2021届高考物理专题五牛顿运动定律及其应用精准培优专练.doc

1、培优点五 牛顿运动定律及其应用一、考点分析1. 高考对牛顿第二定律内容的要求较高，从历年命题看，命题主要集中在三个方面：结合运动学规律综合分析动力学的两类问题；交替使用整体法与隔离法处理连接体问题、临界问题；以实际应用为背景，考察思维转换、实际建模等综合问题。2. 两个常见模型的注意点：(1)“滑块木板模型问题中，靠摩擦力带动的那个物体的加速度有最大值：。(2)传送带靠摩擦力带动(或阻碍)物体运动，物体速度与传送带速度一样时往往是摩擦力突变(从滑动摩擦力变为无摩擦力或从滑动摩擦力变为静摩擦力)之时。二、考题再现典例1. (2021全国I卷15)如图，轻弹簧的下端固定在水平桌面上，上端放有物块P

2、，系统处于静止状态，现用一竖直向上的力F作用在P上，使其向上做匀加速直线运动，以x表示P离开静止位置的位移，在弹簧恢复原长前，以下表示F和x之间关系的图象可能正确的选项是( ) 【解析】由牛顿运动定律，F-mg+F弹=ma，F弹=k(x0-x)，kx0=mg，联立解得F=ma + kx，比照题给的四个图象，可能正确的选项是A。【答案】A典例2. (2021全国III卷25)如图，两个滑块A和B的质量分别为mA = 1 kg和mB = 5 kg，放在静止于水平地面上的木板的两端，两者与木板间的动摩擦因数均为1 = 0.5；木板的质量为m = 4 kg，与地面间的动摩擦因数为2 = 0.1。某时刻

3、A、B两滑块开场相向滑动，初速度大小均为v0 = 3 m/s。A、B相遇时，A与木板恰好相对静止。设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，取重力加速度大小g =10 m/s2。求(1)B与木板相对静止时，木板的速度；(2)A、B开场运动时，两者之间的距离。【解析】(1)滑块A和B在木板上滑动时，木板也在地面上滑动。设A、B和木板所受的摩擦力大小分别为f1、f2和f3，A和B相对于地面的加速度大小分别是aA和aB，木板相对于地面的加速大小为a1。在物块B与木板到达共同速度前有 由牛顿第二定律得 设在t1时刻，B与木板到达共同速度，设大小为v1。由运动学公式有 联立式，代入数据得 (2)在t1时间间隔内，B

4、相对于地面移动的距离为 设在B与木板到达共同速度v1后，木板的加速度大小为a2，对于B与木板组成的体系，由牛顿第二定律有由式知，aA = aB；再由可知，B与木板到达共同速度时，A的速度大小也为v1，但运动方向与木板相反。由题意知，A和B相遇时，A与木板的速度一样，设其大小为v2，设A的速度大小从v1变到v2所用时间为t2，那么由运动学公式，对木板有 对A有 在t2时间间隔内，B以及木板相对地面移动的距离为 在(t1+t2)时间间隔内，A相对地面移动的距离为 A和B相遇时，A与木板的速度也恰好一样。因此A和B开场运动时，两者之间的距离为 联立以上各式，并代入数据得 (也可用如图的速度时间图线求

5、解)【答案】见解析三、对点速练1如下图，质量为M、中空为半球形的光滑凹槽放置在光滑水平地面上，光滑凹槽内有一质量为m的小铁球，现用一水平向右的推力F推动凹槽，小铁球与光滑凹槽相对静止时，凹槽圆心和小铁球的连线与竖直方向成角。那么以下说法正确的选项是()A小铁球受到的合外力方向水平向左B凹槽对小铁球的支持力为C系统的加速度为agtan D推力FMgtan 【答案】C【解析】根据小铁球与光滑凹槽相对静止可知，系统有向右的加速度，对小铁球受力分析如下图，小铁球受到的合外力方向水平向右，凹槽对小铁球的支持力为FN，选项A、B错误；小铁球所受的合外力为F合mgtan ，由牛顿第二定律得agtan ，选项

6、C正确；分析凹槽和小铁球整体，应用牛顿第二定律得F(Mm)a(Mm)gtan ，选项D错误。2如下图，固定斜面CD段光滑，DE段粗糙，A、B两物体叠放在一起从C点由静止下滑，下滑过程中A、B保持相对静止，那么()A在CD段时，A受三个力作用B在DE段时，A可能受二个力作用C在DE段时，A受到的摩擦力方向一定沿斜面向上D整个下滑过程中，A、B均处于失重状态【答案】C【解析】在CD段，整体的加速度agsin ，对A受力分析，有：mAgsin FfmAa，解得Ff0，可知A受重力和支持力两个力作用，故A错误。设B与斜面DE段间的动摩擦因数为，在DE段，整体的加速度agsin gcos ，对A受力分析

7、，有：mAgsin FfmAa，解得FfmAgcos ，负号表示方向沿斜面向上；假设匀速运动，A受到的静摩擦力也是沿斜面向上，所以A一定受三个力作用，故B错误，C正确。整体下滑的过程中，CD段加速度沿斜面向下，A、B均处于失重状态；在DE段，A、B可能做匀速直线运动，不处于失重状态，故D错误。3(多项选择)如图甲所示，足够长的木板B静置于光滑水平面上，其上放置小滑块A，小滑块A受到随时间t变化的水平拉力F作用时，用传感器测出小滑块A的加速度a，得到如图乙所示的Fa图象。取g10 m/s2，最大静摩擦力等于滑动摩擦力。那么()A小滑块A的质量为4 kgB木板B的质量为5 kgC当F40 N时，木

8、板B的加速度为3 m/s2D小滑块A与木板B间的最大静摩檫力为12 N【答案】AD【解析】由题图乙知，F20 N时，A、B一起加速运动，对整体，由牛顿第二定律得：F(mAmB)a，由题图乙可得 kg10 kg，所以mAmB10 kg。当F20 N时，A、B间发生相对滑动，对A，由牛顿第二定律得FmAgmAa，得 FmAgmAa。图象的斜率k4，得mA4 kg，mB6 kg，故A正确，B错误。由FmAgmAa知，图象的纵截距为mAg12 N，当F40 N时，木板B的加速度为 aB m/s22 m/s2，故C错误。小滑块A与木板B间的最大静摩檫力为FfmAg12 N，故D正确。4如下图，钢铁构件A

9、、B叠放在卡车的水平底板上，卡车底板和B间动摩擦因数为1，A、B间动摩擦因数为2，12，卡车刹车的最大加速度为a，a1g，可以认为最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等。卡车沿平直公路行驶途中遇到紧急情况时，要求其刹车后在s0距离内能平安停下，那么卡车行驶的速度不能超过()A. B. C. D.【答案】C【解析】设A的质量为m，以最大加速度运动时，A与B保持相对静止，由牛顿第二定律得：Ff1ma2mg，解得：a2g，即A的最大加速度：a12g；同理，可知B的最大加速度：a21g，由于12，那么a1a21ga，可知要求其刹车后在s0距离内能平安停下，那么车的最大加速度等于a1。所以车的最大速度：vm。

10、故A、B、D错误，C正确。5(多项选择)质量均为m的两物块1和2之间用一根不可伸长的细线相连，两物块一起在光滑水平桌面上以速度v0匀速运动，某时刻物块1到达桌面的右边缘，如下图，当物块1滑上与桌面等高的水平传送带后，经过一段时间到达传送带的最右端，假设传送带的速度大于v0且保持不变，物块1和物块2与传送带间的动摩擦因数分别为1、2(12)，那么在此过程中(不考虑桌子边缘与传送带间的缝隙，细线的长度小于传送带的长度)()A物块2在桌面上可能先做匀加速运动后做匀速运动B两物块都在传送带上时，它们所受的摩擦力一定不相等C两物块在任何时刻的速度和加速度都相等D可能存在物块1与物块2加速度不相等的阶段【

11、答案】AD【解析】物块1滑上传送带后，在物块1所受滑动摩擦力的作用下，物块1和物块2均做匀加速运动；如果在物块2滑上传送带之前，物块1的速度已经等于传送带的速度，那么此后物块1、2均做匀速直线运动，故A正确；两物块都在传送带上时，如果两物块速度与传送带一样，那么两物块所受静摩擦力相等，均为零，故B错误；如果物块2滑上传送带时，物块的速度小于传送带的速度，由于两个物块与传送带间的动摩擦因数12，那么加速度a1a2，两个物块间的距离会缩小，故C错误，D正确。6(多项选择)匀速转动的长传送带倾斜放置，传动方向如下图，在顶部静止放上一物块，在物块下滑过程中，规定沿传送带向下为正，以下描述物块运动过程中

12、的vt、at图象，可能正确的选项是() 【答案】AC【解析】物块静止放到传送带后，受到重力、支持力、沿斜面向下的滑动摩擦力，做匀加速运动，速度均匀增大，由vat知，v与t成正比。当速度等于传送带速度时，重力沿斜面向下的分力可能小于或等于最大静摩擦力，那么物块将与传送带一起匀速向下运动，也可能重力沿斜面向下的分力大于最大静摩擦力，物块继续匀加速下滑。开场阶段的匀加速过程中，由牛顿第二定律得：mgcos mgsin ma，得 agcos gsin 。第二个匀加速过程中，由牛顿第二定律得：mgsin mgcos ma，得 agsin gcos ，可知，aa，故A、C正确，B、D错误。7如下图，一劲度

13、系数为k的轻质弹簧，上端固定，下端连一质量为m的物块A，A放在质量也为m的托盘B上，以FN表示B对A的作用力，x表示弹簧的伸长量。初始时，在竖直向上的力F作用下系统静止，且弹簧处于自然状态(x0)。现改变力F的大小，使B以的加速度匀加速向下运动(g为重力加速度，空气阻力不计)，此过程中FN、F随x变化的图象正确的选项是() 【答案】D【解析】根据题述，B以的加速度匀加速向下运动过程中，选择A、B整体为研究对象，由牛顿第二定律，2mgkxF2m，解得Fmgkx，即F从mg开场线性减小，可排除图象C；选择B作为研究对象，由牛顿第二定律，mgFNF，解得FNkx.由牛顿第三定律得FNFN，当弹簧的弹

14、力增大到，即x时，A和B间的压力为零，在此之前，二者之间的压力由开场运动时的线性减小到零，选项A、B错误；同时，力F由开场时的mg线性减小到，此后B与A别离，力F保持不变，应选项D正确。8如下图，一弹簧一端固定在倾角为37的光滑斜面的底端，另一端拴住质量为m14 kg的物块P，Q为一质量为m28 kg的重物，弹簧的质量不计，劲度系数k600 N/m，系统处于静止状态。现给Q施加一个方向沿斜面向上的力F，使它从静止开场沿斜面向上做匀加速运动，在前0.2 s时间内F为变力，0.2 s以后F为恒力，sin 370.6，g10 m/s2。求力F的最大值与最小值。【解析】设刚开场时弹簧压缩量为x0，根据

15、平衡条件和胡克定律得：(m1m2)gsin 37kx0得：x0 m0.12 m从受力角度看，两物体别离的条件是两物体间的正压力为0，从运动学角度看，一起运动的两物体恰好别离时，两物体在沿斜面方向上的加速度和速度仍相等。因为在前0.2 s时间内，F为变力，0.2 s以后，F为恒力。在0.2 s时，由胡克定律和牛顿第二定律得：对P：kx1m1gsin m1a前0.2 s时间内P、Q向上运动的距离为x0x1，那么x0x1at2联立解得a3 m/s2当P、Q刚开场运动时拉力最小，此时有对PQ整体：Fmin(m1m2)a(48)3 N36 N当P、Q别离时拉力最大，此时有对Q：Fmaxm2gsin m2a得Fmaxm2(agsin )8(3100.6) N72 N。