2020年全国普通高等学校招生统一考试（新课标Ⅰ卷）理科综合能力测试+答案+全解全析纯word版（2020.6.15）.doc

1、理科综合试卷 第 1 页（共 16 页） 2020 年全国普通高等学校招生统一考试（新课标卷） 理科综合能力测试2020.6.15 本卷满分 300 分，考试时间 150 分钟。 注意事项： 1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号等填写在答题卡和试卷指定位置上。 2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用 橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。 3考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 可能用到的相对原子质量：H 1 Li 7 C 12 N 14 O 16 Na 23 S 32 Cl 35.5 Cu

2、 64 Ag 108 In 115 Sb 122 一、选择题：本题共 13 小题，每小题 6 分，共 78 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目 要求的。 1下列关于细胞结构与功能的叙述，错误的是 A细胞都具有细胞膜，但不一定有核膜 B蛋白质和 RNA 可以自由进出核孔 C线粒体是有氧呼吸的主要场所，但无法利用葡萄糖 D与高等植物有丝分裂有关的细胞器并非只有高尔基体 21937 年，英国植物学家希尔发现，在离体叶绿体的悬浮液中加入铁盐或其他氧化剂（悬浮液中有 H2O， 没有 CO2） ，在光照下可以释放出氧气。像这样，离体叶绿体在适当条件下发生水的光解、产生氧气的化 学反应称作希尔

3、反应，下列关于希尔反应的结论，说法正确的是 A不能说明产生氧气是因为水的光解 B说明了植物光合作用产生的氧气中的氧元素全部都来自水 C说明水的光解与糖的合成不是同一个化学反应 D说明 ATP 的合成与希尔反应有关系 3遗传学的奠基人孟德尔利用豌豆进行了杂交实验，揭示了遗传因子的分离规律和自由组合规律。他从 34 个豌豆品种中选择了 7 对相对性状，这 7 对相对性状分别由 7 对等位基因控制，现代科学研究表明 这 7 对等位基因在染色体上的位置如图所示。下列相关叙述正确的是 A孟德尔利用了类比推理法得到了两大遗传规律 B图中 Le/le 和 V/v 可代表孟德尔两对相对性状杂交实验中的基因位置

4、 C图中所示号染色体上的两对等位基因在减数分裂时只能产生 2 种配子 D已知豌豆体细胞染色体数目为 2N=14，图示 7 条染色体组成一个染色体组 4抑郁症与脑内神经元之间的一种递质（血清素）的含量减少有关，血清素能让人感觉愉悦，血清素发 挥作用后会被重新吸收至突触小体。如图为某药物治疗抑郁症的原理示意图，下列说法正确的是 A图中中的物质为血清素，释放方式为主动运输 B图中代表受体，与血清素结合后一定使突触后膜产生兴奋 C该药物可与血清素的转运蛋白结合，抑制血清素的重新吸收 D抑郁症患者初次使用该药物，就可能出现头晕呕吐等过敏反应 5基因型为 AaBb（两对基因独立遗传）的某二倍体生物有以下几

5、种细胞分裂图像，下列说法正确的是 A甲图中基因 a 最可能来源于染色体的交叉互换 B乙图中基因 a 不可能来源于基因突变 C丙产生的子细胞发生的变异属于染色体结构变异 D丁图中基因 a 的出现最可能与基因重组有关 6垃圾分类收集处理具有重要意义，下列有关垃圾分类的说法错误的是 A可回收垃圾收集处理可以实现物质的循环利用，减少废弃物污染，保护生态环境 B厨余垃圾中剩饭、剩菜所含的有机物经发酵处理后可以实现能量的循环利用 C有害垃圾中对人体有害的重金属、有毒物质处理不合理时可以通过食物链进入到人体中 D其他垃圾采取卫生填埋可有效减少对地下水、地表水、土壤及空气的污染 7王安石的元日 ：爆竹声中一岁

6、除，春风送暖入屠苏。千门万户曈曈日，总把新桃换旧符。诗中涉 及了许多化学知识。下列说法正确的是 A爆竹声中一岁除中的爆竹爆炸时发生了复分解反应 B春风送暖入屠苏中，屠苏酒中只含有乙醇和水 C千门万户曈曈日中的能量转化方式包括将太阳能转化为热能 D总把新桃换旧符中的桃符主要成分为纤维素，纤维素和淀粉互为同分异构体 8科研人员发现瑞德西韦对 2019-nCoV 有抑制作用。有机物 M（）是合成瑞德西韦 的原料之一。下列关于有机物 M 的描述错误的是 A分子中含有 3 种官能团 B能发生水解反应，生成氨基酸和一元醇 C碳原子上的一氯代物有 6 种 D分子中所有碳原子不可能在同一平面 9我国科研工作者

7、构建了一种在反应过程中能同时活化水和甲醇的双功能结构催化剂，用以解决氢气的 高效存储和安全运输。下图是甲醇脱氢转化的反应历程（TS 表示过渡态） 。 下列说法错误的是 ACH3OH 的脱氢反应是分步进行的 B甲醇脱氢反应历程的最大能垒（活化能）是 1.30 eV C甲醇脱氢反应中断裂的化学键有 CH 键和 OH 键 D该催化剂的研发为醇类重整产氢的工业应用提供了思路 10利用下列实验装置完成对应的实验，能达到实验目的的是 A装置甲验证苯与液溴发生取代反应 B装置乙探究酒精脱水生成乙烯 C装置丙制备乙酸乙酯并提高产率 D装置丁分离乙醇和水 11某化合物的结构为，其中 X、Y、Z、W 四种元素分布

8、在三个短周期，原子序数 依次增大，且 Y、Z、W 的简单离子具有相同的电子层结构。下列叙述正确的是 A简单离子半径：WZY BZ 的氯化物可促进水的电离 C最高价氧化物对应水化物的碱性：ZM，小球一定能滑上圆弧轨道 C C若 mm。（两空均选填需要或 不需要）。利用实验中打出的纸带求加速度时，处理方案有两种： A利用公式 a 2 2x t 计算； B根据 a 2 x T ，利用逐差法计算。 两种方案中，你认为选择方案_比较合理。 （2）若利用该实验装置做探究小车的合外力和加速度的关系实验，操作过 程完全正确，通过对数据进行分析，作出的 aF 图线如图所示（图中 F 为弹簧测力计示数），实验对应

9、的图线的斜率是_。 23（10分）某学习小组在一次探究活动中，发现了一个玩具电风扇，风扇上的铭牌已破损，只能看到额 定电压：3 V，风扇能正常使用。他们想知道风扇电机在不同电压下的工作情况，就设计了如图1所 示的测量电路。实验室能提供的器材有： 电流表A（03 A，内阻约0.1 ）；电压表V1（04.5 V，内阻约5 k）； 电压表V2（09 V，内阻约10 k）；滑动变阻器R1（0200 ）； 滑动变阻器R2（010 ）；直流电源E1（4.5 V，内阻可不计）； 开关S及导线若干。 （1）为了使测量尽量准确，测量数据尽可能多，电压表应选_，滑动变阻器应选_。 （均填器材代号） （2）图 2

10、中已连接了部分导线，请按实验要求将实物图中的连线补充完整。 （3）下表为小明在实验测量中得到的风扇电动机的电压 U 与电流 I 的一系列相关数据（电压约 0.8 V 时，风扇才开始缓慢转动）。利用表中数据，在图 3 中画出电动机的 U-I 图线。 U/V 0.2 0.4 0.6 0.8 1.2 1.6 2.0 2.4 2.8 3.2 I/A 0.38 0.81 1.19 1.55 1.70 1.88 1.95 1.98 2.00 2.03 （4）根据绘制的 UI 图线，对电机的工作情况，进行简单说明： 24（12 分）摩托车竞技表演是一项极具挑战性和观赏性的体育活动。如图所示，一摩托车竞技爱好

11、者从 较远处启动，助力加速，以速度 v0冲出斜坡后关闭发动机，摩托车和运动员的总质量为 M，冲出后速 度先减小到 0.8v0，而后速度逐渐增大。河对岸有一与左岸对称的斜坡，斜坡顶端有一圆弧轨道与之相 切。竞技爱好者和摩托车到达对岸后恰好沿圆弧轨道运动，运动过程中忽略空气阻力和摩擦力，重力 加速度为 g。则 （1）竞技爱好者跨越的河道宽度 d 是多少？ （2）为了确保竞技爱好者顺利通过圆轨道的最高点，则右侧的竖直圆弧轨道的最大半径是多少？ 25（20 分）在某一坐标系第一象限存在垂直纸面向里的匀强磁场，在第二象限存在竖直向上的匀强电场 1， 在第四象限存在竖直向下的匀强电场 2， 一质量为 m，

12、 电荷量为q 的球形带电粒子 a 从 （L，79 40 L） 沿 x 轴正方向以速度 v0射出，在 y 轴某点处进入磁场，速度方向与 y 轴夹角为 53 ，在磁场中运动一 段时间后沿垂直于 x 轴的方向与静止在 x 轴上 M 点且与入射粒子形状大小一样但质量为 2m 的不带电 粒子 b 发生弹性正碰，碰后电荷量重新平均分配，经过一段时间，两粒子会再次先后通过 x 轴上的某 一点，粒子所受重力不计（sin53 =0.8，cos53 =0.6）。求： （1）电场 1 的电场强度 E1，磁场的磁感应强度 B； （2）碰撞后两粒子的速度大小分别是多少； （3）若电场 2 的电场强度为 E2，则两粒子碰

13、撞后第一次先后经过 x 轴上同一点（M 点除外）的时间 间隔是多少？若粒子 a 先通过该点，则电场 2 的电场强度应该满足什么条件？ 26 （15 分） 1,2二氯乙烷(CH2ClCH2Cl)是重要的有机化工原料， 不溶于水， 易溶于有机溶剂， 沸点 83.6； 在光照下逐渐分解； 碱性条件下水解程度较大。 实验室采用乙烯液相直接氯化法制备 1,2二氯乙烷， 相关反应原理和实验装置图如下： C2H5OH 25 P O 150 CH2=CH2+H2O Cl2(g)+CH2=CH2(g)CH2ClCH2Cl(l) H Na+Al3+，A 错误；NaCl 对水的电 离没有影响，B 错误；最高价氧化物

14、对应水化物的碱性：NaOHAl(OH)3，C 错误；NaH 和 Na2O 都是 离子化合物，都只含离子键，D 正确。 12C 【解析】该电池充电时的总方程式：LiFePO4+C6Li1xFePO4+LixC6，因此阳极反应为 LiFePO4 xeLi1xFePO4+ xLi+，阴极反应为 xLi+C6+xeLixC6，放电时，负极反应式为 LixC6xe xLi+C6，A、B 正确；电解精炼铜，阴极电极反应为 Cu2+2eCu，阴极质量增重 12.8 g 时， 转移电子的物质的量为 0.4 mol，则电池中移向正极的 Li+物质的量为 0.4 mol，C 错误；根据化 合物中正负化合价代数和为

15、零，可得铁的化合价为+2，故 D 正确。 13D 【解析】由图像可知，b 点温度最高，放热最多，b 点恰好中和，因此 2m=10，m=5，A 错误；a 点 为 HA 和 NaA 的混合溶液，且物质的量之比为 11，因此根据物料守恒，2c(Na+)=c(A)+c(HA)，B 错误；b 点为 NaA 的溶液，NaA 水解显碱性，促进水的电离，因此 b 点水的电离程度比纯水中的大， C 错误；c 点为 NaA 和 NaOH 物质的量比为 11 的混合溶液，根据电荷守恒可知： c(Na+)+c(H+)=c(OH)+c(A) ， 由 物 料 守 恒 可 知 ： c(Na+)=2c(HA)+c(A) ，

16、所 以 有 2c(HA)+c(A)+c(H+)=c(OH)+c(A)，即：c(OH)c(H+)=2c(HA)+c(A)，D 正确。 14B【解析】发生 衰变时，原子核内的中子转化为质子和电子，与外层电子无关，A 错误； 射线是原 子核发生 衰变和 衰变后新核处于不稳定状态产生的， B 正确； 根据质量数和电荷数守恒， 可知X A Z 应为电子，C 错误；用 粒子轰击铍核 9 4Be，铍核转变为碳核 12 6C，同时产生一个中子，D 错误。 15B【解析】弹簧弹力不会突变，撤去挡板之前 A、B、C 三个物体均处于平衡状态，挡板对 A 的支持力 大小为 3mgsin30 ，撤去挡板的瞬间，挡板对

17、A 的支持力立刻消失，其他力不变，此时 A 的加速度最 大，为 3gsin30 ，故 A 的最大加速度是g 2 3 ，D 错误；撤去挡板的瞬间，B 与 C 受力情况均不变，加 速度均为 0，故 B 正确，A 错误。B 与 C 恰好分离的瞬间，B、C 之间没有弹力，此时弹簧恢复原长， 对 A、B 无弹力，A、B、C 三个物块的瞬时加速度都是 gsin30 ，方向平行斜面向下，因此 C 选项错误。 16B【解析】初速度为 0 的匀加速直线运动速度与位移的关系axv2，图中 v 与 x 是一次函数关系， 故运20 飞机在平直跑道上起飞的过程不是匀加速直线运动，A 错误；若飞机在跑道上做匀加速直线 运

18、动，则飞机加速到 2v0走的位移应该是 4x0，从图中看出运20 飞机加速到 2v0只走了 2x0的位移，因 此从 O 到 B 运20 飞机做的是加速度增大的加速运动，故 B 正确；运20 飞机在 OA 之间的动能增加 量 2 k10 1 2 Emv，在 AB 之间的动能增加量， 222 k2000 13 (4) 22 Emvvmv，故 C 错误；运20 飞机在 B 点的加速度大于在 A 点的加速度，故在 B 点所受合外力大于在 A 点所受合外力，D 错误。 17D【解析】因卫星先后两次变轨时均需点火加速，卫星的动能增大，所以点火瞬间卫星的机械能增大， 而点火结束后卫星只受万有引力作用，卫星的

19、机械能守恒，故卫星在轨道上的机械能大于在轨道 上的机械能，选项 A 错误；卫星在轨道上运行时，其最大运行速度介于 7.9 km/s 与 11.2 km/s 之间， 选项 BC 错误；据开普勒第三定律 3 2 a k T 及 2 4 GM k （其中 a 为椭圆的半长轴、T 为周期、M 为地 球的质量、G 为引力常量），可求出地球的质量，选项 D 正确。 18C【解析】根据题意可知在 t0时刻汽车的速度达到了 54 km/h（15 m/s），在 0t0这段时间内汽车靠电 动机输出功率，其加速度为 22 1 50001400 m /s3m /s 1200 Ff a m ，因此 0 15 s5s 3

20、 t ，A 错误；电 动机输出的最大功率 1 5000 15 W75 kWPFv，B 错误；由图可知在 t0时刻切换动力引擎之后瞬 时牵引力大小为 6 000 N，牵引力的功率为 4 2 6000 15W9 10 WPFv ，在之后的时间内，功率 不变，因此牵引力做功为 5 5.4 10 JWPt，C 正确；汽车在 11 s 末的速度为1 3 25 m/s P v F ，从 t0 时刻到 11 s 末，由动能定理得 22 1 11 22 Wfsmvmv，可得214.3ms ，D 错误。 19AB【解析】A、C 两点处的电荷均为正电荷，B、D 两点处的电荷均为负电荷，由几何关系和对称性 可知，E

21、 点电势大于 F 点的电势，E 点场强和 F 点场强相等，故 A、B 选项正确；O 点是 AB 的中点， 也是 C、D 的中点，由等量异种点电荷连线的中点电势为零可知 O 点电势等于零，A、B 两处电荷在 O 点产生的场强方向沿 OB 方向，CD 两处电荷在 O 点产生的场强方向沿 OD 方向，根据场强的叠加 可知 O 点场强不为零，C 选项错误；由题意知，在直线 EF 上，AC 连线中点电势最高，BD 连线中点 电势最低，故正电荷沿直线从 E 点运动到 F 点，电势能先增大后减小再增大，D 错误。 20BCD【解析】由题意知，线框经过位置时穿过线框的磁通量增加，线框经过位置时穿过线框的磁 通

22、量减少，由楞次定律可知，经过两位置时线框中感应电流的方向相反，A 错误；由图示可知，线框 经过位置和位置时，线框切割磁感线的有效长度（设为 L）相等，由BLvE 可知，线框产生的 感应电动势相等，由欧姆定律可知，线框中的感应电流大小相等，故 B 选项正确；导线粗细均匀，故 ab，bc，cd，da 段电阻相等，线框在位置时 cd 两点的电压EU 4 3 1 ，线框在位置时 cd 两点的 电压 2 1 4 UE，所以电压之比为 3:1，C 选项正确；穿过线框横截面的电荷量 BS q RR ，在 位置和位置，有磁场存在的面积之比为 1:1，所以从位置到位置和从位置到位置的两个过 程中，穿过线框横截面

23、的电荷量之比为 1:1，D 选项正确。 21CD【解析】小球与滑块组成的系统在水平方向动量守恒，若小球能飞离轨道，则飞离轨道瞬间，因轨 道上端的切线方向是竖直的，所以小球与圆弧轨道有相同的水平速度 v，小球另外还有竖直分速度， 它从轨道上端飞出后相对于地面做斜抛运动，A 选项错误；小球滑上轨道 B，并从轨道 B 上滑下的过 程，与完全弹性碰撞类似，有 012 mvmvMv ， 222 012 111 222 mvmvMv，则 1020 2 , m Mm vv vv m Mm M 。 若 mM，则 v10，小球不能滑上轨道 C；若 mm。实验选取数据时通常会选用点迹清晰的一段，不一定要从第一个点

24、开始选用，利用逐 差法计算对选取的纸带区域没有限制，为了减小误差，通常选用逐差法计算加速度。 （2）本实验平衡摩擦力后，小车的加速度 2F a M ，所以图线的斜率是 2 M ； 23（1）V1（2 分） R2（2 分） （2）连线电路如图所示（2 分） （3）绘制 U-I 图线如图所示（2 分） （4）从 U-I 图线可以看到，00.8 V 图线是直线，电机内阻 R 约为 0.5 ，0.8 V 后电机开始逐步启动， 3 V 时电流约 2.0 A 左右，电机的额定功率约 6 W（2 分）（答案合理即可） 【解析】（1）直流电源为 E1，采用分压接法，电压表应选 V1，滑动变阻器选 R2，调节范

25、围宽，测量 误差小。 （2）连线电路图如下左图。 （3）U-I 图线如下右图。 （4）从 U-I 图线可以看到，00.8 V 图线是直线，电机内阻 R 约为 0.5 ，0.8 V 后电机开始逐步启动， 3 V 时电流约 2.0 A 左右，电机的额定功率约 6 W。（合理即可） 24（1） 2 0 24 25 v d g （6 分） （2） 2 0 max 5 = 23 v R g （6 分） 【解析】（1）竞技爱好者飞越河道时，在上升过程中是平抛运动的逆过程，然后从最高点开始做平 抛运动，设在空中飞行的时间为 t，斜面的倾角为 ，由题意可得 0 8 . 0 vvx（1 分） 5 48 . 0

26、cos 0 0 v v （1 分） 则37（1 分） 从斜坡飞出时，沿竖直方向的分速度00 sin0.6 y vvv （1 分） 则时间 2 y v t g ，（1 分） 河宽 2 0 24 25 x v dv t g （1 分） （2）为了确保安全，摩托车必须顺利通过最高点 A，由题意可得 2 A N Mv FMg R （2 分） 0 N F（1 分） 从落点到最高点由机械能守恒可得： )cos( 2 1 2 1 22 0 RRMgMvMv A （1 分） 由以上可得 2 0 5 23 v R g （1 分） 故最大半径为 2 0 max 5 = 23 v R g （1 分） 25（1）E1

27、= 2 0 3 4 mv qL B= 0 5 8 mv qL （6 分） （2）v1= 0 5 12 v v2= 0 5 6 v（4 分） （3） 0 02 532 53 mvL t vqE ， 2 0 2 25 96 mv E qL （10 分） 【解析】（1）设粒子 a 从（L， 79 40 L）沿 x 轴正方向以速度 v0射出，在 y 轴 P 点处进入磁场，速度 方向与 y 轴夹角为 53 ，可知此时粒子 a 速度为 v，与水平方向夹角为 37 ，由于粒子此过程为类平抛 运动，根据相关规律，得： L=v0t v0tan37 =at qE1=ma（1 分） 联立解得：E1 = 2 0 3

28、4 mv qL （1 分） 此过程中粒子 a 下降的距离 h= 2 1 2 at= 3 8 L 粒子 a 到达 y 轴的 P 点坐标为（0， 8 5 L） （1 分） 粒子 a 进入磁场后的速度为 v，v= 0 0 5 cos374 v v ，方向与 y 轴夹角为 53 ，在磁场中做匀速圆周运 动，沿垂直于x轴的方向到达x 轴上的M点。若粒子a在磁场中运动的轨道半径为R，由几何关系可 得： 8 sin53 5 RL 即 R=2L（1 分） 根据带电粒子在磁场中运动规律及牛顿第二定律，得 2 v qvBm R （1 分） 解得：B= 0 5 8 mv qL （1 分） （2）在 M 点，粒子 a

29、 与粒子 b 发生弹性碰撞，遵守动量守恒定律和能量守恒定律，设碰后粒子 a 与 粒子 b 的速度大小分别为 v1和 v2，以向下为正方向，则可得： 12 2mvmvmv（1 分） 222 12 111 (2 ) 222 mvmvm v（1 分） 解得 v1= 0 5 312 v v （1 分） v2= 0 25 36 v v（1 分） （3）粒子 a 与粒子 b 形状大小一样，发生弹性碰撞后电荷量平分，每个粒子带电荷量均为 2 q ，设两 粒子碰后第一次先后通过的点为 N 点，由第（2）问可知，粒子 a 碰后反弹，在磁场中做圆周运动， 半径为 R1；粒子 b 进入电场 2 后匀变速直线运动，返

30、回磁场后做匀速圆周运动，半径为 R2； 由 2 1 1 1 2 vq v Bm R 得 R1= 4 3 L（1 分） 2 2 2 2 2 2 vq v Bm R 得 R2=16 3 L（1 分） 因为 R2=4R1的关系，则粒子 b 进入磁场后转过半个圆周到达 N 点；粒子 a 运动半个圆周后到达 x 轴 进入电场，在电场里匀变速直线运动，返回磁场后做匀速圆周运动，如此运动在磁场中转过四个半圆 周，在电场中往返三次到达 N 点。 设粒子 a 和粒子 b 在磁场中的运动周期为 T1和 T2 T1= 1 10 232 5 RL vv T2= 2 20 264 5 RL vv （1 分） 设粒子 a

31、 和粒子 b 在电场中运动时做匀减速的时间分别为 t1和 t2， 21 2 q Ema 22 2 2 q Ema（1 分） 01 1 12 5 6 mvv t aqE 02 2 22 10 3 mvv t aqE （1 分） 因为加速时间与减速时间相等，粒子 a 与粒子 b 碰后到达 N 点的时间分别为： 01 1 02 564 46 25 a mvTL tt vqE （1 分） 02 2 02 2032 2 253 b mvTL tt vqE （1 分） 则粒子 a 与粒子 b 碰后先后到达 N 点的时间间隔为 0 02 532 53 ab mvL ttt vqE （1 分） 若粒子 a 先

32、通过该点，则 0 02 532 0 53 ab mvL tt vqE （1 分） 解得： 2 0 2 25 96 mv E qL （1 分） 26 （15 分） （1）分液漏斗（1 分） MnO2+4H+2ClMn2+Cl2+2H2O（2 分） （2）除去乙烯中混有的乙醇蒸气（1 分） 通过观察相同时间内产生气 泡的数目，调整两种气体的流速或比例（2 分） （3）便于控制反应温度的平稳，反应物受热均匀（2 分） （4）导气兼冷凝回流（2 分） ac（2 分） （5）加热（1 分，合理即可） （6）82.5（2 分） 【解析】 （2）两种气体发生反应，为提高转化率，必须控制两种气体的比例或流速，

33、因此，丙和戊装 置除干燥两种气体外，还有通过观察相同时间内产生气泡的数目，调整两种气体的流速和比例的作 用。 （3）甘油浴加热的优点是便于控制反应温度的平稳，反应物受热均匀。 （4）乙烯直接氯化 的反应是放热反应，而 1,2二氯乙烷沸点 83.6 ，为减少产品损失，长玻璃导 管 B 的作用是导气兼冷凝回流。实验室采用乙烯液相直接氯化法制备 1,2二氯乙烷，让氯气和乙 烯两种气体先在液体溶剂中溶解， 以促进两种气体反应物的接触， 加快化学反应速率， 使反应更充分。 液体溶剂之所以选择1,2二氯乙烷，一是因为两种气体在其中的溶解度大，二是避免引入新的杂质， 增大除杂的难度，故 a、c 正确。 （5

34、）逐出溶液中溶解的气体，常采用加热操作。 （6）由信息方程式知：1,2二氯乙烷与 NaOH 溶液共热后能生成 NaCl，通过标准 AgNO3溶液沉淀滴 定，可测出反应后的溶液中 Cl的浓度。依据关系式：CH2ClCH2Cl2NaCl2AgNO32AgCl，即可计算 1,2 二 氯 乙 烷 的 产 量 为14.35 g 99 287 =4.95 g ， 则1,2 二 氯 乙 烷 的 纯 度 为 1 4.95g 1.2g mL5mL 100%=82.5%。 27 （14 分） （1）萃取、分液（2 分） 分液漏斗（1 分） （2）加快过滤速度（1 分） 作安全瓶（1 分） 取少量水层中溶液于试管中

35、，向溶液中加入几滴 KSCN 溶液，若溶液变血红色，说明含有 Fe3+，反之，不含 Fe3+（试剂 1 分，现象 1 分） （3）Sc2(C2O4)3 灼烧 Sc 2O3+3CO+3CO2（2 分） （4）Sc2O3+3C+3Cl2 2ScCl 3+3CO（2 分） （5）开始出现砖红色 Ag2CrO4沉淀时，c(Ag+)= sp24 2 4 (Ag CrO ) (CrO ) K c =2 105 mol L1（1 分） ，此时 c(Cl)= sp(AgCl) (Ag ) K c =9.0 106T1。 C 点是平衡状态，A 点反应未达到平衡状态，且 A 所在曲线的温度低于 C，所以 C 点的

36、正反应速率 v(C)正与 A 点的逆反应速率 v(A)逆的大小关系为：v(C)正v(A)逆。 依据化学三段式计算，设氧气消耗物质的量为 x。 2SO2(g)+O2(g)2SO3(g) 起始量(mol) 2a a 0 变化量(mol) 2x x 2x 平衡量(mol) 2a2x ax 2x 图中 B 点时，气体的压强为 0.07 MPa，则 222 2 + axaxx a a 0.07 0.1 ，解得：x0.9a。 SO2的转化率为： 0.92 100%=90% 2 a a 。 （5）二氧化硫与水反应生成亚硫酸，随着二氧化硫的通入溶液中亚硫酸的浓度增大，酸性增强；亚 硫酸被双氧水氧化生成强酸，溶

37、液酸性增强，反应的化学方程式为 H2SO3+H2O2H2SO4+H2O。 29 （8 分） （1）H（NADH）结合形成水，同时释放大量的能量（2 分） 造血干细胞（1 分） 负反馈调节（1 分） （2）氧气（1 分） 乳酸（1 分） 大脑皮层（1 分） （3）无氧（1 分） 【解析】 （1）氧气在人和动物体内主要参与有氧呼吸第三阶段，与H结合形成水，并产生大量的能量， 为细胞正常的新陈代谢活动提供能量。血液中的红细胞是由造血干细胞分化而来的。由题意可知氧气 不足时会合成促红细胞生成素，但它含量过多时抑制肝脏和肾脏分泌促红细胞生成素的活动，这属于 负反馈调节。 （2）一般情况下，人在剧烈运动后

38、，机体对能量的需求量急剧加大，参与代谢的氧气明 显不够用，在细胞质基质中产生大量的乳酸，过量的乳酸会刺激神经末梢产生兴奋并传导至大脑皮层 形成酸胀乏力感。 （3）哺乳动物成熟的红细胞没有细胞核，也没有线粒体等细胞器，只能进行无氧呼 吸。 30 （11 分） （1）控制物质进出细胞（2 分） （2）没有感染性，仍保留抗原性（合理即可，2 分） S 蛋白（2 分） 记忆（B）细胞（1 分） （3）28（2 分） 两组猴子都在第 42 天时接种了疫苗或者让猴子都感染了 SARS 病毒（2 分） 【解析】 （1）细胞膜有三个功能：将细胞与外界环境分隔开、控制物质进出细胞、进行细胞间的信息 交流。据题意

39、，ACE2 就是人体细胞膜表面负责识别的受体，新型冠状病毒的 S 蛋白能与 ACE2 结合而 进入人体细胞，说明细胞膜具有信息交流的功能；既然人体细胞让不该进入细胞的病毒进入了，说明 细胞膜控制物质进出细胞的功能是相对的。 （2）疫苗安全的原因是疫苗没有感染性，仍保留抗原性， 所以能刺激机体产生抗体和记忆细胞，并且对机体无伤害。新型冠状病毒的 S 蛋白就是抗原，抗原刺 激机体产生特异性抗体，一旦新型冠状病毒侵入机体，记忆（B）细胞会迅速增殖、分化，产生大量抗 体，这些抗体与游离的新型冠状病毒结合，阻止新型冠状病毒与 ACE2 结合后侵入宿主细胞。 （3）由 题图曲线可知，第 28 天抗体达到峰

40、值，出现拐点的原因可能是两组猴子都在第 42 天时接种了疫苗或 者让猴子都感染了 SARS 病毒。 31 （10 分） （1）自我调节（1 分） 光照更加充足，土壤中无机养料增多（2 分） （2）优势物种（1 分） 生命活动的正常进行，离不开信息的作用（2 分） （3）群落中物种数目的多少（2 分） （4）易地保护（2 分） 【解析】 （1）生态系统遭到一定程度的破坏后，经过一段时间，可以恢复到原来的状态，这主要依靠 生态系统的自我调节能力。山火过后，森林中种群密度降低，但由于阳光充沛、土壤中无机养料增多， 许多种子萌发后，迅速长成新的植株。 （2）火灾过后，桉树被唤醒的芽会迅速从残留的树干萌

41、发出来， 抢占林地资源，进而成为优势物种。桉树种子在大火后被释放萌发，说明需要高温条件，体现的是生 命活动的正常进行，离不开信息的作用。 （3）物种丰富度是指群落中物种数目的多少。 （4）对于行将 灭绝的物种，且其生存环境遭到严重破坏，可以通过建立植物园、动物园以及濒危动植物繁育中心， 为行将灭绝的物种提供最后的生存机会，这属于易地保护。 32 （10 分） （1）F2中白眼只出现在雄蝇中，眼色与性别相关联（答案合理即可） （2 分） （2）不能（2 分） （3）只出现红眼雌果蝇和白眼雄果蝇（2 分） 雌雄果蝇全是红眼（2 分） （4）X、Y 染色体的同源区段（或者：区段） （2 分） 【解析

42、】 （1）F2中白眼只出现在雄蝇中，眼色与性别相关联；或若白眼基因在常染色体上，亲本是红 眼雌蝇（RR） 白眼雄蝇（rr） ，F1都是红眼（Rr） ，F2中无论雌雄，红眼白眼=31，眼色与性别没 有关系，这与摩尔根的实验结果不一致，所以眼色基因不在常染色体上。 （2）由杂交实验图可知，红 眼对白眼为显性，若白眼基因位于区段上，白眼雄蝇（XrY）与题图中 F1红眼雌蝇（XRXr）进行测 交，后代表现型及比例是红眼雌蝇（XRXr）白眼雌蝇（XrXr）红眼雄蝇（XRY）白眼雄蝇（XrY） =1111；若白眼基因位于区段上，白眼雄蝇（XrYr）与题图中 F1红眼雌蝇（XRXr）进行测交， 后代表现型及

43、比例是红眼雌蝇（XRXr）白眼雌蝇（XrXr）红眼雄蝇（XRYr）白眼雄蝇（XrYr） =1111；根据实验结果不能确定白眼基因位于区段上或是区段上。 （3）若果蝇眼色基因位于区段上，白眼雌果蝇（XrXr）和野生型红眼雄果蝇（XRY）杂交，子一代 只出现红眼雌果蝇（XRXr）和白眼雄果蝇（XrY） 。 若果蝇眼色基因位于区段上，白眼雌果蝇（XrXr）和野生型红眼雄果蝇（XRYR）杂交，子一代出现 红眼雌果蝇（XRXr）和红眼雄果蝇（XrYR） 。 （4）设直刚毛、焦刚毛由基因 B、b 控制，亲本是直刚毛 直刚毛，子一代是直刚毛焦刚毛=31，判 断直刚毛是显性性状。由一对直刚毛的雌雄果蝇杂交，后

44、代中直刚毛雌蝇直刚毛雄蝇焦刚毛雌蝇 =121可知，直刚毛、焦刚毛的遗传与性别有关，不在常染色体上。 若在区段上，亲本直刚毛雌蝇（XBXb） 直刚毛雄蝇（XBY） ，子一代是直刚毛雌蝇直刚毛雄蝇 焦刚毛雄蝇=211，与题干不符。 若在区段上，亲本直刚毛雌蝇（XBXb） 直刚毛雄蝇（XbYB） ，子一代是直刚毛雌蝇直刚毛雄蝇 焦刚毛雌蝇=121，与题干相符。即控制直刚毛/焦刚毛的基因位于 X、Y 染色体的同源区段上（或 区段上） 。 33（1） 2 0 4R p g （2 分） 2 0 A 4R p N gM （1 分） 3 0A gMh p N （2 分） 【解析】火星的表面积 S4R2，火星表

45、面大气的重力与大气压力大小相等 mgp0S，所以大气的总 质量 m 2 0 4R p g ；火星表面大气层的分子数为 N M m NA= 2 0 A 4R p N gM ，可以认为每一个气体分子 占据的空间为一个小立方体，小立方体紧密排列，其边长即为分子间的距离，设分子间距离为 a，大 气层中气体的体积为 V，则有 V4R2h，a3 3 0A VgMh Np N 。 （2）（i）2 0.15ml （5 分） （ii） 527t （5 分） 【解析】（i）由题意可知，封闭气体的温度不变，设外力的方向改变前后，系统再次稳定时，封闭气 体的压强大小分别为 1 p、 2 p，活塞距离气缸底部的距离分别

46、为 1 l、 2 l。 对活塞由力的平衡条件可得： 5 10 1.2 10 Pa F pp S 、 5 20 0.8 10 Pa F pp S （2 分） 又因为SlV 11 、SlV 22 （1 分） 由玻意耳定律 2211 VpVp（1 分） 代入数据解得2 0.15m0.2 ml ，满足题意。（1 分） （ii）假设气缸内气体的温度变化前后的温度分别为 1 T、 2 T，最终活塞到气缸底部的距离为 3 l， 1 300 KT 、 3 l=0.2 m（1 分） 最终气体的压强大小为 5 30 1.6 10 Pa F pp S 、SlV 33 （1 分） 由理想气体状态方程得 3 33 1

47、11 T Vp T Vp （2 分） 解得： 3 800 KT ，即 (800273)527t （1 分） 34（1）ACE（5 分） 【解析】由图可知，波长 =4 m，t=0 时刻波形如图所示，且质点 M 刚好开始振动，再经过 0.8 s，质 点 P 第一次到达波谷，故第一个波谷传到 P 点经过的时间为 t=0.8 s，距离 x=11 m3 m=8 m，故波 速10 m/s x v t ，质点 M 的起振方向向下，故该波向右传播，故 A 正确；周期 T=0.4s v ，再经 过 0.2 s，即半个周期，质点 M 走过的路程是 10 cm，故 B错误，C正确；质点 M、N平衡位置间距离 为2 m= 1 2 ，故两质点振动刚好相反，那么，当质点M处在波峰时，质点N一定在波谷，故D错误； 由题意可知，质点 P 开始振动时沿 y 轴负方向，故 E 正确。 （2）（i） 3l t c （7 分） （ii）xl（3 分） 【解析】（i）因为从 BC 边射入的光线与 BC 边夹角为 30 ，则从 BC 边射入光线的入射角为 60 ，光 线第一次的折射角与第二次的入射角相等，即第一次的折射角 30 （2 分） 由折射定律可得 n sin60 sin30