[推荐学习]高三物理寒假作业6.doc

1、山东省2016年高三物理寒假作业6一、 选择题.1.（单选）下列有关研究物理问题的思想或方法的描述错误的是（ ）A在探究加速度与力、质量的关系时，利用了控制变量的思想方法B物理学中引入“质点”的模型时，采用了理想化方法C物理学中建立“加速度”的概念时，采用了等效法D伽利略研究力与运动的关系时，采用了理想实验法2.（单选）关于速度，速度改变量，加速度，正确的说法是：（ ）A、物体运动的速度改变量很大，它的加速度一定很大B、速度很大的物体，其加速度可以很小，可以为零C、某时刻物体的速度为零，其加速度可能不为零D、加速度很大时，运动物体的速度一定很大3.（单选）关于摩擦力，下列说法中正确的是（）A只

2、有静止的物体才受到摩擦力B只有运动的物体才受到摩擦力C物体受到摩擦力时，一定受到弹力D摩擦力的方向和相对运动方向垂直4.（单选）在静止的车厢内，用细绳a和b系住一个小球，绳a斜向上拉，绳b水平拉，如图所示现让车从静止开始向右做匀加速运动，小球相对于车厢的位置不变，与小车静止时相比，绳a、b的拉力Fa、Fb变化情况是（）A Fa变大，Fb不变B Fa变大，Fb变小C Fa不变，Fb变小DFa不变，Fb变大5.（单选）某变速箱中有甲、乙、丙三个齿轮，如图所示，其半径分别为r1、r2、r3，若甲轮的角速度为，则丙轮边缘上某点的向心加速度为（）ABCD6.（单选）如图所示，空间中存在着由一固定的正点电

3、荷Q（图中未画出）产生的电场另一正点电荷q仅在电场力作用下沿曲线MN运动，在M点的速度大小为v0，方向沿MP方向，到达N点时速度大小为v，且vv0，则（） A Q一定在虚线MP上方 B M点的电势比N点的电势高 C q在M点的电势能比在N点的电势能小 D q在M点的加速度比在N点的加速度大7.（多选）在如图所示的电路中，灯炮L的电阻大于电源的内阻r，闭合电键S，将滑动变阻器滑片P向左移动一段距离后，下列结论正确的是（）A灯泡L变亮B电源的输出功率变小C电容器C上电荷量减少D电流表读数变小，电压表读数变大二 实验题.8.在做“研究匀变速直线运动”的实验时，某同学得到一条用电火花打点计时器打下的纸

4、带如图所示，并在其上取了A、B、C、D、E、F、G等7个计时点，相邻两个计时点的时间间隔为丁=0.02 s。经过测量得：d1=0.72em，d2=1.60cm，d3=2.64cm，d4=3.84em，d5=5.20em，d6=6.72cm。(1)本实验电火花打点计时器使用的电源应该是 _(填选项前的字母)；A直流6V B交流6V C交流220V D直流220V(2)通过测量的数据计算F点对应的速度大小为VF：_ ms(计算结果保留两位有效数字)；(3)计算加速度a的表达式为_。(用题中所给的实验数据的字母表示)9.为确定某电子元件的电气特性，做如下测量。 用多用表测量该元件的电阻，选用“10”

5、倍率的电阻档后，应先 ，再进行测量，之后多用表的示数如图(a)所示，测得该元件电阻为 。某同学想精确测得上述待测电阻Rx的阻值，实验室提供如下器材：A电流表A1（量程50mA、内阻r110） B电流表A2（量程200mA、内阻r2约为2）C定值电阻R030D滑动变阻器R（最大阻值约为10）E电源E（电动势约为4V） F开关S、导线若干该同学设计了测量电阻Rx的一种实验电路原理如图(b)所示， N两处的电流表应选用 （填器材选项前相应的英文字母）。开关s闭合前应将滑动变阻器的滑片置于 （选填“a”或者“b”） 。若M、N电表的读数分别为IM、IN，则Rx的计算式为Rx 。（用题中字母表示）三、解

6、答题.10.某学校有一台应急备用发电机，内阻为r1 ，升压变压器的匝数比为14，降压变压器的匝数比为41，输电线的总电阻R4 ，全校共22个教室，每个教室有“220 V，40 W”的灯泡6盏并联，要求保证所有灯泡都正常发光，则：发电机的输出功率多大？发电机的电动势多大？输电效率是多少？若每个教室使用灯数减半且正常发光，发电机输出功率变为多大？11.如图，一个质量为0.6kg的小球以某一初速度从P点水平抛出，恰好从光滑圆弧ABC的A点的切线方向进入圆弧（不计空气阻力，进入圆弧时无机械能损失）已知圆弧的半径R=0.3m，=60，小球到达A点时的速度为v=4m/s（取g=10m/s2）试求：（1）小

7、球做平抛运动的初速度v0；（2）P点与A点的水平距离和竖直高度；（3）小球到达圆弧最高点C时，对轨道的压力 山东省2016年高三物理寒假作业6参考答案1.C 解析：A、在探究加速度与力、质量的关系实验中使用了控制变量法，故A正确B、物理学中引入“质点”的模型时，采用了理想化方法；故B正确C、物理学中建立“加速度”的概念时，不是采用了等效法；故C错误D、伽利略在研究力与运动关系时利用了理想实验法故D正确故选C；【思路点拨】解答本题应掌握：在探究加速度与力、质量的关系实验中使用了控制变量法；物理学中引入“质点”的模型时，采用了理想化方法；物理学中建立“加速度”的概念时，采用了等效法；伽利略在研究力

8、与运动关系时利用了理想实验法2.B3.考点：滑动摩擦力；静摩擦力和最大静摩擦力 专题：摩擦力专题分析：摩擦力定义是两个互相接触的物体，当它们要发生或已经发生相对运动时，就会在接触面上产生一种阻碍相对运动的力，这种力就叫做摩擦力知道摩擦力产生的条件，能够举出生活中一些摩擦力的例子从而来判断问题知道两种摩擦力的方向解答：解：A、静摩擦力的静指的是相对静止，比如说，在空中你手握着一个可乐瓶子，瓶子受到静摩擦力，而当你握着他水平运动时，瓶子相对地面时运动的，而此时他还是受到静摩擦力，故A错误B、比如地面固定一个木板，木板上面有个物体，小物体在木板上运动，那么木扳没动，那么木板也受滑动摩擦力，故B错误C

9、、摩擦力产生的条件之一要有弹力，故C正确D、动摩擦力和两物体间相对运动方向相反，静摩擦力与两物体间相对运动趋势方向相反 我们手持一个水壶水平向前走，静摩擦力竖直向上，而速度方向水平，此时摩擦力的方向和物体的运动方向垂直，故D错误故选C4.考点：牛顿第二定律；力的合成与分解的运用专题：牛顿运动定律综合专题分析：以小球为研究对象，分析受力情况，作出力图，根据牛顿第二定律，运用正交分解法分析两根细绳的拉力变化情况解答：解：以小球为研究对象，分析受力情况，作出力图，根据牛顿第二定律得： 水平方向：FasinFb=ma 竖直方向：Facosmg=0 由题，不变，由分析得知Fa不变由得知，Fb=Fasin

10、maFasin，即Fb变小故选：C点评：本题运用牛顿第二定律分析力的变化，关键要抓住竖直方向上小球没有加速度，力是平衡的5.考点：常见的传动装置；向心加速度.专题：匀速圆周运动专题分析：甲乙丙三个轮子的线速度相等，根据a=求出丙轮边缘上某点的向心加速度解答：解：甲丙的线速度大小相等，根据a=知甲丙的向心加速度之比为r3：r1，甲的向心加速度，则故A正确，B、C、D错误故选A点评：解决本题的关键知道甲乙丙三个轮子具有相同的线速度大小，根据a=可求出它们的向心加速度之比6.解：A、试探电荷从M到N速度减小，说明N点离场源电荷较近，而曲线运动合力指向曲线的内侧，故试探电荷可以在MP下方，只要离N点近

11、即可，故A错误；B、C、只有电场力做功，动能和电势能之和守恒，N点动能小，故在N点电势能大，根据公式=，N点的电势高，故B错误，C正确；D、试探电荷从M到N速度减小，说明N点离场源电荷较近，在N点受到的电场力大，加速度大，故D错误；故选：C7.考点：闭合电路的欧姆定律；电功、电功率专题：恒定电流专题分析：滑动变阻器滑片P向左移动时，变阻器接入电路的电阻增大，外电路总电阻增大，电流减小，灯泡变暗；根据结论：当内、外电阻相等时，电源的输出功率功率最大灯炮L的电阻大于电源的内阻，当R增大时，电源的输出功率应减小变阻器两端电压增大，电容器上电荷量增大，电流表读数变小，电压表读数U=EIr变大解答：解：

12、A、当滑动变阻器滑片P向左移动，其接入电路的电阻增大，电路总电阻R总增大，电流I减小，灯泡的功率P=I2RL，RL不变，则灯泡变暗故A错误B、当内、外电阻相等时，电源的输出功率功率最大灯炮L的电阻大于电源的内阻，当R增大时，电源的输出功率变小故B正确C、变阻器两端电压增大，电容器与变阻器并联，电容器上电压也增大，则其电荷量增大，故C错误D、电流表读数变小，电压表读数U=EIr变大故D正确故选BD点评：本题的难点在于确定电源的输出功率如何变化，可以用数学证明，当内外电阻相等时，电源的输出功率最大，这是很重要的结论对于电容器，关键确定电压，记住这个结论很有必要：电容器与与它并联的电路电压相等8.（

13、1）C；（2）；（3）（1）本实验选用电火花打点计时器，而电火花计时器应用电压为的交流电源，所以选C；（2）根据匀变速直线运动中时间中点的瞬时速度等于该过程中的平均速度，电火花计时器的周期为，所以从E点到G点时间为，有：；（3）由，根据逐差法，得：。故答案为：（1）C；（2）；（3）。9.欧姆调零（2分） 70（2分） B （2分） a （2分） 10.（1）根据题意，画出从发电机到教室灯泡之间的传输过程，如图所示所有灯都正常工作的总功率为P222640 W5 280 W用电器都正常工作时的总电流为I2A24 A两个变压器之间输电线上的电流为IRI26 A故输电线上损耗的电功率PRIR2 R1

14、44 W.升压变压器的输出功率为P1PRP25 424 W而发电机输出功率即为升压变压器的输入功率P出P1P15 424 W. 3分（2）降压变压器上的输入电压U24U2880 V输电线上的电压损失为URIRR24 V因此升压变压器的输出电压为U1URU2904 V升压变压器的输入电压为U1226 V升压变压器的输入电流为I14IR24 A发电机的电动势EU1I1r226 V241 V250 V 3分 （3）=100%=100%=97% 2分 （4）灯泡减少一半时： P有用/=2640 w 此时输电线上的电流IR/=A=3A 故此时P出/= P有用/+ IR/R=2676W 11.考点：机械能

15、守恒定律；牛顿第二定律；平抛运动；向心力专题：机械能守恒定律应用专题分析：（1）恰好从光滑圆弧ABC的A点的切线方向进入圆弧，说明到到A点的速度vA方向与水平方向的夹角为，这样可以求出初速度v0；（2）平抛运动水平方向做匀速直线运动，竖直方向做自由落体运动，根据平抛运动的基本规律求出P点与A点的水平距离和竖直距离；（3）选择从A到C的运动过程，运用动能定理求出C点速度，根据向心力公式求出小球在最高点C时对轨道的压力解答：解：（1）小球到A点的速度如图所示，由图可知，（2）由平抛运动规律得：竖直方向有：vy=gt水平方向有：x=v0t解得：h=0.6m（3）取A点为重力势能的零点，由机械能守恒定律得：代入数据得：由圆周运动向心力公式得：代入数据得：NC=8N由牛顿第三定律得：小球对轨道的压力大小，方向竖直向上答：（1）小球做平抛运动的初速度为2m/s；（2）P点与A点的水平距离为0.69m，竖直高度为0.6m；（3）小球到达圆弧最高点C时，对轨道的压力为8N，方向竖直向上点评：本题是平抛运动和圆周运动相结合的典型题目，除了运用平抛运动和圆周运动的基本公式外，求速度的问题，动能定理不失为一种好的方法