2022～2023学年度下期高中2021级期中联考物理参考答案及评分标准.doc

1、20222023学年度下期高中2021级期中联考物理参考答案及评分标准一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。题号12345678答案DDACBCAB二、多项选择题：本题共5小题，每小题4分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求；全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。题号910111213答案BDACBCADAD三、实验探究题：本题共2小题，共14分。14（6分）（1）向左偏转（2分）（2）向左偏转（2分）（3）相反（1分）相同（1分）15（8分）（1）（2分）9.86（2分，9.789.99均可

2、）（2）将悬线的长度与摆球直径之和视为摆长或小球重心在其中心上方（2分，其它合理答案也可给分）准确（2分）四、计算题：本题共4小题，共42分。解答应当写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤。只写出最后答案的，不能得分。16（8分）解：（1）若沿x轴正方向传播，则2分2分（2）若沿x轴负方向传播，则1分1分1分1分17（8分）解：（1）1分1分1分联立求解，得1分（2）2分联立求解，得2分18（12分）解：（1）2分1分联立求解，得1分（2）1分1分1分联立求解，得1分（3）代入数据，得所以1分1分1分联立求解，得1分19（14分）解：（1）1分1分联立求解，得1分由于M、N杆在相同的磁场中

3、，电流大小相等，所以安培力大小相等，均为，M杆所受安培力水平向左，N杆所受安培力水平向右1分（2）M、N杆组成的系统外力之和为0，所以系统动量守恒。由于M、N杆在磁场中恰好不相碰，则1分M、N杆共速后，回路感应电流为0，不再受安培力，所以一起向右匀速运动N杆在磁场内运动的过程中，对N杆根据动量定理：1分联立求解，得1分因为1分联立求解，得1分（3）N杆与ab边界的初始距离为x时，M、N杆共速时刚好相遇，所以从M杆进磁场到M、N杆共速的过程中，M杆比N杆刚好多运动了距离x。若N杆与ab边界的初始距离为1.5x，从M杆进磁场到M、N杆共速的过程中，M杆比N杆仍多运动距离x，所以共速时M杆未追上N杆

4、，此时M、N杆的距离为0.5x。又因为N杆与cd边界的初始距离与（2）问相同，所以N杆出磁场时速度与（2）问相同，仍为。因此，M、N杆共速后一起匀速运动，当N杆出磁场时，M杆与cd边界的距离为0.5x，此后M杆做减速运动从N杆出磁场到M杆出磁场的过程中，对M杆：根据动量定理有：1分因为1分联立求解，得1分从M杆刚进入磁场开始到两杆均离开磁场的过程中，对M、N杆组成的系统：根据能量守恒有：1分联立求解，得1分解析： 1【答案】D【解析】机械波的频率由波源决定，与介质无关，故A错误；两列机械波要发生干涉，这两列波的频率一定要相同，故B错误；根据多普勒效应可知，当探测器靠近波源时，探测器接收到的频率

5、高于波源振动的频率，故C错误；根据发生明显衍射现象的条件：障碍物或孔的尺寸与波长相差不多或比波长小时，衍射现象更明显，所以机械波的波长比障碍物的尺寸大或相差不多时，才会发生明显的衍射现象，故D正确。 2【答案】D【解析】要在线圈B中产生感应电流，线圈A中的电流一定是交变电流，故A错误；仅将线圈B远离线圈A，减小了线圈B中的磁通量及其变化率，故音响音乐的响度将变小，故B错误；仅增大线圈B的匝数和插入铁芯，都增大了感应电动势，且线圈的电阻很小，音响音乐的响度将变大，故C错误，D正确。 3【答案】A【解析】时，振子处于B点，此时弹簧振子的弹性势能最大，故A正确；时，振子处于A点，速度为0，故B错误；

6、在和两个时刻，振子处于同一位置，故速度大小相同，但往相反方向运动，速度方向不同，故C错误；从到时间内，振子从O点运动到B点，此时速度减小，但弹簧弹力增大，故加速度增大，故D错误。 4【答案】C【解析】闭合开关后，线圈的电流会从零开始逐渐变大直至电路稳定而保持不变，故A正确；因为人体的电阻大于线圈的电阻，根据并联电路的知识可知，流过人体的电流小于流过线圈的电流，故B正确；断开开关的瞬间，线圈产生的电动势要阻碍线圈原有电流变小，因此产生的感应电流与原电流方向相同，自左向右，断开开关时线圈与人体组成新的闭合回路，因此流过人体的电流方向由B到A，故C错误；断开开关后，流过线圈的电流会从稳定时流过线圈的

7、电流值开始减小，从而导致断开开关的瞬间，流过人体的电流会突然增大，故D正确。5【答案】B【解析】质点不会随波迁移，故A错误；根据图像可知波长，根据波速公式可知，波传播的周期，根据题意可知，经过，质点a振动到关于x轴的对称点位置，即质点a偏离平衡位置的位移为，向下振动，故B正确；经过，质点b振动到波谷，速度达到最小值，故C错误；波传播到质点c还需2.5 m，由于波速，到达质点c需要5 s，故D错误。 6【答案】C【解析】设正方形线框和正三角形线框的边长为a，根据法拉第电磁感应定律得，正方形线框和正三角形线框中产生的感应电动势之比为，故A、B均错误；根据电阻定律得，正方形线框和正三角形线框的电阻之

8、比为，由欧姆定律得，正方形线框和正三角形线框中的电流之比为，故C正确，D错误。 7【答案】A【解析】根据可得，故A正确；根据可得，故B错误；根据可得，故C错误；根据能量守恒定律可得，故D错误。 8【答案】B【解析】由图像可知，导线框经过0.2 s全部进入磁场，则速度大小，故A错误；由图乙可知，根据得，可得，故B正确；根据右手定则及电流正方向的规定可知，磁感应强度的方向垂直于纸面向里，故C错误；c、d两点的电压为路端电压，为，故D错误。 9【答案】BD【解析】时，线圈处于中性面，磁通量最大，感应电流最小，故A错误，B正确；计算交流电产生的焦耳热需要用有效值，流过电阻R的电流的有效值，因此经过4

9、s，电阻R产生的焦耳热，故C错误，D正确。10【答案】AC【解析】矩形线圈在磁场中转动产生电动势的有效值为，因此电压表的示数为，故A正确；理想变压器副线圈两端的电压，因此照明灯两端的电压，故B错误；理想变压器副线圈两端的电压保持不变，增加照明灯的个数，导致负载电路的总阻值变小，电流表的示数增大，因此照明灯两端的电压减小而变暗，故C正确，D错误。11【答案】BC【解析】O点到A、B两波源的距离相等，因此O点为振动加强点，故A错误，B正确；C点到两波源的距离差为5 cm，为半个波长，因此C点为振动减弱点，故C正确，D错误。12【答案】AD【解析】根据右手定则可知，电容器下极板带正电，两极板间的电场

10、方向是竖直向上的，微粒所受的电场力向下，因此微粒所受的洛伦兹力向上，根据左手定则可知，两极板间的匀强磁场垂直于纸面向外，故A正确，B错误；金属棒切割磁感线的有效长度为r，则金属棒产生的电动势，电容器两极板间的电压等于电动势，两极板间的匀强电场的场强大小为，因此对微粒有，解得，故C错误，D正确。13【答案】AD【解析】由于导体棒通过两个条形磁场区域的时间相同，因此导体棒刚到达两个条形磁场区域上边界时的速度相同，满足，解得；导体棒从刚离开条形磁场区域1到刚到达条形磁场区域2上边界的过程中，满足，解得，故A正确，B错误；导体棒在通过条形磁场区域1的过程中，满足，解得，因此电阻R产生的热量，导体棒产生

11、的热量，故C错误，D正确。14【解析】（1）将条形磁铁的N极向下插入线圈的过程中，穿过线圈的磁通量增大，感应电流的磁场与条形磁铁在该处产生的磁场方向相反，即感应电流的磁场方向向上，根据右手定则可知，感应电流从灵敏电流表的“”极流入，指针向左偏转。（2）将条形磁铁的S极向上抽出线圈的过程中，穿过线圈的磁通量减小，感应电流的磁场与条形磁铁在该处产生的磁场方向相同，即感应电流的磁场方向向上，根据右手定则可知，感应电流从灵敏电流表的“”极流入，指针向左偏转。（3）经过多次实验操作，可总结结论：当穿过线圈的磁通量增大时，感应电流的磁场方向与条形磁铁在线圈内产生的磁场方向相反；当穿过线圈的磁通量减小时，感应电流的磁场方向与条形磁铁在线圈内产生的磁场方向相同。15【解析】（1）根据单摆周期公式，整理可得，所以图像的斜率，计算当地重力加速度的表达式为；图像与纵轴的交点约为，图像与横轴的交点约为0.020 m，所以斜率约为4.00 s2/m，代入可得。（2）从图像中可看出图像与横轴的交点大于零，即纵轴表示的物理量与横轴表示的物理量L之间的关系为（为图像与横轴交点的坐标），当摆长为悬点到小球重心的距离时，与才满足，所以该图像对应实验中的为摆长，即图像对应实验中的L测长了，原因可能是将悬线的长度与摆球直径之和视为摆长或小球重心在其中心上方等；由上述分析可知该同学测得的重力加速度准确。6