg(OH)2为同类型沉淀，则 KspMg(OH)2Ks

19、pCu(OH)2，B 项正确；C少量 Zn 粉加 1.0molL-1Fe2(SO4)3到溶液中，发生的反应为 Zn+2Fe3+=2Fe2+Zn2+，无法比较 Zn 和 Fe 的活泼性，C 项错误；DH2C2O4并不是 C 元素的最高价含氧酸，无法通过 H2C2O4和 H2SO4的酸性强弱来比较 C 和 S 的非金属性强弱，D 项错误；11.【答案】C【分析】N、Y、Z、Q、M、X 是原子序数依次递增的短周期主族元素，离子液体中元素 M 带一个单位正电荷，且 M 的原子序数在五种元素中大于 N、Y、Z、Q，则元素 M 为 Na；N 形成四个共价键且排在 Na前，则元素 N 为 C；根据阴离子的结

20、构，得到离子所带电子的元素是 Y，Y 成两个共价键，所以 Y 最外层为 5 个电子，为 N；Z 形成二个共价键，则元素 Z 为 O；Q 形成一个共价键，则元素 Q 为 F；X 形成六个共价键，则元素 X 为 S；A同周期元素从左到右原子半径依次减小，故原子半径 Na 最大，故 A 正确；BN 与 O 可形成 NO2、NO 等化合物，S 与 O 可形成 SO2、SO3，故 B 正确；C硝酸与硫酸为强酸，F 无最高价氧化物对应水化物的酸，故 C 错误；D氟气很活泼，常温下氟气与水可以发生置换反应生成氧气，2F2+2H2O=4HF+O2，故 D 正确；12.【答案】D【分析】A由图可知，“厌氧阳极”

21、失电子，电极反应方程式为 C6H12O6+6H2O-24e-=6CO2+24H+，A错误；B 使用的是质子交换膜，由分析可知，电池工作时，“缺氧阴极”电极的电极反应为：NO3-+e-+2H+=NO2+H2O，2NO2+8e-+8H+=N2+4H2O，故 B 错误；C由分析可知，该电池工作中“厌氧阳极”的电子同时转移到“好氧阴极”和“缺氧阴极”中，故“好氧阴极”和“缺氧阴极”之间存在着对电子的竞争作用，在“好氧阴极”上 NH4+中 N 原子失电子，不存在对电子的竞争，C 错误；D若“好氧阴极”1molNH4+完全氧化生成 NO3-提供了 8mol 电子，电极输送 4 mol 电子，共 12 mo

22、l 电子，需要消耗 3 mol O2，则该区消耗的 O2在标准状况的体积约为 3 mol22.4L/mol=67.2L，D 正确；13.【答案】C【分析】A Ksp(CaCO3)Ksp(CaF2)，当 c(F-)=C(CO32-)=1 时，CaCO3中 c(Ca2+)大于 CaF2中 c(Ca2+)，延长 M、N 与横坐标相交，M 的交点在前 PCa 小，即 c(Ca2+)大，是 CaCO3沉淀溶解平衡曲线，A 错误；BCaCO3(s)+2F-(aq)CaF(s)+2CO32-(aq)的化学平衡常数05.275.107.823223101010)a()a()()(FCKCOCKFcCOcKsp

23、sp，故 B 错误；C.Ksp(CaCO3)=10-8.7=c(Ca2+)c(CO32-)，带入 c(CO32-)大于 1.010-3，c(Ca2+)小于 1.010-5.7，此时沉淀完全。D.a 点为不饱和溶液，D 错误。26(14 分)【答案】(1)过滤(1 分)烧杯(1 分)(2)还原 Fe3+为 Fe2+，防止 Fe3+水解(1 分)(3)Al3+Fe3+nSO24+(6-2n)-3HCO=AlFe(OH)(6-2n)(SO4)n+(6-2n)CO2(2 分)(4)钪的含量低，其化学性质非常活泼，在自然界中以化合物的形式存在，富集和冶炼比较困难(2 分)(5)3NaOH+Sc(OH)3

24、=Na3Sc(OH)6(2 分)(6)Sc(OH)3(1 分)410-5(2 分)(7)6(2 分)【分析】从铝土矿生产 Al2O3的副产品“赤泥”(主要成分为 Al2O3、Fe2O3、TiO2、Sc2O3)中回收钪，首先赤泥经过高温焙烧，然后用硫酸浸取，金属元素转化为对应的离子状态进入溶液中，过滤，滤液中加萃取剂萃取，然后分液，有机相中加 NaOH 进行反萃取，然后加入草酸，生成 Sc2(C2O4)3，经一系列处理后，用氨水调节 pH 后，加入 NH4F 沉钪，经脱水除铵，得到 ScF3，然后使用钙还原 ScF3，获得纯净的 Sc。水相中加 Fe 粉还原 Fe3+，然后加水稀释促进 TiO2

25、+水解生成 TiO2xH2O 沉淀；过滤，向滤液中加入 NaHCO3溶液发生反应产生聚合硫酸铁铝，据此解答。(1)由工艺流程图分析可知，答案为：过滤烧杯；(2)Fe3+极易水解，加入 Fe 粉可以使溶液中 Fe3+发生反应：Fe+2Fe3+=3Fe2+，可防止 Fe3+水解形成沉淀 Fe(OH)3进入到滤渣中，导致最终不能进一步反应产生聚合硫酸铁铝。故答案为：还原 Fe3+为 Fe2+，防止 Fe3+水解；(3)向滤液中加入 H2O2后，FeSO4转化为 Fe2(SO4)3，再向该溶液中加入 NaHCO3溶液，产生聚合硫酸铁铝，该反应的离子方程式为：Al3+Fe3+nSO24+(6-2n)-3

26、HCO=AlFe(OH)(6-2n)(SO4)n+(6-2n)CO2。(4)由题干可知钪元素是在地壳中含量比较低且化学性质非常活泼，其在自然界中以化合物的形式存在，物质的富集及冶炼比较困难；(5)“反萃取”时若加入的氢氧化钠过量，则 Sc(OH)3沉淀会溶解。Sc(OH)3与过量 NaOH 溶液反应生成 n=6的含钪产物 Na3Sc(OH)6，该反应的化学方程式为 3NaOH+Sc(OH)3=Na3Sc(OH)6；(6)若溶液中 c(F-)=510-6，则 lgc(F-)=lg510-6=5.3，“调节 pH”过程中控制 pH=7，三价 Sc 元素的存在形式为 Sc(OH)3。若沉淀方式主要为

27、 ScF3，根据图中所给信息，lgc(F-)-4.4，即 c(F-)10-4.4，10-4.4=10-5100.6=410-5。故答案为：Sc(OH)3410-5(7)加热该复盐时首先失去结晶水。至 380-400产生白烟，说明有铵盐产生，对应结晶水的质量为m(H2O)=74.1g-52.5g=21.6 g，则74.1262.5+18a=21.618a，解得 a=6，故答案为：6。27.(15 分)【答案】(1)三颈烧瓶（1 分）Na2CO3+2Na2S+4SO2=3Na2S2O3+CO2（2 分）(2)IO3-+5I-+6H+=3I2+3H2O（2 分）滴入最后一滴硫代硫酸钠溶液，溶液蓝色褪

28、去，且半分钟不复原（2 分）47.40（2 分）(3)酸性条件下，Na2S2O3与酸反应生成 S 单质（2 分）(4)1.0 mL pH=2.4 的盐酸（1 分）(5)氯气等含氯元素的氧化性微粒将-2 价硫氧化（1 分）(6)SO2可能过量，导致酸性环境，消耗 Na2S2O3（2 分）【分析】由实验装置图可知，装置 A 中亚硫酸钠与 70%硫酸反应制备二氧化硫，装置 B 中二氧化硫与硫化钠和碳酸钠的混合溶液反应制备硫代硫酸钠，装置 C 中盛有的氢氧化钠溶液用于吸收未反应的二氧化硫防止污染空气。【详解】(1)因该反应理论上钠元素的利用率为 100%，钠原子全部转化为硫代硫酸钠，反应的化学方程式为

29、 Na2CO3+2Na2S+4SO2=3Na2S2O3+CO2。(2)分析纯度测定实验步骤，KIO3与 KI 在硫酸环境中生成碘单质，硫代硫酸钠滴定碘单质，从而测定产品纯度。故生成碘单质的离子方程式为 IO3-+5I-+6H+=3I2+3H2O，滴定终点现象为：滴入最后一滴硫代硫酸钠溶液，溶液蓝色褪去，且半分钟不复原，由生成碘单质的离子方程式及题给碘单质和硫代硫酸钠反应的方程式，可知：KIO33I26Na2S2O3，滴定消耗样品溶液的用量为 25.00mL，则 8.0000g 样品的纯度为%40.47%100g8g/mol15826mol/L1.010ml203。(3)硫代硫酸钠在酸性溶液中能

30、与酸反应生成硫沉淀，则假设 2 为酸性条件下，Na2S2O3与酸反应生成 S 单质。(4)由控制变量实验设计原则，根据实验 III 步骤中试剂信息，第组实验中胶头滴管中应加入的试剂是1.0mL pH=2.4 的盐酸。(5)对比实验现象，第组实验一段时间后出现浑浊，且浑浊度比组小可知，产生 S 的主要原因是假设 1。(6)由实验 III 中第组实验现象可知假设 2 成立，反应物 SO2过量，导致酸性环境，消耗 Na2S2O3。28(14 分)【答案】(1)大于（1 分）(2)Fe2O3+3H2O(g)+6e-=2Fe+6OH-（2 分）(3)HOOCNH2=H2O+HN=C=O（1 分）241（

31、2 分）(4)1000（2 分）1000（2 分）变大（1 分）AbN232a106.1(5)Cat2（1 分）Cat2 直线斜率变化值较小(或直线 Cat2 斜率绝对值较小或直线 Cat2 较 Catl 平缓)，活化能较小催化效能较高(其他合理答案均可)（2 分）【详解】(1)合成尿素的反应为放热反应，随着反应的进行，绝热容器中温度逐渐升高，平衡逆向移动，不利于 22CO NHg的生成，22CO NHg的质量百分减小，故 a 大于 b。(2)根据电解装置图中 OH-移动方向可知，惰性电极为阴极，根据题中信息，Fe2O3在发生电极反应时生成中间体 Fe，可得电极反应式为232Fe O3H O(

32、g6=)6e2FeOH。(3)能垒最大的即为决速步骤，故起决速步骤的方程式为：HOOCNH2=H2O+HN=C=O。根据，2NH3(g)+CO2(g)=CO(NH2)2(g)+H2O(g)H=-87.0kJmol-1，图中最终生成物对初始反应物的能量差是87kJ/mol，那么由3TS到最终产物，就有2187.5kJ/mol87kJ/mol241kJ/molEE 。(4)该反应H0，温度升高，平衡向逆方向移动，因为12T T，故图中上面的线是1T对应的图像。平衡时v=v正逆，322kkp HNCOp NH=p CO NH正逆，k正/k逆=Kp，代入 T1线上数据（1，5），25223p CONH

33、10=1000p HNCkOpkNH10 10正逆；2T时，根据标准平衡常数的表达式，并代入 A 点的数据得：2200300p CO NH1000p100K=10001010p HNCOp NH100100pp；若点 A 时继续投入等物质的量的两种反应物，容器体积不变，相当于加压，加压时平衡向气体计量数减小的正方向移动，22CO NH的体积分数变大。(5)根据经验公式，Ea为斜率，活化能越小，催化效能越高。Cat1 作用下直线斜率较大，速率常数变化值较大，活化能较大，即 Cat2 催化效率较高。35.(15 分)【答案】(1)（1 分）3（1 分）(2)(TiO)n2n+（2 分）CCl4或

34、SiF4等（1 分）(3)CNO（1 分）18（1 分）大于（1 分）NH3中含有 N 的孤对电子和 N-H 的成键电子对，Ti(NH3)6Cl3中，NH3的中心原子 N 的孤对电子用来形成配位键，孤对电子对成键电子对的斥力比成键电子对对成键电子对的斥力大（2 分）(4)(0.31，0.31，0)（1 分）0.622a(2 分，合理的表达式均可得分)(2 分，合理的表达式均可得分)【详解】(1)Ti 元素的原子序数是 22，其核外电子排布式为Ar3d24s2，所以其价电子排布图为。Ni 的价电子排布图为，有两个未成对电子。除此之外还有 Ti，Ge，Se 三种原子有两个未成对电子。(2)根据图示

35、，一个钛原子连接两个氧原子，一个氧原子连接两个钛原子，由均摊法得一个钛原子平均获得一个氧原子，硫酸氧钛中，钛为+4 价，可得阳离子的化学式为(TiO)n2n+。原子个数相等、价电子数相同的离子互为等电子体，故与 SO24互为等电子体的分子为 CCl4或 SiF4等。(3)Ti(CO)6的配位原子是 C，Ti(H2O)6Cl3的配位原子是 O，Ti(NH3)6Cl3配位原子是 N，根据同周期元素从左到右，电负性依次增大，所以电负性由小到大的顺序是 CNO；1 mol H2O 分子中含有 2 mol O-H 共价键，Ti 与 H2O 之间形成 6molTi-O 配位键为共价键，故共有 18 NA共

36、价键。孤对电子间的排斥力大于孤对电子对成对电子间的排斥力，氨气分子中的孤对电子与 Ti 原子形成配位键，故Ti(NH3)6Cl3中H-N-H 大于单个氨气分子中的H-N-H。(4)晶胞中 D 的原子坐标为(0.69，0.69，0)，已知晶胞含对称中心，则 A 原子坐标为(0.31，0.31，0)。该晶胞中 B、C 两个氧原子之间的核间距 d2=(0.810.19)2a2+(0.810.19)2a2，则 d=0.622a pm；晶胞密度AAbNbN232302a106.110a280Vmgcm-336.(15 分)【答案】(1)羟基、醛基（2 分）加成（1 分）加成（1 分）(2)溴化氢(HBr

37、)（1 分）CH2=CHBr（1 分）(3)（2 分）(4)（2 分）(5)3（2 分）(6)（3 分）【分析】C、F 反应生成 G，B 在氧气作用下生成 C 的反应为醇的催化氧化，则 C 是，由已知信息，F 逆推可知 E 是2CH=CHBr。【详解】(1)C 是，则含氧官能团名称是羟基、醛基；AB 是甲醛和苯酚发生加成反应生成对羟基苯甲醇，反应类型是加成反应；由生成物 G 结构可得 C、F 的反应类型为加成反应。(2)E 是2CH=CHBr；D 是乙炔、E 是2CH=CHBr，乙炔和 HBr 发生加成反应生成2CH=CHBr，故 DE还需要的无机试剂是 HBr。(3)H 含有碳碳双键，在一定

38、条件下发生加聚反应，化学方程式为；(4)分子结构中有 6 种环境不同的氢原子；苯环上只有一个取代基；取代基中含有一个甲基和一个含氧官能团，符合条件的 H 的结构简式为或；(5)W 结构中的 2 mol 酯基水解需要 2 mol NaOH，水解产物含有 1 mol 酚羟基，再消耗 1 mol NaOH，共消耗 3 mol NaOH。(6)甲苯发生取代反应生成，与镁、乙醚反应生成，和乙醛反应生，再水解，合成路线为Mg 乙醚3CH CHO H O2。新疆维吾尔自治区 2023 年普通高考第三次适应性检测 理科综合能力测试参考答案 第 1 页 共 5 页 新疆维吾尔自治区 2023 年普通高考第三次适

39、应性检测理科综合能力测试参考答案第卷(选择题)一、二选择题题 号1234567891011 答 案CDCBCACBDBC题 号12131415161718192021答 案DCDCBDABDBCAC第卷(非选择题)(一)必考题22.(5 分)(1)2.00(2 分)(2)F(1 分)(3)C(2 分)23.(10 分)(1)黑表笔(2 分)(2)40.0(2 分)(3)60.0(2 分)(4)115.0(2 分)120.0(2 分)24.(12 分)解:(1)由带电粒子水平方向做匀速运动可得:L2=v0t3 分解得:v0=L2t1 分(2)设 0.5t 时间内发生的位移与水平的夹角为,0.5t

40、 时速度与水平的夹角为 已知L2=12at21 分 则 tan=12a(0.5t)20.5v0t=L8L4=122 分tan=0.5atv0=2tan2 分解得=45新疆维吾尔自治区 2023 年普通高考第三次适应性检测 理科综合能力测试参考答案 第 2 页 共 5 页 撤去电压后,带电粒子以 45倾角做匀速运动,水平位移与竖直位移均为38L2 分x=L4+3L8()-L2=L81 分25.(20 分)解:(1)设弹簧的压缩量为 x1,小物块 B 与薄板 A 碰前瞬间速度为 vB,碰撞后瞬间 A 与 B的共同速度 vAB,薄板 A 与小球 C 发生瞬间碰撞前速度为 v,碰后,薄板 A 的速度为

41、v1,小球 C 速度为 vC由薄板 A 静止可得:kx1=mAg1 分小物块 B 下落过程机械能守恒:mBg(h-x+x1)=12mBv2B2 分小物块 B 与薄板 A 组成的系统碰撞瞬间动量守恒:mBvB=(mA+mB)vAB2 分vAB=4 33m/s1 分(2)小物块 B 与薄板 A 组成的系统能量守恒:Ep+12(mA+mB)vAB2-12(mA+mB)v2=(mA+mB)gx13 分薄板 A 与小球 C 发生瞬间弹性碰撞的过程中,动量及能量守恒:(mA+mB)v=(mA+mB)v1+mCvC2 分12(mA+mB)v2=12(mA+mB)v21+12mCv2C2 分小球 C 竖直上抛

42、:hC=v2C2g=0.45 m1 分hmax=hC+y=0.95 m1 分(3)由(2)可得:vC=2(mA+mB)mA+mB+mCv2 分hC=v2C2g0.8h-y3 分故小球 C 上升的最大高度不能高于小物块 B 释放的高度26.(14 分)(1)过滤(1 分)烧杯(1 分)(2)还原 Fe3+为 Fe2+,防止 Fe3+水解(1 分)(3)Al3+Fe3+nSO2-4+(6-2n)HCO-3=AlFe(OH)(6-2n)(SO4)n+(6-2n)CO2(2 分)(4)钪的含量低,其化学性质较为活泼,在自然界中以化合物的形式存在,富集和冶炼比较困难(2 分)(5)3NaOH+Sc(OH

43、)3=Na3Sc(OH)6(2 分)(6)Sc(OH)3(1 分)410-5(2 分)(7)6(2 分)新疆维吾尔自治区 2023 年普通高考第三次适应性检测 理科综合能力测试参考答案 第 3 页 共 5 页 27.(15 分)(1)三颈烧瓶(1 分)Na2CO3+2Na2S+4SO2=3Na2S2O3+CO2(2 分)(2)IO-3+5I-+6H+=3I2+3H2O(2 分)滴入最后一滴硫代硫酸钠溶液,溶液由蓝色变为无色,且半分钟不复原(2 分)47.40(2 分)(3)酸性条件下,Na2S2O3与酸反应生成 S 单质(2 分)(4)1.0 mLpH=2.4 的盐酸(1 分)(5)氯气等含氯

44、元素的氧化性微粒将-2 价硫氧化(1 分)(6)SO2可能过量,导致酸性环境,消耗 Na2S2O3。(2 分)28.(14 分)(1)大于(1 分)(2)Fe2O3+3H2O(g)+6e-=2Fe+6OH-(2 分)(3)HOOC-NH2H2O+HN=C=O(1 分)241(2 分)(4)1000(2 分)1000(2 分)变大(1 分)(5)Cat2(1 分)Cat2 直线斜率变化值较小(或直线 Cat2 斜率绝对值较小或直线 Cat2 较Catl 平缓),活化能较小催化效能较高(其他答案合理均可)(2 分)29.(10 分,除注明外,每空 2 分)(1)将软骨细胞膜、成纤维细胞膜、巨噬细胞

45、膜包裹的类囊体分别与软骨细胞融合,检测融合情况(3 分)蛋白质(1 分)(2)光能转化为 ATP(和 NADPH)中的化学能 细胞质基质和线粒体 NADPH30.(12 分,除注明外,每空 2 分)(1)控制酶的合成来控制代谢过程 2(2)BBDDEEbbddee(或 BBDDeebbddEE)(3)非甜非糯籽粒糯籽粒甜籽粒=934(4 分)糯31.(8 分,每空 2 分)(1)胞吐 由外正内负变为外负内正(2)5-羟色胺含量越高,能建立联系的最长时间间隔越长,建立条件反射的能力越强(3)该药物抑制了 5-羟色胺被 5-羟色胺转运蛋白回收进入细胞的过程,使突触间隙中 5-羟色胺的浓度维持在一定

46、水平,有利于神经系统的活动正常进行32.(9 分)(1)互花米草对当地环境适应能力强;互花米草有较强的繁殖能力;当地缺少互花米草的天敌(2 分)(2)海桑种植密度大有利于争夺空间和资源;海桑生长速度快有利于较快地获得空间和资源;较高的海桑可以获得充足阳光,同时对互花米草有遮光作用,抑制其光合作用(4 分)(3)次生演替(1 分)降低(2 分)新疆维吾尔自治区 2023 年普通高考第三次适应性检测 理科综合能力测试参考答案 第 4 页 共 5 页 (二)选考题33.(15 分)(1)引力(1 分)710-9(2 分)偏大(2 分)(2)(10 分)解:()气体等温变化:P1=P0+mgS1 分P

47、0h1S=P1h3S1 分气体:P2=P0+mgS 1 分V2=h2S1 分P3=P0+2mgS1 分 V3=(h1+h2-h3)S1 分由理想气体状态方程:P2V2T0=P3V3T解得 T=750 K1 分()此过程中气体温度不变,内能不变,体积减小,外界对气体做功,由热力学第一定律可知该过程是放热过程。3 分34.(15 分)(1)b(2 分)a(1 分)a(2 分)(2)(10 分)解:()两列波在同一介质中,故波速相同,由图乙可得 TA=0.4 s,TB=0.6 svA=xt=10 m/s2 分B=vBTB=6 m1 分()A 波传播到 C 点且出现在波峰处所需的时间tA=xAC+n+

48、34()AvA=0.4n+1.2(n=0.1.2.3)2 分其中 A=vATA=4 m1 分B 波传播到 C 点且出现在波峰处所需的时间 tB=xBC+m+14()BvB=0.6m+0.6(m=0.1.2.3)2 分tA=tB3m-2n=3(m、n 均取整数)1 分C 点第三次位移为 6 cm 的时刻 t=3.6 s1 分5 页 共 5新疆维吾尔自治区 2023 年普通高考第三次适应性检测 理科综合能力测试参考答案 第页 35.(15 分)(1)(1 分)3(1 分)(2)(TiO)n2n+(2 分)CCl4、SiF4等(1 分)(3)CNO(1 分)18(1 分)大于(1 分)Ti(NH3)

49、6Cl3中,NH3的中心原子 N 的孤对电子形成配位键,孤对电子对成键电子对的斥力比成键电子对对成键电子对的斥力大(2 分)(4)(0.31,0.31,0)(1 分)0.62 2a(2 分,合理的表达式均可得分)1.61032/(a2bNA)(2 分,合理的表达式均可得分)36.(15 分)(1)羟基、醛基(2 分)加成(1 分)加成(1 分)(2)溴化氢(HBr)(1 分)CH2=CHBr(1 分)(3)nHOCHOHCH=CH2一定条件(2 分)(4)CHCOOHCH3或 CHOOCHCH3(2 分)(5)3(2 分)(6)CH2BrMg乙醚 CH2MgBrCH3CHO CH2CHCH3O

50、MgBrH2O CH2CHCH3OH(3 分)37.(15 分,除注明外,每空 2 分)(1)碳源、氮源、水和无机盐 自然环境(中的微生物)(2)使酵母菌先增加再减少 12%(3)提供酵母菌用于酒精发酵;利用多种水解酶将大分子有机物分解为小分子有机物(4)通过翻动散热,维持适宜温度;醋酸菌是好氧菌,上层氧气充足有利于醋酸菌繁殖产生更多醋酸;乳酸菌是厌氧菌,下层缺少氧气有利于乳酸菌繁殖产生更多乳酸(3 分)(5)杀菌、浓缩和调味38.(15 分,除注明外,每空 2 分)(1)反接的基因 A 转录形成的 mRNA 与正常连接的基因 A 转录形成的 mRNA 碱基互补配对,形成双链 RNA,不能与核