2023届山东省邹城市高三下期3月月考物理试题.doc

1、2023届山东省邹城市高三下期3月月考物理试题考生须知：1全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、一质点静止在光滑水平面上，先向右做初速度为零的匀加速直线运动，加速度大小为，经过时间后加速度变为零；又运动时间后，质点加速度方向变为向左，且大小为，再经过时

2、间后质点回到出发点。以出发时刻为计时零点，则在这一过程中（ ）AB质点向右运动的最大位移为C质点回到出发点时的速度大小为D最后一个时间内，质点的位移大小和路程之比为352、2019年10月8日，瑞典皇家科学院在斯德哥尔摩宣布，将2019年诺贝尔物理学奖，一半授予美国普林斯顿大学吉姆皮布尔斯，以表彰他“关于物理宇宙学的理论发现”，另外一半授予瑞士日内瓦大学的米歇尔麦耶和瑞士日内瓦大学教授兼英国剑桥大学教授迪迪埃奎洛兹，以表彰他们“发现一颗环绕类日恒星运行的系外行星”。若某一系外行星的半径为R，公转半径为r，公转周期为T，宇宙飞船在以系外行星中心为圆心，半径为r1的轨道上绕其做圆周运动的周期为T1

3、，不考虑其他星球的影响。(己知地球的公转半径为R0，公转周期为T0)则有ABC该系外行星表面重力加速度为D该系外行星的第一宇宙速度为3、如图所示是嫦娥五号的飞行轨道示意图，其中弧形轨道为地月转移轨道，轨道I是嫦娥五号绕月运行的圆形轨道。已知轨道I到月球表面的高度为H，月球半径为R，月球表面的重力加速度为g，若忽略月球自转及地球引力影响，则下列说法中正确的是（）A嫦娥五号在轨道III和轨道I上经过Q点时的速率相等B嫦娥五号在P点被月球捕获后沿轨道III无动力飞行运动到Q点的过程中，月球与嫦娥五号所组成的系统机械能不断增大C嫦娥五号在轨道I上绕月运行的速度大小为D嫦娥五号在从月球表面返回时的发射速

4、度要小于4、如图所示的装置中，A、B两物块的质量分别为2 kg、l kg,连接轻弹簧和物块的轻绳质量不计，轻弹簧的质量不计，轻绳与滑轮间的摩擦不计，重力加速度g = 10 m/s2，则下列说法正确的是A固定物块A，则弹簧的弹力大小为20 NB固定物块B，则弹簧的弹力大小为40 NC先固定物块A，在释放物块A的一瞬间，弹簧的弹力大小为10 ND先固定物块A，释放物块A后，A、B、弹簧一起运动的过程中，弹簧的弹力大小为15N5、如图所示为氢原子的能级图，一个处于基态的氢原子，吸收一个光子受到发后最多可以辐射三种不同率的光子，则被吸收光子的能量为A10.2eVB12.09evC12.75eVD13.

5、06eV6、如图所示，两个可视为质点的小球A、B通过固定在O点的光滑滑轮用轻绳相连，小球A置于光滑半圆柱上，小球B用水平轻绳拉着，水平轻绳另一端系于竖直板上，两球均处于静止状态。已知O点在半圆柱横截面圆心O1的正上方，OA与竖直方向成30角、其长度与半圆柱横截面的半径相等，OB与竖直方向成60角，则（）A轻绳对球A的拉力与球A所受弹力的合力大小相等B轻绳对球A的拉力与半网柱对球A的弹力大小不相等C轻绳AOB对球A的拉力与对球B的拉力大小之比为：D球A与球B的质量之比为2：1二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分

6、，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，B为理想变压器，接在原线圈上的交流电压U保持不变，R为定值电阻，电压表和电流表均为理想电表。开关闭合前灯泡L1上的电压如图，当开关S闭合后，下列说法正确的是（）A电流表A1的示数变大B电流表A2的示数变小C电压表V的示数大于220VD灯泡L1的电压有效值小于220V8、如图所示，空间存在竖直方向的匀强电场，虚线是间距相等且平行的三条等势线，小球带正电荷，小球带等量的负电荷，两小球同时以相同的速度从等势线上的点水平抛出，在时刻小球到达等势线，同时小球到达等势线，两小球可视为质点，不计两小球之间的相互作用，两小球的重力不可忽略，下列说法错误的是（

7、）A匀强电场的电场强度方向竖直向上B球的质量小于球的质量C在时刻小球的动量等于小球的动量D在时间内小球的动能的增量大于小球的动能的增量9、下列说法正确的是（ ）A同种物质可能以晶体和非晶体两种不同的形态出现B在阳光照射下的教室里，眼睛看到空气中尘埃的运动就是布朗运动C在任何自然过程中，一个孤立系统的总熵不会减小D打气筒给自行车打气时，要用力才能将空气压缩，说明空气分子之间存在着斥力E.气体向真空的自由膨胀是不可逆的10、如图所示，电路中R1和R2均为可变电阻，平行板电容器C的极板水平放置。闭合开关S，电路达到稳定时，一带电油滴恰好悬浮在两板之间。下列说法正确的是()A仅增大的R2阻值，油滴仍然

8、静止B仅增大R1的阻值，油滴向上运动C增大两板间的距离，油滴仍然静止D断开开关S，油滴将向下运动三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）实验小组采用如图甲所示实验装置测量木块与木板间动摩擦因数，提供的器材有：带定滑轮的长木板，有凹槽的木块，质量为20 g的钩码若干，打点计时器，电源，纸带，细线等实验中将部分钩码悬挂在细线下，剩余的钩码放在木块的凹槽中，保持长木板水平，利用打出的纸带测量木块的加速度(1) 正确进行实验操作，得到一条纸带，从某个清晰的打点开始，依次标注0、1、2、3、4、5、6，分别测出位置0到位置3、位置6间的距离，如

9、图乙所示已知打点周期T0.02 s，则木块的加速度a_m/s2.(2) 将木块凹槽中的钩码逐个添加到细线下端，改变悬挂钩码的总质量m，测得相应的加速度a，作出am图象如图丙所示已知当地重力加速度g9.8 m/s2，则木块与木板间动摩擦因数_(保留两位有效数字)；的测量值_(选填“大于”“小于”或“等于”)真实值，原因是_(写出一个即可)(3) 实验中_(选填“需要”或“不需要”)满足悬挂钩码总质量远小于木块和槽中钩码总质量12（12分）某同学在测定一节干电池的电动势和内电阻的实验中，备有下列器材：A待测的干电池（电动势约为1.5V，内电阻小于1.0）B电流表A1（量程03mA，内阻Rg1=10

10、）C电流表A2（量程00.6A，内阻阪Rg2=0.1）D滑动变阻器R1（0-20，10A）E.滑动变阻器R2（0-200，1A）F.定值电阻R0（990）G.开关和导线若干(1)他设计了如图甲所示的（a）、（b）两个实验电路，其中更为合理的是_图；在该电路中，为了操作方便且能准确地进行测量，滑动变阻器应选_（填写器材名称前的字母序号）；用你所选择的电路图写出全电路欧姆定律的表达式E=_（用I1、I2、Rg1、Rg2、R0、r表示）。(2)图乙为该同学根据(1)中选出的合理的实验电路，利用测出的数据绘出的I1I2图线（I1为电流表A1的示数，I2为电流表A2的示数），为了简化计算，该同学认为I1

11、远远小于I2，则由图线可得电动势E=_V，内阻r_。（r的结果保留两位小数）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，两端封闭的粗细均匀且导热性能良好的玻璃管放置在水平桌面上，玻璃管长度为3L（单位：cm），玻璃管内由长度为L（单位：cm）的水银柱将管内的理想气体分成左右两部分，稳定时两部分气体长度相同，左右两部分气体的压强均为H cmHg。现在外力作用下使玻璃管沿水平桌面向右做匀加速直线运动，玻璃管中左侧的气柱长度变为原来的一半，重力加速度为g，求玻璃管运动的加速度a的大小。14（16分）如图所示，在

12、直角坐标xOy平面内，第一、二象限有平行y轴的匀强电场，第三、四象限有垂直坐标平面的匀强电磁场。一质量为m、电荷量为q的正电粒子，从坐标原点O以大小为v0，方向与x轴正方向成的速度沿坐标平面射入第一象限，粒子第一次回到x轴时，经过x轴上的P点（图中未标出），已知电场强度大小为E，粒子重力不计，sin=0.6，cos=0.8(1)求p点的坐标；(2)若粒子经磁场偏转后，第二次回到x轴的位置与坐标原点O的距离为OP的一半，求磁场的磁感应强度大小和方向。15（12分）我校阳光体育活动跑操过程如图所示环形跑道由矩形ABCD和两个半圆BEC、DFA组成已知AB长L，AD长d跑操时，学生均匀地排列在环形跑

13、道上以相同的方式整齐地跑动某人用遥控直升机下悬挂质量为m的摄像机拍摄跑操情况开始时遥控直升机悬停在C点正上方（1）小王在跑操前正好站在A点，听到起跑命令后从静止开始沿AB方向做匀加速直线运动，到达AB中点时速度达到v，然后匀速率跑动求小王跑完一圈所用的时间；（2）若遥控直升机从C点正上方运动到D点正上方经历的时间为t，直升飞机的运动视作水平方向的匀加速直线运动在拍摄过程中悬挂摄影机的轻绳与竖直方向的夹角始终为，假设空气对摄像机的作用力始终水平试计算这段时间内空气对摄像机作用力的大小参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1

14、、C【解析】A以向右为正方向，由速度公式有由题意知由位移公式得，解得故A错误；B根据题意，作出质点运动的图象，如图所示，设向右从减速到0所用的时间为，则有又解得根据图象的面积表示位移大小可知，质点向右运动的最大位移故B错误；C质点回到出发点时所用的时间为则对应的速度大小为故C正确；D最后一个时间内，质点的位移大小为路程所以最后一个时间内，质点的位移大小和路程之比为15：17，故D错误。故选C。2、D【解析】AB开普勒第三定律，其中k与中心天体有关，系外行星，宇宙飞船，地球做圆周运动的中心天体均不同，故AB错误；C对宇宙飞船解得故C错误；D对系外行星的近地卫星：解得故D正确。3、C【解析】A嫦娥

15、五号从轨道III进入轨道I要先在Q点减速做近心运动进入轨道II，再在轨道II上Q点减速做近心运动进入轨道I，所以嫦娥五号在轨道III和轨道I上经过Q点时速率不相等，故A错误；B嫦娥五号在P点被月球捕获后沿轨道III无动力飞行运动到Q点的过程中，只有引力对嫦娥五号做功，则月球与嫦娥五号所组成的系统机械能守恒，故B错误；C由公式联立得故C正确；D月球的第一宇宙速度为嫦娥五号在从月球表面返回时的发射速度要大于或等于，故D错误。故选C。4、C【解析】固定物块A，则弹簧的弹力大小等于B的重力，大小为10 N，选项A错误；固定物块B，则弹簧的弹力大小等于A的重力，大小为20 N，选项B错误；先固定物块A，

16、则弹簧的弹力为10N，在释放物块A的一瞬间，弹簧的弹力不能突变，则大小为10 N，选项C正确； 先固定物块A，释放物块A后，A、B、弹簧一起运动的过程中，加速度为，对物体B:T-mBg=mBa ，解得弹簧的弹力大小为40/3N，选项D错误；故选C.5、C【解析】一个氢原子处于激发态最多可以辐射三种不同频率的光子，则该氢原子处于n=4激发态，该氢原子处于基态时吸收的光子能量为：hv =（-0.85eV）-（-13.6 eV）=12.75eVABD.由计算可得被吸收光子的能量为12.75eV ，ABD错误； C.由计算可得被吸收光子的能量为12.75eV ，C正确6、D【解析】设轻绳中拉力为T，球

17、A受力如图A所受弹力为绳对A的拉力和半圆对球A的弹力的合力，与重力等大反向，大于T，故A错误；B受力分析可得解得故B错误；C细线对A的拉力与对球B的拉力都等于T，故C错误；D对球B解得故D正确。故选D。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、ACD【解析】A 当S接通后，电路的总电阻减小，总电流变大，而变压器的匝数比不变，所以原线圈中的电流增大，电流表A1的示数变大，故A正确；B 当S接通后，电路的总电阻减小，副线圈总电流变大，电流表A2的示数变大，故B错误；C根据图像可

18、知，开关闭合前灯泡L1上的电压为220V，故电压表的示数为副线圈总电压，大于220V，闭合开关后，输入电压和匝数不变，电压表示数仍大于220V，故C正确；D 开关闭合后，总电阻减小，干路电流增大，故电阻分的电压增大，灯泡L1的电压减小，小于220V，故D正确。故选ACD。8、ABC【解析】A在竖直方向上两小球做初速度为零的匀加速直线运动，三条等势线间距相等，设间距为，则两小球在竖直方向上位移大小相等，又同时到达两等势线，运动时间相同，根据可得两小球在竖直方向的加速度大小相同，小球加速度方向竖直向上，重力方向竖直向下，则电场力方向一定向上，小球带负电荷，所以匀强电场的电场强度方向竖直向下，故A错

19、误，符合题意；B在竖直方向上，根据牛顿第二定律，对小球有对小球有两式联立得故B错误，符合题意；C竖直方向上根据速度公式，在时刻两小球竖直方向的速度大小相等，水平方向速度相同，合速度的大小相等，球的质量大于球的质量，则球的动量大于球的动量，故C错误，符合题意；D两小球在竖直方向的加速度大小相同，则小球所受的合力大于小球所受的合力，小球从等势线到达等势线和小球从等势线到达等势线两个过程中竖直方向的位移相等，则合力对小球做的功大于合力对小球做的功，根据动能定理，在时间内小球动能的增量大于小球动能的增量，故D正确，不符合题意。故选ABC。9、ACE【解析】A同种物质可能以晶体和非晶体两种不同的形态出现

20、，如金刚石与石墨，故A正确.B布朗运动是微小粒子表现出的无规则运动，肉眼不可见，故B错误.C在任何自然过程中，一个孤立系统的总熵不会减小，这是增加原理，故C正确.D打气筒给自行车打气时，要用力才能将空气压缩，是要克服大气压力做功，故D错误.E气体向真空自由膨胀遵守热力学第二定律，具有方向性，故E正确10、ABD【解析】开始液滴静止，液滴处于平衡状态，由平衡条件可知：mg=q；由图示电路图可知，电源与电阻R1组成简单电路，电容器与R1并联，电容器两端电压等于R1两端电压，等于路端电压，电容器两端电压：U=IR1=；仅增大R2的阻值，极板间电压不变，液滴受力情况不变，液滴静止不动，故A正确；仅增大

21、R1的阻值，极板间电压U变大，液滴受到向上的电场力变大，液滴受到的合力竖直向上，油滴向上运动，故B正确；仅增大两板间的距离，极板间电压不变，板间场强减小，液滴受到的电场力减小，液滴所受合力竖直向下，液滴向下运动，故C错误；断开电键，电热器通过两电阻放电，电热器两极板间电压为零，液滴只受重力作用，液滴向下运动，故D正确；故选ABD。【点睛】本题考查了判断液滴运动状态问题，分析清楚电路结构，分析清楚极板间场强如何变化、判断出液滴受力如何变化是解题的关键三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、 (1) 3.33 (2) 0.320.36 大于 滑

22、轮与轴承、细线间有摩擦，纸带与打点计时器间有摩擦等 (3) 不需要 【解析】（1）已知打点周期T0.02 s，根据逐差法可得木块的加速度为：（2）设木块的质量为M，根据牛顿第二定律有，联立可解得加速度为：，由丙图可知，当m=0时，a=3.3 ，则木块与木板间动摩擦因数0.34 ，因滑轮与轴承、细线间有摩擦，纸带与打点计时器间有摩擦，所以测量值大于真实值（3）实验中没有采用细线拉力等于重力，所以不需要满足悬挂钩码总质量远小于木块和槽中钩码总质量12、b D 1.46V1.49V 0.800.860 【解析】（1）1上述器材中虽然没有电压表，但给出了两个电流表，将电流表G串联一个电阻，可以改装成较

23、大量程的电压表。将电流表A1和定值电阻R0串联可改装成一个量程为的电压表；则（a）、（b）两个参考实验电路，其中合理的是b；2因为电源的内阻较小，所以应该采用较小最大值的滑动变阻器，有利于数据的测量和误差的减小。滑动变阻器应选D；若选择大电阻，则在变阻器滑片调节的大部分范围内，电流表A2读数太小，电流表A1读数变化不明显。3根据电路可知：E=U+Ir=I1（Rg1+R0）+（I1+I2）r；（2）45根据欧姆定律和串联的知识得，电源两端电压U=I1（990+10）=1000I1根据图象与纵轴的交点得电动势E=1.47mA1000=1.47V；由图可知当电流为0.45A时，电压为1.1V，则由闭

24、合电路欧姆定律可知四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、【解析】设玻璃管的横截面积为S，静止时左右两侧的气体压强，体积运动时，设左侧气体的压强为，右侧气体的压强由题意知左右两部分气体的体积，对左侧气体由玻意耳定律知解得对右侧气体由玻意耳定律知解得对水银柱由牛顿第二定律知即解得14、（1）（，0）；（2），方向垂直坐标平面向外；，方向垂直坐标平面向外【解析】(1)由运动的独立性可知，粒子运动可以看成沿y轴向上先做匀减速后做匀加速直线运动和x轴匀速直线运动合成的。设回到x轴过程所需要的时间为t，y轴：加速度a=时间t=2x轴：，x=vxt联立上式，可解得即p点的坐标为（，0）(2)第二次回到x轴的位置与坐标原点O的距离为OP的一半，满足题意得有两种情况。回到x轴时在O点右侧。如图所示，由几何关系，可知轨迹半径由解得：方向垂直坐标平面向外；回到x轴时在O点左侧，如图所示，由几何关系，可知轨迹半径由解得：方向垂直坐标平面向外15、（1）；（2）【解析】（1）在加速阶段：A到中点从中点到A有：则有,解得：（2）由C到D有：设摄像机受到的风力为F，绳子拉力为T，重力为mg，则，联立解得：