河北省涿鹿县北晨学校2023年高三下学期4月考物理试题理试题.doc

1、河北省涿鹿县北晨学校2023年高三下学期4月考物理试题理试题注意事项:1答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2答题时请按要求用笔。3请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、下列说法正确的是（ ）A某放射性物质的质量越大，其半衰期越大B衰变所释放出的电子来自

2、原子的核外电子C在、这三种射线中，射线的穿透能力最强，射线的电离能力最强D原子处于较高能级时会自发地向低能级跃迁，跃迁时以光子的形式放出能量2、工在生产纺织品、纸张等绝缘材料时为了实时监控其厚度，通常要在生产流水线上设置如图所示传感器。其中A、B为平行板电容器的上、下两个极板，上下位置均固定，且分别接在恒压直流电源的两极上（电源电压小于材料的击穿电压）。当流水线上通过的产品厚度减小时，下列说法正确的是（）AA、B平行板电容器的电容增大BA、B两板上的电荷量变大C有电流从a向b流过灵敏电流计DA、B两板间的电场强度变大3、如图所示，一细线的一端固定于倾角为45的光滑楔形滑块A上的顶端O处，细线另

3、一端拴一质量为m=0.2kg的小球静止在A上若滑块从静止向左匀加速运动时加速度为a(取)则( )A当a=5m/s2时，线中拉力为 B当a=10m/s2时, 小球受的支持力为C当a=12m/s2时, 经过1秒钟小球运动的水平位移是6mD在稳定后，地面对A的支持力一定小于两个物体的重力之和4、关于安培力和洛伦兹力，下列说法正确的是（）A运动电荷在磁场中一定受到洛伦兹力作用B通电导线在磁场中一定受到安培力作用C洛伦兹力一定对运动电荷不做功D安培力一定对通电导线不做功5、如图所示，质量相等的物块放在粗糙的水平面上，两物块用水平轻绳连接且刚好拉直，物块a、b与地面间动摩擦因数相同，已知最大静摩擦力等于滑

4、动摩擦力，重力加速度为g。现给物块a施加一水平向右的拉力F，缓慢增大F到物块a要滑动的过程中，下列说法正确的是A地面对物块a的摩擦力一直增大B地面对物块a的摩擦力与轻绳对物块a的拉力同步增大C物块a刚好要滑动时，物块b也刚好要滑动D物块b刚好要滑动时，轻绳拉力等于此时外力F的一半6、某电磁轨道炮的简化模型如图所示，两圆柱形固定导轨相互平行，其对称轴所在平面与水平面的夹角为，两导轨长为L，间距为d，一质量为m的金属弹丸置于两导轨间，弹丸直径为d，电阻为R，与导轨接触良好且不计摩擦阻力，导轨下端连接理想恒流电源，电流大小恒为I，弹丸在安培力作用下从导轨底端由静止开始做匀加速运动，加速度大小为a。下

5、列说法正确的是（）A将弹丸弹出过程中，安培力做的功为maL+mgLsinB将弹丸弹出过程中，安培力做的功为I2RC将弹丸弹出过程中，安培力的功率先增大后减小D将弹丸弹出过程中，安培力的功率不变二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、对于分子动理论的理解，下列说法正确的是_。A只要知道气体的摩尔体积和阿伏伽德罗常数，就可以算出气体分子的体积B温度越高，扩散现象越明显C两个分子间的距离变大的过程中，分子间引力变化总是比斥力变化慢D当分子间作用力表现为引力时，分子间的距离越大，

6、分子势能越大E.只要两物体的质量、温度、体积相等，两物体的内能一定相等8、如图甲所示，一足够长的绝缘竖直杆固定在地面上，带电量为 0.01C、质量为 0.1kg 的圆环套在杆上。整个装置处在水平方向的电场中，电场强度 E 随时间变化的图像如图乙所示，环与杆间的动摩擦因数为 0.5。t=0 时，环由静止释放，环所受的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，不计空气阻力，g 取10m/s2 。则下列说法正确的是（）A环先做加速运动再做匀速运动B02s 内环的位移大于 2.5mC2s 时环的加速度为5m/s2D环的最大动能为 20J9、如图，空间存在方向竖直向上、场强大小为E的匀强电场；倾角为的光滑绝缘斜面固定

7、在地面上，绝缘轻弹簧的下端连接斜面底端的挡板，上端连接一带电量为+q的小球，小球静止时位于M点，弹簧长度恰好为原长。某时刻将电场反向并保持电场强度大小不变，之后弹簧最大压缩量为L，重力加速度为g。从电场反向到弹簧压缩至最短的过程中，小球（）A机械能一直减少B电势能减少了EqLC最大加速度为gD最大速度为10、2019 年北京时间 4 月 10 日 21 时，人类历史上首张黑洞照片被正式披露，引起世界轰动黑洞是一类特殊的天体，质量极大，引力极强，在它附近（黑洞视界）范围内，连光也不能逃逸，并伴随很多新奇的物理现象传统上认为，黑洞“有进无出”，任何东西都不能从黑洞视界里逃逸出来但霍金、贝肯斯坦等人

8、经过理论分析，认为黑洞也在向外发出热辐射，此即著名的“霍金辐射”，因此可以定义一个“黑洞温度”T： ，其中 h 为普朗克常量，c 为真空中的光速，G 为万有引力常量，M 为黑洞质量，k 是一个有重要物理意义的常量，叫做“玻尔兹曼常量”以下能用来表示“玻尔兹曼常量”单位的是（ ）ABCD三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某同学用图1中的器材，做描绘小灯泡伏安特性曲线的实验（1）已知小灯泡的额定电压为2V，电流表的内阻约为几欧，电压表的内阻有几千欧，请将实验电路图连接完整（_）闭合开关前，滑动变阻器的滑片应移到_(填”A或B)端 （

9、2）闭合开关，调节滑动变阻器，出多组电流表的值和电压表的值，在坐标纸上作出I-U图象如图2所示由图象可知，小灯泡的电阻随温度的升高而_(填“增大”或“减小”);根据图象可得小灯泡的额定功率为_W由于电压表的分流作用，实验存在_(填”系统”或“偶然”)误差，根据图象求得的额定功率比真实值_(填“大”或“小)12（12分）如图是用双缝干涉测光的波长的实验设备实物图。(1)双缝放在图中哪个位置_(填“”或“”)。(2)要使单缝和双缝相互平行，应该使用_进行调节。(3)已知双缝到毛玻璃之间的距离是L，双缝之间的距离是d，单缝到双缝之间的距离是s，在某次实验中，先将目镜中的中心刻线对准某条亮纹(记作第1

10、条)的中心，这时手轮上的示数为x1，转动手轮使中心刻线对准第7条亮纹的中心，这时手轮上的示数为x7。由此可以计算出这次实验中所测得的单色光的波长为_。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，圆心为O、半径为r的圆形区域外存在匀强磁场，磁场方向垂直于纸面向外，磁感应强度大小为B。P是圆外一点，OP=3r，一质量为m、电荷量为q（q0）的粒子从P点在纸面内沿着与OP成60方向射出（不计重力），求：(1)若粒子运动轨迹经过圆心O，求粒子运动速度的大小；(2)若要求粒子不能进入圆形区域，求粒子运动速度应满足的

11、条件。14（16分）二十世纪初，卢瑟福进行粒子散射实验的研究，改变了人们对原子结构的认识。(1)如图1所示，有两个粒子均以速度射向金原子，它们速度方向所在的直线都不过金原子核中心。请在图1中分别画出两个粒子此后的运动轨迹示意图；(2)如图2所示，一个粒子以速度射向金原子，速度方向所在直线过金原子核中心。由于金原子受到周边其他金原子的作用，可将粒子与一个金原子核的作用等效为与一个静止的、质量非常大的粒子发生弹性碰撞。请推导说明粒子与金原子核作用后速度的大小和方向；(3)实验发现，绝大多数粒子穿过金箔后，基本上仍沿原来的方向前进，但有极少数粒子发生了大角度偏转（超过90）。卢瑟福根据该实验现象提出

12、了原子的核式结构模型。为了研究问题的方便，可作如下假设：将粒子视为质点，金原子视为球，金原子核视为球体；金箔中的金原子紧密排列，金箔厚度可以看成很多单原子层并排而成；各层原子核前后不互相遮蔽；大角度偏转是粒子只与某一层中的一个原子核作用的结果。如果金箔厚度为L，金原子直径为，大角度偏转的粒子数占总粒子的比例为，且。a.请估算金原子核的直径；b.上面的假设做了很多简化处理，这些处理会对金原子核直径的估算产生影响。已知金箔的厚度约，金原子直径约，金原子核直径约。请对“可认为各层原子核前后不互相遮蔽”这一假设的合理性做出评价。15（12分）如图所示，光滑、平行、电阻不计的金属导轨固定在竖直平面内，两

13、导轨间的距离为，导轨顶端连接定值电阻，导轨上有一质量为，长度为，电阻不计的金属杆，杆始终与导轨接触良好。整个装置处于磁感应强度为的匀强磁场中，磁场的方向垂直导轨平面向里。现将杆从点以的速度竖直向上抛出，经历时间，到达最高点，重力加速度大小为。求时间内（1）流过电阻的电量；（2）电阻上产生的电热。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】A半衰期和物体的质量无关，故A错误；B衰变的本质是原子核内的中子转变为一个质子和一个电子，所以衰变中释放出的电子来源于原子核，故B错误；C在、这三种射线中，射线的电离能力最强，射

14、线的穿透能力最强，故C错误；D根据波尔的原子跃迁理论，原子处于较高能级时会自发地向低能级跃迁，跃迁时以光子的形式放出能量，故D正确。故选D。2、C【解析】A根据可知当产品厚度减小，导致减小时，电容器的电容C减小，A错误；BC根据可知极板带电量Q减小，有放电电流从a向b流过，B错误，C正确；D因两板之间的电势差不变，板间距不变，所以两板间电场强度为不变，D错误。故选C。3、A【解析】当小球对滑块的压力恰好等于零时，小球所受重力mg和拉力T使小球随滑块一起沿水平方向向左加速运动，由牛顿运动定律得小球和滑块共同的加速度为：A当时，斜面对小球有支持力，将小球所受的力沿加速度方向和垂直于加速度方向分解，

15、有：，联立解得：，故A正确；B当时，斜面对小球恰好没有支持力，故N=0，故B错误；C当时，滑块的位移为，而小球要先脱离斜面，然后保持与滑块相同的运动状态，故在这1s内小球运动的水平位移小于6m，故C错误；D在稳定后，对小球和滑块A整体受力分析可知，在竖直方向没有加速度，故地面对A的支持力等于两个物体重力之和，故D错误4、C【解析】A运动电荷在磁场中运动，若速度方向与磁场方向平行，则不受洛伦兹力作用，选项A错误；B通电导线在磁场中，若电流方向与磁场方向平行，则不受安培力作用，选项B错误；C由于洛伦兹力方向垂直于运动电荷的速度方向，根据功的定义可知，洛伦兹力对运动电荷不做功，选项C正确；D安培力方

16、向与通电导线垂直，可以对通电导线做功，从而把电能转化为机械能，选项D错误。故选C。5、D【解析】ABC.当摩擦力增大到最大静摩擦力之前，轻绳拉力为零，再增大F，摩擦力不再增大，此后a、b间的拉力从零开始增大，地面对b的摩擦力达到最大静摩擦力，此时物块b要开始滑动，故ABC错误；D. 物块a、b的质量相同，与地面的动摩擦因数相同，因此b刚好要滑动时，对a由牛顿第二定律得：对b由牛顿第二定律得：联立解得：故D正确。6、A【解析】AB对弹丸受力分析，根据牛顿第二定律安培力做功A正确，B错误；CD弹丸做匀加速直线运动，速度一直增大，根据可知安培力的功率一直增大，CD错误。故选A。二、多项选择题：本题共

17、4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BCD【解析】A由于气体分子间距很大，知道气体的摩尔体积和阿伏伽德罗常数，不能算出气体分子的体积，故A错误；B温度越高，分子热运动越明显，扩散现象越明显，故B正确；C两个分子间的距离变大的过程中，分子间引力和斥力均减小，引力变化总是比斥力变化慢，故C正确；D当分子间作用力表现为引力时，分子间的距离越大，分子力做负功，分子势能越大，故D正确；E物体内能与物质的量、温度、体积和物态有关，故E错误。故选BCD。8、CD【解析】A在t=0时刻环受的摩擦力为，则开

18、始时物体静止；随着场强的减小，电场力减小，则当摩擦力小于重力时，圆环开始下滑，此时满足即E=200N/C即t=1s时刻开始运动；且随着电场力减小，摩擦力减小，加速度变大；当电场强度为零时，加速度最大；当场强反向且增加时，摩擦力随之增加，加速度减小，当E=-200N/C时，加速度减为零，此时速度最大，此时刻为t=5s时刻；而后环继续做减速运动直到停止，选项A错误；BC环在t=1s时刻开始运动，在t=2s时E=100N/C，此时的加速度为解得a=5m/s2因环以当加速度为5m/s2匀加速下滑1s时的位移为而在t=1s到t=2s的时间内加速度最大值为5m/s2，可知02s 内环的位移小于 2.5m，

19、选项B错误，C正确；D由以上分析可知，在t=3s时刻环的加速度最大，最大值为g，环从t=1s开始运动，到t=5s时刻速度最大，结合a-t图像的面积可知，最大速度为则环的最大动能选项D正确。故选CD。9、BC【解析】B电势能的减小量等于电场力做的功，即为故B正确；C小球在M点时有从电场反向到弹簧压缩至最短的过程中，小球先做加速度减小的加速运动，再做加速度反向增大的减速运动，由弹簧振子对称性可知，小球在M点开始运动时的加速度最大即为故C正确；D小球速度最大时合力为0，由平衡可得由对称性可知，速度最大时，小球运动的距离为由动能定理有得故D错误；A小球速度最大时合力为0，由平衡可得此过程小球克服弹力做

20、功为电场力做功为小球克服弹力做功与电场力做功相等，说明小球机械能不是一直减小，故A错误。故选BC。10、BCD【解析】根据得 h的单位为Js=Nms=kgm2/s，c的单位是m/s，G的单位是Nm2/kg2=kgm3/s2，M的单位是kg，T的单位是K，代入上式可得k的单位是 ，不等于。A，与结论不相符，选项A错误；B，与结论相符，选项B正确；C，与结论相符，选项C正确；D，与结论相符，选项D正确；三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、 A 增大 1 系统 大 【解析】（1）1滑动变阻器用分压式接法，电流表外接，电路连接如图所示：2闭合开

21、关前，为使滑动变阻器输出电压为零，滑片应移到A端（2）3由图象可知，小灯泡的电附随温度的升高而增大；4由图2可以看出，当灯泡的电压为2V时，通过灯泡的电流为0.5 A，因此灯泡的额定功率为：P=UI= 20.5W =1W由于电压表的分流作用，实验存在系统误差，实验测得的电流偏大，因此根据图2求得的额定功率比真实值大12、 拨杆 【解析】(1)1相干光频率必须相同，所以双缝应该放在位置；(2)2相干光为单色光，振动方向相同，所以要保证单缝与双缝平行，需要借助拨杆调节；(3)3根据相邻两条明条纹或者暗条纹之间的距离公式x可知，x得四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，

22、要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1)；(2)或【解析】(1)设粒子在磁场中做圆周运动的半径为R，圆心为，依图题意作出轨迹图如图所示：由几何知识可得：解得根据牛顿第二定律可得解得(2)若速度较小，如图甲所示：根据余弦定理可得解得若速度较大，如图乙所示：根据余弦定理可得解得根据得，若要求粒子不能进入圆形区域，粒子运动速度应满足的条件是或14、 (1) ；(2)碰撞后速度大小几乎不变，方向与原来相反；(3) a.；b.不合理【解析】(1)如图，靠仅原子核的偏转角度大一些。(2)设粒子质量为m，金原子核质量为M，碰撞后，粒子速度为v1，金原子核速度为v2。弹性碰撞，动量守恒根据能量守恒解得由题意，因此，即碰撞后速度大小几乎不变，方向与原来相反。(3)a金箔厚度为L，金原子直径为D，由假设，金原子层数粒子发生大角度偏转可以认为碰上了金原子核，根据统计规律和概率可以估算出b如果可认为各层原子核前后不互相遮蔽，则代入数据，可得不满足，因此“可认为各层原子核前后不互相遮蔽”的假设不合理。15、（1）；（2）【解析】（1）根据动量定理，有 又因为联立解得 （2）根据 以及能量守恒 联立解得