山东省2020年普通高等学校招生统一考试名师押题压轴卷 数学Word版含解析.doc

1、第 1 页，总 18 页 山东省 2020 年普通高等学校招生统一考试名师押题压轴卷 数 学 一、选择题：本题共 8 道小题，每小题 5 分，共 40 分.在每小题的四个选项中，只有一项是符合题目 要求的。 1.已知集合 A=xx2且 AB=A，则集合 B 可以是（ ） A. xx24 B. x2yx C. y 2 2,yxxR D. 1,0,1,2,3 2.若 2 2zii （i 是虚数单位） ，则复数 z 的模为（ ） A. 1 2 B. 1 3 C. 1 4 D. 1 5 3.已知 4 log 5a ， 2 log 3b ， sin2c ，则 a、b、c 的大小关系为（ ） A. abc

2、 B. cab C. bca D. cba 4.若对任意的正数 a，b 满足 310ab ，则 31 ab 的最小值为 A. 6 B. 8 C. 12 D. 24 5.如图，在四边形 ABCD 中，AD BC ，AD AB ， 45BCD，90BAD，将ABD 沿 BD 折起， 使平面ABD 平面 BCD 构成几何体 A-BCD， 则在几何体 A-BCD 中， 下列结论正确的是 （ ） A. 平面 ADC平面 ABC B. 平面 ADC平面 BDC C. 平面 ABC平面 BDC D. 平面 ABD平面 ABC 6. 5 2 1 12x x 展开式的常数项为（） A. 112 B. 48 C.

3、 -112 D. -48 7.已知 F 是双曲线 22 :1 45 xy C-= 的一个焦点， 点 P 在 C 上， O 为坐标原点， 若 =OPOF ， 则 O P F 的面积为（ ） 答案第 2 页，总 18 页 A. 3 2 B. 5 2 C. 7 2 D. 9 2 8.已知函数 2 ( )2log x f xx ， 且实数 0abc ， 满足 ( ) ( ) ( )0f a f b f c ， 若实数 0 x 是函数 ( )yf x 的一个零点，那么下列不等式中不可能成立的是（ ） A. 0 xa B. 0 xa C. 0 xb D. 0 xc 二多项选择题：本题共 4 个小题，每小题

4、 5 分，共 20 分。在每小题的四个选项中，有多个符合题目 要求。全部选对的得 5 分，部分选对的得 3 分，有错选的得 0 分。 9.已知函数 ( )lnf xxx ，给出下面四个命题：函数 f x 的最小值为 1 e ；函数 f x 有两个零 点；若方程 f xm 有一解，则 0m ；函数 f x 的单调减区间为 1 , e . 则其中错误命题的序号是（ ） A B C D 10已知点A是直线:20l xy上一定点，点P、Q是圆 22 1xy上的动点，若 PAQ 的最 大值为90，则点A的坐标可以是（ ） A0,2 B1, 2 1 C 2,0 D 21,1 11已知数列的前 n 项和为，

5、且满足，则下列说法正确的是 （ ） A数列的前 n 项和为 B数列的通项公式为 C数列为递增数列 D数列为递增数列 12如图，梯形中，将沿对角线 折起. 设折起后点 的位置为，并且平面平面.给出下面四个命题正确的：() A B三棱锥的体积为 C平面 D平面平面 第 II 卷（非选择题） 第 3 页，总 18 页 三、填空题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分. 13.二项式 00 n b axab x ， 的展开式中，设“所有二项式系数和”为 A，“所有项的系数和”为 B， “常数项”值为 C，若 25670ABC， ，则含 6 x 的项为_ 14.已知ABC 中， 5ABAC ，

6、 8BC ，点 D 是 AC 的中点，M 是边 BC 上一点，则MC MD 的 最小值是（ ） A. 3 2 B. 1 C. 2 D. 5 4 15.已知点F为抛物线 2 8yx 的焦点，则点F坐标为_；若双曲线 22 2 1 2 xy a （ 0a ）的一个 焦点与点F重合，则该双曲线的渐近线方程是_ 16.每项为正整数的数列an满足 1 1 , 2 31, nn n nn a a a aa 是偶数 是奇数 ，且 6 4a ，数列an的前 6 项和的最大值为 S，记 1 a 的所有可能取值的和为 T，则S T_. 四、解答题.本题共 6 小题，共 70 分。解答应写出文字说明、证明过程或演算

7、步骤。 17.(本小题 10 分) 在ABC 中，角 A、B、C 所对的边分别为 a、b、c，满足(2 )coscosbcAaC . （1）求角 A 的大小； （2）若13a ，5bc ，求ABC 的面积. 18.（本小题 12 分） 设数列an满足 123 23.2 (nN*) n n aaana （1）求an的通项公式； （2）求数列 1 22n n a 的前 n 项和 Sn 19. （本小题 12 分） 如图 1， 在 RtPDC 中， 90D， A、 B、 E 分别是 PD、 PC、 CD 中点，4PD ， 2 2CD .现将 PAB 沿 AB 折起，如图 2 所示，使二面角P ABC

8、- 为 120 ，F 是 PC 的中点. 答案第 4 页，总 18 页 （1）求证：面 PCD面 PBC； （2）求直线 PB 与平面 PCD 所成的角的正弦值. 20. （本小题 12 分） 五一劳动节放假，某商场进行一次大型抽奖活动.在一个抽奖盒中放有红、橙、黄、绿、蓝、紫的小球各 2 个，分别对应 1 分、2 分、3 分、4 分、5 分、6 分.从袋中任取 3 个小球，按 3 个小球中最大得分的 8 倍计分，计分在 20 分到 35 分之间即为中奖.每个小球被取出的可能性都相等，用表示取出的 3 个小 球中最大得分，求： （1）取出的 3 个小球颜色互不相同的概率； （2）随机变量的概率

9、分布和数学期望； （3）求某人抽奖一次，中奖的概率. 21. （本小题 12 分） 已知椭圆 22 22 :1(0) xy Cab ab 过点 2 3,3 ，右焦点 F 是抛物线 2 8yx 的焦点. （1）求椭圆 C 的方程； （2）已知动直线l过右焦点 F，且与椭圆 C 分别交于 M，N 两点.试问 x 轴上是否存在定点 Q，使得 135 16 QM QN 恒成立?若存在求出点 Q 的坐标:若不存在，说明理由. 22. （本小题 12 分） 已知函数 32 11 , 32 f xxaxaR . (I)当 a=2 时,求曲线 yf x在点 3,3f处的切线方程； (II)设函数 cos si

10、ng xf xxaxx,讨论 g x的单调性并判断有无极值,有极值时求出极值. 第 5 页，总 18 页 参考答案与解析 1. 【答案】D 【解析】 A、B=x|x2 或 x-2， 集合 A=x|x-2， AB=x|x-2A，不合题意； B、B=x|x-2， 集合 A=x|x-2， AB=x|x-2=B，不合题意； C、B=y|y-2， 集合 A=x|x-2， AB=x|x-2=B，不合题意； D、若 B=-1，0，1，2，3， 集合 A=x|x-2， AB=x|x-2=A，与题意相符， 故选：D 2. 【答案】D 【解析】 利用复数的乘法、除法法则将复数表示为一般形式，然后利用复数的求模公式

11、计算出复数z的模. 【详解】因为 2 2zii ，所以 22 3443 443434342525 2 iiiii zi iiiii i ， 所以 22 431 25255 z ，故选：D. 3. 【答案】B 【解析】 因为 4 logyx及 2 logyx都是0,上的增函数，故 44 log 5log 41sin2 ， 22 log 3log 21sin2 ， 又 4222 1 log 5log 5log5log 3 2 ，故cab，选 B. 4. 【答案】C 答案第 6 页，总 18 页 【解析】 利用“1”的代换结合基本不等式求最值即可 【详解】两个正数 a，b 满足310ab 即 a+3

12、b=1 则 31 ab = 319 3662 912 ba ab abab 当且仅当 11 , 26 ab 时取等号 故选：C 5. 【答案】A 【解析】 由已知得BAAD，CDBD， 又平面ABD 平面BCD，所以CD平面ABD， 从而CDAB，故AB 平面ADC. 又AB平面ABC， 所以平面ABC 平面ADC. 故选 A. 6. 【答案】D 【解析】 由于 5 22051423324 55555 111111 121( )2( )4( )8( )1632xxCCCCC xxxxxx ， 故展开式的常数项为 3 5 83248C ，故选：D。 7. 【答案】B 【解析】 设点 00 ,P

13、x y，则 22 00 1 45 xy 又453OPOF， 22 00 9xy 由得 2 0 25 9 y， 即 0 5 3 y， 第 7 页，总 18 页 0 1155 3 2232 OPF SOFy ， 故选 B 8. 【答案】D 【解析】 因为函数 2 ( )2log x f xx， 则函数( )yf x在(0,)为增函数， 又实数0abc，满足f（a）f（b）f（c）0， 则f（a） ，f（b） ，f（c）为负数的个数为奇数， 对于选项A，B，C选项可能成立， 对于选项D， 当 0 xc时， 函数的单调性可得：f（a）0，f（b）0，f（c）0， 即不满足f（a）f（b）f（c）0，

14、故选项D不可能成立， 故选：D 9. 【答案】BCD 【解析】 因为函数( )lnf xxx，所以( )1 lnfxx 当 1 0x e 时，( )0fx ，当 1 x e 时，( )0fx 所以当 1 x e 时， f x的最小值为 1 e ； 如图所示： 答案第 8 页，总 18 页 当0x时， 0f x ，当x 时， f x ，所以函数 f x有一个零点； 若方程 f xm有一解，则0m 或 1 m e ，函数 f x的单调减区间为 1 0, e . 故错误命题的序号是 故选：BCD 10 【答案】AC 【解析】 如下图所示： 原点到直线l的距离为 22 2 1 11 d ，则直线l与圆

15、 22 1xy相切， 由图可知，当AP、AQ均为圆 22 1xy的切线时， PAQ 取得最大值， 连接OP、OQ，由于PAQ的最大值为90，且90APOAQO，1OPOQ， 则四边形APOQ为正方形，所以22OAOP， 由两点间的距离公式得 2 2 22OAtt ， 第 9 页，总 18 页 整理得 2 22 20tt ，解得0t 或 2，因此，点A的坐标为 0,2或 2,0. 故选：AC. 11 【答案】AD 【解析】 因此数列为以为首项， 为公差的等差数列，也是递增数列，即 D 正确； 所以，即 A 正确； 当时 所以，即 B，C 不正确； 故选：AD 12 【答案】CD 【解析】 如图所

16、示： 为中点，连接 ，得到 又故为等腰直角三角形 平面平面， ，所以平面，所以 C 正确 为中点，则平面 所以 如果，则可得到平面，故 与已知矛盾.故 A 错误 三棱锥的体积为 .故 B 错误 在直角三角形中， 在三角形中， 满足 又 所以平面，所以平面平面，故 D 正确 答案第 10 页，总 18 页 综上所述：答案为 CD 13. 【答案】 6 8x 【解析】 依题得2256 n ，所以 n=8，在 n b ax x 的展开式中令 x=1，则有 8 256ab，所以 a+b=2，又 因为 n b ax x 展开式的通项公式为 88 8 2 188 r rr rrrr r b TCaxCab

17、 x x ，令8 204rr . 所以得到 444 8 701,1C a babab （舍） ，当1ab 时，由2ab得1ab.所以令 8 261rr ，所以 166 28 8TC xx，故填 6 8x. 14. 【答案】-1 【解析】 根据题意， 建立图示直角坐标系，5ABAC，8BC ， 则( 0 , 3 )A，( 4,0)B ，(4,0)C， 3 (2,) 2 D 设 (, 0 )M x ，则(4,0)MCx， 3 (2, ) 2 MDx 22 (4)(2)68(3)1MC MDxxxxx 第 11 页，总 18 页 M是边BC上一点，当3x 时， MC MD取得最小值1 15. 【答案

18、】(2,0) y x 【解析】 因为点F为抛物线 2 8yx的焦点，2p=8，p=4 (2,0)F 双曲线 22 2 1 2 xy a （0a）的一个焦点与点F重合， 2 24,2aa 渐近线方程为：yx 故答案为2,0，y x 16. 【答案】62 【解析】 由数列 n a每项均为正整数，则采用逆推的方式可得下图： 128 21 20 3 162190T 又前 6 项和所有可能的结果中最大值为：4 8 16 32 64 128252 252S 252 19062ST 本题正确结果：62 答案第 12 页，总 18 页 17. 【答案】(1) 3 A ；(2) 3. 【解析】 （1）利用正弦定

19、理边化角，求得2cos1A，所以 3 A ； （2）利用余弦定理，得4bc ，所以 1 sinA3 2 ABC Sbc。 试题解析： （1）ABC 中，由条件及正弦定理得2sinsincossin cosCBCAA， 2sin cossin cossin cossinBACAACB. sin0B，2cos1A， 0,A， 3 A . （2）13a ，5b c ， 由余弦定理得 222 2cosabcbcA 2 22cos 3 bcbcbc 2 5313bc， 25 13 4 3 bc . 11 sinA4 sin3 223 ABC Sbc . 18. 【答案】 （1） 2 n a n ； （2

20、） 1 1 1 22 2 n n n n . 【解析】 （1）在 123 23.2nN* n n aaana中，将1n代n得： 1 1231 23.12n2 n n aaana ，由两式作商得： 2 n a n ，问题得解。 （2）利用（1）中结果求得bnn 2 n a ，分组求和，再利用等差数列前n项和公式及乘公比错位相 减法分别求和即可得解。 【详解】 （1）由 n1 得 1 a = 2， 因为 123 23.2nN* n n aaana， 当 n2 时， 1 1231 23.12n2 n n aaana ， 第 13 页，总 18 页 由两式作商得： 2 n a n （n1 且 nN*）

21、 ， 又因为 1 a = 2符合上式， 所以 2 n a n （nN*） （2）设 1 22n n n b a ， 则 bnnn 2n， 所以 Snb1b2bn（12n） 231 22 23 2(1)22 nn nn 设 Tn22 223 23+（n1） 2n1n 2n， 所以 2Tn222 23（n2） 2n1（n1） 2nn 2n1， 得：Tn222232nn 2n1， 所以 Tn（n1） 2n12 所以 1 2 nn n n ST ， 即 1 1 1 22 2 n n n n Sn 19. 【答案】 （1）见解析（2） 6 6 【解析】 （1）证明BF 面PCD得到面PCD面PBC. （

22、2）先判断BPC为直线PB与平面PCD所成的角，再计算其正弦值. 【详解】 （1）证明：法一：由已知得：ABPA且ABAD，PAADA，AB 面PAD. ABCD，CD面PAD. PD 面PAD，CDPD，又/EFPD，CDEF， CDBE，BEEBE，CD面BEF. BF 面BEF，CDBF. 又PBBC且F是PC中点，PCBF，PCCDC，BF 面PCD. BF 面PBC，面PBC 面PCD. 法二：同法一得CD面PAD. 又/BEAD，AD 面PAD，BE面PAD，/BE面PAD. 同理/ /EF面PAD，BEEFE，BE 面BEF，EF 面BEF. 答案第 14 页，总 18 页 面/

23、PAD面BEF. CD面BEF，BF 面BEF，CDBF. 又PBBC且F是PC中点，PCBF，PCCDC，BF 面PCD. BF 面PBC，面PBC 面PCD. （2）由（1）知BF 面PCD，PF为直线PB在平面PCD上的射影. BPC为直线PB与平面PCD所成的角， ABPA且ABAD，二面角PABC-的平面角是PAD. 2PAAD，2 3PD ， 1 3 2 EFPD. 又BF 面PCD，BFEF.在Rt BFE中， 22 1BFBEEF . 在Rt PDC中， 22 2 6PCPDCD . 在Rt PFB中， 6 sin 6 BF BPC PB . 20. 【答案】 （1） 8 11

24、 （2）分布列见解析，数学期望为 56 11 （3） 13 55 【解析】 （1）设事件A表示“取出的 3 个小球上的颜色互不相同”，利用古典概型、排列组合能求出取出的 3 个小 球颜色互不相同的概率； （2）由题意得有可能的取值为：2，3，4，5，6，分别求出相应的概率，由 此能求出随机变量的概率分布列和数学期望； （3）设事件 C 表示“某人抽奖一次，中奖”，则 ( )(3 4)(3)(4)P CPPP或，由此能求出结果. 【详解】 （1） “一次取出的 3 个小球上的颜色互不相同”的事件记为A， 则 3111 6222 3 12 8 ( ) 11 CCCC P A C （2）由题意有可能

25、的取值为：2，3，4，5，6 2112 2222 3 12 1 (2) 55 CCCC P C ； 2112 4242 3 12 4 (3) 55 CCCC P C ； 2112 6262 3 12 9 (4) 55 CCCC P C ； 第 15 页，总 18 页 2112 8282 3 12 16 (5) 55 CCCC P C ； 2112 102102 3 12 5 (6) 11 CCCC P C 所以随机变量的概率分布为 2 3 4 5 6 P 1 55 4 55 9 55 16 55 5 11 因此的数学期望为 14916556 ( )23456 555555551111 E （3

26、）“某人抽奖一次，中奖”的事件为C，则 4913 ( )(3 4)(3)(4) 555555 P CPPP或 21. 【答案】(1) 22 1 1612 xy (2)见解析 【解析】 (1) 由椭圆C过点(2 3,3)，得 22 123 1 ab ，由抛物线的焦点为2,0，得2c ，利用 22 123 1 4aa 即可求解 a 则方程可求； （2）假设在x轴上存在定点( ,0)Q m，当直线l的斜率不存在 时，由 2 135 (2)9 16 QM QNm ，解得 5 4 m 或 11 4 m ；当直线l的斜率为 0 时，由 2 135 16 16 QM QNm ，解得 11 4 m 或 11

27、4 m ，可得 11 4 m ，得点Q的坐标为 11,0 4 .再证 明当 11 4 m 时 135 16 QM QN 恒成立. 设直线l的斜率存在且不为 0 时，其方程为 (2)(0)yk xk ，与椭圆联立消去 y 得韦达定理,向量坐标化得 1122 1111 , 44 QMQNxyxy 整理代入韦达定理即可 【详解】 （1）因为椭圆C过点(2 3,3)，所以 22 123 1 ab ， 答案第 16 页，总 18 页 又抛物线的焦点为2,0，所以2c . 所以 22 123 1 4aa ，解得 2 3a （舍去）或 2 16a . 所以椭圆C的方程为 22 1 1612 xy . （2）

28、假设在x轴上存在定点( ,0)Q m，使得 135 16 QM QN . 当直线l的斜率不存在时，则(2,3)M，(2, 3)N，(2,3)QMm，(2, 3)QNm， 由 2 135 (2)9 16 QM QNm ，解得 5 4 m 或 11 4 m ； 当直线l的斜率为 0 时，则( 4,0)M ，(4,0)N，( 4,0)QMm ，(4,0)QNm， 由 2 135 16 16 QM QNm ，解得 11 4 m 或 11 4 m . 由可得 11 4 m ，即点Q的坐标为 11,0 4 . 下面证明当 11 4 m 时， 135 16 QM QN 恒成立. 当直线l的斜率不存在或斜率为

29、 0 时，由知结论成立. 当直线l的斜率存在且不为 0 时，设其方程为(2)(0)yk xk， 11 ,M x y， 22 ,N x y.直线与椭 圆联立得 2222 34161630kxk xk ， 直线经过椭圆内一点，一定与椭圆有两个交点，且 2 12 2 16 43 k xx k ， 2 1 2 2 163 43 k x x k . 222 12121 212 2224y yk xk xk x xkxxk， 所以 1122121212 111111121 , 44416 QMQNxyxyx xxxy y 2 2 222222 1 212 22 163 111211116121 12412

30、4 4164344316 k k kx xkxxkkkk kk 135 16 恒成立 综上所述，在x轴上存在点 11,0 4 Q ，使得 135 16 QM QN 恒成立. 22. 【答案】 （）3 90xy ； （）见解析 【解析】 第 17 页，总 18 页 （）根据导数的几何意义，求出切线的斜率,再用点斜式写出切线方程； （）由 ()(sin )g xxa xx ,通过讨论确定 g x的单调性,再由单调性确定极值. 试题解析： （）由题意 2 ( )fxxax， 所以，当2a时，(3)0f， 2 ( )2fxxx， 所以 (3)3 f ， 因此，曲线( )yf x在点(3,(3)f处的切

31、线方程是3(3)yx， 即390xy. （）因为( )( )()cossingfxaxxxx， 所以( )( )cos()sincosg xfxxxaxx ， ()()sinx xaxax ()(sin )xa xx ， 令( )sinh xxx， 则( )1 cos0h xx ， 所以( )h x在R上单调递增， 因为(0)0h， 所以，当0x时，( )0h x ；当0x时，( )0h x . （1）当0a 时，( )()(sin )gxa xxx ， 当(, )xa 时，0xa，( )0g x ，( )g x单调递增； 当( ,0)xa时，0xa，( )0g x ，( )g x单调递减；

32、当(0,)x时，0xa，( )0g x ，( )g x单调递增. 所以当xa时( )g x取到极大值，极大值是 3 1 ( )sin 6 g aaa ， 当0x时( )g x取到极小值，极小值是(0)ga . （2）当0a时，( )(sin )g xx xx ， 当(,)x 时，( )0g x ，( )g x单调递增； 答案第 18 页，总 18 页 所以( )g x在(,) 上单调递增，( )g x无极大值也无极小值. （3）当0a时，( )()(sin )gxa xxx ， 当 (,0)x 时，0xa，( )0g x ，( )g x单调递增； 当(0, )xa时，0xa，( )0g x ，

33、( )g x单调递减； 当( ,)xa时，0xa，( )0g x ，( )g x单调递增. 所以当0x时( )g x取到极大值，极大值是(0)ga ； 当xa时( )g x取到极小值，极小值是 3 1 ( )sin 6 g aaa . 综上所述： 当0a 时，函数( )g x在(, )a和(0,)上单调递增，在( ,0) a 上单调递减，函数既有极大值，又有极 小值，极大值是 3 1 ( )sin 6 g aaa ，极小值是(0)ga ； 当0a时，函数( )g x在(,) 上单调递增，无极值； 当0a时，函数( )g x在(,0)和( , )a 上单调递增，在(0, )a上单调递减，函数既有极大值，又有 极小值，极大值是(0)ga ，极小值是 3 1 ( )sin 6 g aaa .