匀变速直线运动规律的应用练习试题(+答案解析)(DOC 6页).doc

1、 范文 范例 指导 参考 匀变速直线运动规律的应用1、一个做匀加速直线运动的小球，在第1s内通过1m，在第2s内通过2m，在第3s内通过3m，在第4s内通过4m。下面有关小球的运动情况的描述中，正确的是( )A小球在这4s内的平均速度是2.5m/sB小球在第3s和第4s这两秒内的平均速度是3.5m/sC小球在第3s末的瞬时速度是3m/sD小球的加速度大小为2m/s22、一物体作匀加速直线运动，通过一段位移所用的时间为，紧接着通过下一段位移所用时间为。则物体运动的加速度为( )A B C D 3、一辆小车做匀加速直线运动,历时5 s,已知前3 s的位移是12 m,后3 s的位移是18 m,则小车

2、在这5 s内的运动中 ( )A.平均速度为6 m/s B.平均速度为5 m/s C.加速度为1 m/s2 D.加速度为0.67 m/s2 4、一个小球从斜面顶端无初速度下滑，接着又在水平面上做匀减速运动，直至停止，它共运动了10 s，斜面长4 m，在水平面上运动的距离为6 m求： (1)小球在运动过程中的最大速度； (2)小球在斜面和水平面上运动的加速度 5、物块从最低点D以=4米/秒的速度滑上光滑的斜面，途经A、B两点，已知在A点时的速度是B点时的速度的2倍，由B点再经0.5秒物块滑到斜面顶点C速度变为零，A、B相距0.75米，求斜面的长度及物体由D运动到B的时间。6、如图所示，在2009年

3、10月1日国庆阅兵演习中，某直升飞机在地面上空某高度A位置处于静止状态待命，接上级命令，要求该机10时58分由静止状态沿水平方向做匀加速直线运动，10时58分50秒到达B位置，然后就进入BC段的匀速受阅区，10时59分40秒准时通过C位置，已知SBC10km.问：（1）直升飞机在BC段的速度大小是多少？（2）直升飞机在AB段做匀加速直线运动时的加速度大小是多少？（3）AB段的距离为多少？7、如图所示，甲、乙两个同学在直跑道上练习4100 m接力，他们在奔跑时有相同的最大速度。乙从静止开始全力奔跑需跑出25 m才能达到最大速度，这一过程可看作匀变速直线运动，现在甲持棒以最大速度向乙奔来，乙在接力

4、区伺机全力奔出。若要求乙接棒时奔跑达到最大速度的80%，则： （1）乙在接力区须奔出多少距离？ （2）乙应在距离甲多远时起跑？8、某人骑自行车以v24 m/s的速度匀速前进，某时刻在他前面x7 m处有以v110 m/s的速度同向行驶的汽车开始关闭发动机，而以a2 m/s2的加速度匀减速前进，此人需要多长时间才能追上汽车？9、甲、乙两运动员在训练交接棒的过程中发现：甲经短距离加速后能保持9m/s的速度跑完全程；乙从起跑后到接棒前的运动是匀加速的为了确定乙起跑的时机，需在接力区前适当的位置设置标记在某次练习中，甲在接力区前x013.5m处做了标记，并以v9m/s的速度跑到此标记时向乙发出起跑口令乙

5、在接力区的前端听到口令时起跑(忽略声音传播的时间及人反应的时间)，并恰好在速度达到与甲相同时被甲追上，完成交接棒已知接力区的长度为L20m. 求：(1)此次练习中乙在接棒前的加速度a； (2)在完成交接棒时乙离接力区末端的距离10、如图所示，一根长L=1.8m的铁索从楼顶自由下落，则此铁索经过楼顶下距楼顶h=5m的A点，需时间为多少？g=10m/s211、从某电视塔塔顶附近的平台处释放一个小球，不计空气阻力和风的作用，小球自由下落。若小球在落地前的最后2s内的位移是80m，（取g=10m/s2）求：（1）该平台离地面的高度？（2）该小球落地时的瞬时速度大小? 12、一个物体从高处A点自由下落，

6、经过B点到C点，已知经B点时的速度是到C点时速度的3/4，且B、C间的距离是7 m，求A、C间的距离。（g取10 m/s2）13、甲、乙两个物体从空中同一位置先后自由下落，在两物体都没落地前，甲相对于乙的运动判断正确的是（不计空气阻力）A、甲相对于乙做匀加速直线运动B、甲相对乙于静止C、甲相对于乙向下做匀速直线运动D、甲相对于乙向上做匀速直线运动 14、A、B两小球从不同高度自由下落，同时落地，A球下落的时间为t，B球下落的时间为t/2，当B球开始下落的瞬间，A、B两球的高度差为()Agt2 B.gt2 C.gt2 D.gt2 15、石块A自塔顶自由下落时，石块B从离塔顶处自由下落，后来两石块

7、同时到达地面，由此可知此塔高为（ ） A B C D 16、在地质、地震、勘探、气象和地球物理等领域的研究中，需要精确的重力加速度g值，g值可由实验精确测定，近年来测g值的一种方法叫“对称自由下落法”，它是将测g归于测长度和时间，以稳定的氦氛激光的波长为长度标准，用光学干涉的方法测距离，以铷原子钟或其他手段测时间，能将g值测得很准，具体做法是：将真空长直管沿竖直方向放置，自其中O点竖直向上抛出小球，小球又落至原处O点的时间为T2，在小球运动过程中经过比O点高H的P点，小球离开P点后又回到P点所用的时间为T1，测得T1、T2和H，可求得g等于（ ）A B C D 1.AB1. A2. BC4.解

8、：小球在斜面和水平面上均做匀变速直线运动，在斜面底端速度最大，设最大速度为vmax，在斜面上运动的时间为t1，在水平面上运动的时间为t2.则由(t1t2)10，t1t210，得vmax2 m/s由公式2axv，代入数据得在斜面上运动的加速度a1 m/s2，在水平面上运动的加速度a2 m/s2. 5. 物块作匀减速直线运动。设A点速度为VA、B点速度VB，加速度为a，斜面长为S。 A到B： VB2 - VA2 =2asAB(1)VA = 2VB (2) B到C： 0=VB + at0 .(3)解（1）（2）（3）得：VB=1m/sa= -2m/s2D到C： 0 - V02=2aS4) S = 4

9、mD到B： VB =V0+ at1t1=1.5秒D到C再回到B：t2 = t1+2t0=1.5+20.5=2.5(秒) 6. 解析：(1)BC段，t50s vm/s200m/s(2)tAB50s am/s24m/s2(3)xABat4502m5000m. 7. 解：（1）设两人奔跑的最大速度为v，乙在接力区奔出的距离为x时速度达到最大速度的80%，根据运动学公式有：v2=2ax即（0.8v）2=2ax解得x=0.82 x=16 m （2）设乙在距甲x0 处开始起跑，到乙接棒时乙跑过的距离为x，根据运动学公式有： vt= x0xx=0.8 vt 解得：x0=24 m 8.解：汽车停下的时间t15

10、 s，在这段时间里走的位移为x125 m.在这段时间内自行车的位移为x2v2t120 m(257)m，所以自行车要在汽车停下后才追上，故自行车追上汽车的时间t2 s8 s. 9.(1)设经过时间t，甲追上乙，则根据题意有vt-vt/2=13.5m将v=9m/s代入得到：t=3s，再由v=at 解得：a=3m/s2（2)在追上乙的时候，乙走的位移为x，则：x=at2/2代入数据得到x=13.5m 所以乙与接力区末端的距离为x=20m-13.5m=6.5m 10. 解: t=t2-t1=0.2s11. (1)解：设该平台离地面的高度为h由h=gt2知： h80=g h=g分而=2 代入数据得：h=125m(2)由=2gh 得该小球落地时的瞬时速度大小v=5om/s12.16m13.C 14.解析：A球下落高度为hAgt2，B球下落高度为hBg()2gt2，当B球开始下落的瞬间，A、B两球的高度差为hhAg2hBgt2，所以D项正确15.B16.A word版 整理