北师大版九年级全册物理第十二章-欧姆定律章节练习题(DOC 22页).docx

1、内装订线学校:_姓名：_班级：_考号：_外装订线绝密启用前北师大版九年级全册物理第十二章 欧姆定律章节练习题试卷副标题考试范围：xxx；考试时间：100分钟；命题人：xxx题号一二三四五总分得分注意事项：1答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息2请将答案正确填写在答题卡上第I卷（选择题）请点击修改第I卷的文字说明评卷人得分一、单选题1如图所示的电路中，小灯泡L恰能正常发光、若电源电压U保持不变，当开关S闭合时，则A 灯变亮，电流表读数变大 B 灯变暗，电流表读数变小C 灯亮度不变，电流表读数变大 D 灯亮度不变，电流表读数变小2某同学列出伏安法测电阻实验几点注意事项，其不必要的是A 在连接电

2、路过程中，开关始终是断开的 B 连接电路应从电源正极开始，开关应靠近电源正极C 使用电流表和电压表前要选择合适的量程D 开关闭合通电前，先将变阻器调到电阻最大的位置上3如图所示电路中，电源电压不变，开关S闭合，滑动变阻器滑片向右移动时，电流表和电压表的示数将A 电流表的示数变大，电压表的示数变大 B 电流表的示数变小，电压表的示数不变C 电流表的示数变大，电压表的示数不变 D 电流表的示数变小，电压表的示数变小4如图所示电路中，电源电压保持不变，闭合开关 S 后，下列说法正确的是A 电压表的示数变大B 电流表的示数变大C 电路中的总电阻变大D 电路消耗的总功率变小5如图所示，电源电压为10V，

3、R的最大电阻值是R的3倍，滑片P在b点时电流表的示数比P在ab中点时减小了0.1A，那么R的值为（ ）A 3B 9 C 15 D 256关于家庭电路，下列说法正确的是A 在家庭电路中，同时工作的用电器越多，总电阻越大B 在家庭电路中，空气开关跳闸一定是工作的电器总功率过大C 如果家庭电路中不安装保险丝，那么发生短路时，会因为通过用电器的电流过大而烧毁用电器D 电炉工作时，电炉丝热得发红，而连接电炉丝的导线并不太热是因为导线的电阻比电炉丝的电阻小很多7如图所示的电路，滑动变阻器的滑片向左移动时，若灯始终发光，则 A 灯变暗，电流表示数减小 B 灯变亮，电流表示数减小C 灯变暗，电流表示数增大 D

4、 灯变亮，电流表示数增大8如图所示，是一种测定油箱内油量的装置，其中R是滑动变阻器的电阻片，滑动变阻器的滑片和滑杆相连，滑杆可绕固定轴O转动，另一端固定着一个浮子下列说法正确的是 A 油量变少，电流表示数不变 B 油量越少，电流表示数越大C 油量越多，电流表示数越小 D 油量越多，电流表示数越大9如图1所示，电源电压恒为6V，R为热敏电阻，其阻值随温度变化如图2所示，R0是阻值为10的定值电阻，闭合开关S，通过分析，下列说法错误的是（ ）A图1中的R0有保护电路的作用B温度升高时，电压表的示数会变小C温度为40时，电流表的示数为0.2AD温度降低时，电压表与电流表示数的比值变小10如图所示的电

5、路，闭合开关后，当滑片P向左移动时，下列说法正确的是A 灯泡L变亮 B 电压表示数变大C 电流表A1示数变小 D 电路消耗的总功率变大11如图所示是小华已经连好的电路闭合开关后，将滑动变阻器的滑片向A端移动，下列说法正确的是 A 电流表的示数逐渐增大 B 电压表的示数逐渐减小C 小灯泡越来越暗 D 电路消耗的总功率减小12如图所示的电路中，电源电压6V保持不变，定值电阻的阻值为10，滑动变阻器的最大阻值为20当开关闭合，滑片由b端向a端移动的过程中，以下说法正确的是 A 电压表的示数减小 B 电压表示数与电流表示数的比值不变C 当滑片移动中点时，电压表示数为2V D 当滑片移到a端时，电流表示

6、数为0.2A第II卷（非选择题）请点击修改第II卷的文字说明评卷人得分二、填空题13用_表测出电阻两端的电压，用_表测出通过电阻的电流，根据欧姆定律就可以计算出电阻R，这种测电阻的方法叫_法此实验的原理是_14探究“电流与电压、电阻关系”的实验时，小红和小东设计了甲、乙二种方案（如图）来探究“电流与电压的关系”你认为图甲和图乙两种方案中可行的是_，理由是：_15一段导体两端的电压为4V时，导体中的电流是0.5A，当加在它两端的电压增加到6V时，通过它的电流是_A，它的电阻是_16如图所示的图象分别是家庭电路中的两个白炽灯泡L1、L2的UI图象。由这两条曲线可知，当灯泡两端电压增大时，灯丝的电阻

7、也随着增大，而电阻是导体本身的一种性质与电压、电流无关。对此你如何解释？_。在确保电路安全的前提下，将灯泡L1、L2串联在电路中，则电源电压最大为_V。17图甲是探究通过导体的电流与电阻关系的电路图（电源电压保持不变），图乙是依据五次实验的数据描点绘制的I-R图像分析图像可得实验结论：_当R由10换为_时，需将滑动变阻器接入电路的阻值调得更小，才能使R两端的电压保持在_V不变18一条电阻丝电阻值为20，把它接入电压为10V的电路中时，（不考虑温度的影响）通过该电阻的电流为_；将其两端电压变为5V时，其电阻为_19小明在医院看到一种输液警报器（如图甲），当管内药液流完时，电铃发声，报警器内部有一

8、可变电阻，当输液管内有液体时，电阻大，无液体时，电阻小，电路如图乙所示，则当闭合开关报警器工作，输完药液时，电铃响的原因是：电铃两端电压_，电铃正常工作 20两只定值电阻，甲标有“10 1A”，乙标有“16 05A”，把它们串联在同一电路中，总电阻为 ；电路中允许通过的最大电流为 A；电路两端允许加的最大电压为 V；若把两定值电阻并联起来，则干路流过的最大电流是 A评卷人得分三、实验题21小刚同学测量2.5V小灯泡的电阻时，连接的电路如图（1）检查电路，发现有一根导线连接错误，请你在连接错误的导线上打“”_，若没有发现错误，闭合开关，会出现_ 现象在图中补画出正确的连线闭合开关前，他应将滑动变

9、阻器的滑片调到_ 端（填“A”或“B”）；（2）小刚改正错误后，按正确的操作测得的数据如下表：则第1次测得的小灯泡的电阻为_；从表中计算出三次小灯泡的电阻不相等你认为可能的原因是_ 22电学知识复习时，老师带领同学们再探“电流与电阻关系的实验”，如图所示，电源为2节新干电池，实验中控制电阻两端的电压为1.5V闭合开关前，应将滑片P调到滑动变阻器的 _ （A/B）端先用5的电阻做第一次实验，闭合开关后，调节滑片P使电压表示数为1.5V，计算可知电流表示数为_ A，电路的总功率为 _ W然后断开开关，将滑片P调到阻值最大的位置，取下5的电阻，换上10的电阻，闭合开关调节滑动变阻器的滑片，使电压表示

10、数为1.5V，计算可知此时滑动变阻器接入电路的阻值为 _ 第三次实验准备用15的定值电阻，为完成实验，变阻器的最大阻值不得小于 _ 实验中他们发现：三次实验随着定值电阻的阻值越来越大，读取电流时滑片所在的位置是 _（逐渐靠左/逐渐靠右）23为测量某个未知电阻的阻值，老师提供了两节干电池、电压表、电流表、电键、滑动变组器、若干导线。小红和小华分别设计了图甲、乙所示的实验电路图。由设计电路图可知，他们的实验原理是：_比较两个实验电路，你认为更为合理的是图_，理由是_小华按照图乙连接实物继续实验，并设计了如下实验数据记录表。（a）闭合电键S后，移动滑动变组器滑片的过程中，电压表、电流表有示数，但是示

11、数变化范围很小，简述产生该现象的原因_（b）请在下表中补上实验数据表格的有关栏目_。24在探究“电流与电阻的关系”实验中，按要求完成下面各题：（1）小新将实物连接成如图甲所示电路，其中有一处连线错误，请你在连接错误的导线上画“”并改正_ 。 （2）将电路连接正确后，闭合开关，移动滑动变阻器滑片P，使定值电阻R两端电压为2V，电流表示数如图乙所示，电流大小为_A。 （3）换上10的电阻后，闭合开关，电压表示数将_（选填“变大”或“变小”），此时应将滑片P向_(选填“A或“B”)端移动，使电阻两端电压为_V。 （4）通过该实验，可以得出结论：_评卷人得分四、计算题25在图甲所示的电路中，电源电压为

12、6V且保持不变，电阻R1的阻值为30同时闭合开关S1和S2，电流表的示数如图乙所示。求：（1）通过电阻R1的电流；（2）电阻R2的阻值。26如图所示，在物理课外科技活动中，小明受电子秤的启发设计了一种测量托盘所受压力的压力测量仪，他用电压表的示数来表示托盘所受压力的大小。电源电压为E=6V，定值电阻R0=10，滑动变阻器R的规格为“10、lA”。金属指针OP固定在安放托盘的轻弹簧M上，并能随轻弹簧一起在金属杆AB上滑动且与AB接触良好，金属指针和金属杆电阻忽略不计。轻弹簧M在弹性限度内它被压缩的长度与其所受的压力大小成正比，当托盘所受压力为F1=0时P恰好位于R的最上端；当托盘所受压力为F2=

13、100N时P恰好位于R的最下端（此时弹簧的形变仍在弹性限度内）。求：（1）电压表示数U与托盘所受压力F的关系式；（2）当压力为F3=50N时定值电阻R0消耗的功率P。评卷人得分五、综合题27某同学照图所示的电路图将实物连接起来，闭合开关S后，观察电流表读数如下的示数，A1的示数是0.5A，经过L2的电流是另一条支路中的两倍求：（1）L2中的电流是多少安培？（2）干路中电流表的读数是多少？（3）两表的量程分别应取多大的量程（4）在图中标出两表的正负接线柱试卷第10页，总10页参考答案1A【解析】开关s闭合后电阻R被短路电路总电阻R总变小，则电路电流I=变大，所以电流表示数变大，小灯泡的实际功率P

14、=I2RL变大，小灯泡变亮故选A2B【解析】【详解】解：A、为保护电路，在连接电路过程中，开关始终是断开的，故A所说事项是必须的；B、连接电路时，既可以从电源正极出发，也可以从电源负极出发，开关可以串联接在电路中任何位置，不一定要靠近电源正极，故B所说事项不必要；C、使用电压表和电流表时要选择合适的量程，这是必须的；D、闭合开关前，应把滑动变阻器滑片调大电阻最大的位置，这是必须的；故选B【点睛】根据“伏安法”测电阻的实验中注意的事项分析主要有开关的状态、滑动变阻器的滑片位置、电表的量程的选择、电路的连接顺序3D【解析】试题分析：由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电流表测电路中的电流，电压表测

15、灯泡亮度的电压，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和电压表示数的变化解：由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电流表测电路中的电流，电压表测灯泡亮度的电压，开关S闭合，滑动变阻器滑片向右移动时，接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，由I=可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小，故AC错误；由U=IR可知，灯泡两端的电压变小，即电压表的示数变小，故B错误，D正确故选D【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到欧姆定律和滑动变阻器的正确使用，关键是电路连接方式的判断和电压表所测电路元件的判断，要注意电压表不测带电源用电器两端的电压4B【解析】【详解】A选项

16、，开关闭合前后，电压表测的都是电源两端电压，所以电压表示数不变，故A错误。B选项，开关闭合后，电阻和并联，电路总电阻减小，总电流增大，电流表测的是干路中的电流，所以电流表的示数变大，故B正确。C选项，开关闭合后，电阻和并联，而并联后总电阻小于任何一支路的电阻，故C错误。D选项，开关闭合后，电路中总电阻变小，根据公式，电源电压保持不变，电路中消耗的总功率变大，5C【解析】本题考查的是欧姆定律的应用和电阻的串联。P在b点滑动变阻器全连入，R=3R，P在ab中点，R=R。， 6D【解析】【详解】A选项，在家庭电路中，同时工作（并联）的用电器越多，总电阻越小，故A错误B选项，家庭电路中电流过大的原因可

17、能有两个：一是短路，二是用电器总功率过大，故B错误。C选项，如果家庭电路中不安装保险丝，当发生短路时，电流过大，引起电线过热甚至火灾，烧毁电线，而没有电流流过用电器，用电器只可能是因为火灾烧毁，故C错误。D选项，电炉丝和导线是串联的，串联电路中电流处处相等，根据公式可以判断，导线的电阻小，放出的热量就会少，因此导线并不太热，故D正确。7D【解析】试题分析：由电路图可知，小灯泡与滑动变阻器串联，当滑动变阻器的滑片向左移动时，电阻变小，根据欧姆定律，电路中的电流变大，小灯泡变亮，电流表示数增大，故D正确为答案。选项A、B、C错误。考点：动态电路分析8D【解析】由图示电路图可知，两电阻串联接入电路，

18、电流表测电路电流，油量减少时，滑动变阻器滑片向上移动，滑动变阻器接入电路的阻值变大，电路总电阻变大，电源电压不变，由欧姆定律可知，电路电流减小，电流表示数减小，故AB错误；油量越多，滑动变阻器滑片向下移动，滑动变阻器接入电路的阻值减小，电路总电阻减小，电源电压不变，由欧姆定律可知，电路电流变大，电流表示数变大，故C错误，D正确；故选D【点睛】本题考查了电路的动态分析，涉及到欧姆定律和滑动变阻器的应用以及定值电阻的作用，知道“自动测定油箱内油量的装置”的工作原理是关键。9D【解析】试题分析：由图可知，R与R0串联在电路中，当热敏电阻随温度的升高而过小时，电路中的总电阻R串=R+R0而不致过小，因

19、此R0起到保护电路的作用，故A不符合题意；由图2而知，当温度升高时，R会变小，根据串联电路的分压特点可知，热敏电阻两端的电压会变小，即电压表示数会变小，故B不符合题意；由图可知，温度为40时，热敏电阻的值为R=20，则电流表示数I=0.2A，故C不符合题意；由图可知，电压表测R两端电压U，电流表测电路电流即R电流I，由欧姆定律可知， =R，即电压表与电流表示数的比值表示的是热敏电阻的值，当温度降低时，由图2可知，其阻值变大，即电压表与电流表的示数比值变大，故D符合题意；故应选D。【考点定位】欧姆定律的应用10D【解析】由图可知电压表测电源电压，滑动滑片时电压表示数不变，B错；电流表A1测干路电

20、流，当滑片左移时，滑动变阻器阻值变小，又滑动变阻器和灯泡并联，所以电路总电阻变小，则干路电流变大，即A1示数变大，C错；由P=UI可知总功率变大，D对；灯泡并联在电源两端，由P=U2R可知灯泡消耗功率不变，其亮度不变，A错。故选D .点睛：对于动态电路分析，关键点是分析清楚电路连接情况，各电表测量的物理量。11A【解析】【详解】由图可以知道:灯泡与滑动变阻器是串联关系,电流表测总电流,电压表测量灯泡两端的电压;(1)因为滑动变阻器的滑片向A端移动时电阻阻值逐渐变小,所以电路中的总电阻阻值逐渐减小;则由欧姆定律可以知道电路中电流逐渐变大,即电流表的示数逐渐变大.(2)根据欧姆定律:可得:灯泡的电

21、阻不变,电流逐渐变大;则灯泡两端的电压逐渐变大.即电压表示数逐渐变大.(3)由可以知道:灯泡的电流逐渐变大,灯泡的电阻又不变;故灯泡的实际功率逐渐变大,即灯泡亮度越来越亮.(4)由可得:在电源电压不变,电路中总电阻变小时;电路中的总功率会变大.所以选项中B、C、D错误,A正确.【点睛】(1)由图可以知道,滑动变阻器与灯泡串联,根据题意知电路中电阻的变化,则由欧姆定律可求得电路中电流的变化,即是电流表示数的变化;(2)根据电路中电流的变化利用欧姆定律即可判断灯泡两端电流的变化,从而得出电压表的示数变化;(3)再根据即可判断灯泡的亮暗变化;(4)根据即可判断电路中电功率的变化.12B【解析】试题分

22、析：由图示可知，两电阻是串联关系，电压表测定值电阻两端的电压，当滑片由b端向a端移动的过程中，电阻减小，总电阻减小，所以电流增大，定值电阻两端的电压增大，所以电压表示数变大，故A错；电压表示数与电流表的示数之比等于定值电阻的阻值，所以大小不变，故B正确；当滑片移到中点是，变阻器的电阻为10，与定值电阻的阻值相等，根据串联电路的分压可知，两电阻各分一半电压，所以此时电压表的示数为3V，故C错；当滑片移到a端时，只有定值电阻接入电路，所以此时的电流为I=U/R=6V/10=0.6A，故D错；应选B。【考点定位】欧姆定律；滑动变阻器的作用13电压电流伏安欧姆定律【解析】【详解】用电压表测出电阻两端的

23、电压，用电流表测出通过电阻的电流，根据欧姆定律RUI就可以计算出电阻R，这种测电阻的方法叫伏安法。此实验的原理是欧姆定律。【点睛】伏安法测电阻，需要用电压表测出电压，用电流表测出电流，由欧姆定律可以求出电阻14 【解析】根据控制变量法的思路，“探究电流与电压的关系”实验中，需要控制不变的物理量是电阻，变化的物理量是电压；甲图用灯泡做实验的，由于灯丝的电阻受温度的影响，即灯泡的电阻是变化的，不能控制电阻不变，所以不符合控制变量法的思想，图甲的方案不可行；而乙图是用定值电阻做实验，电阻不变，所以图乙的方案可行答案：(1). 乙 (2). 甲图不能控制电阻不变（或乙图能控制电阻不变）150.75 8

24、 【解析】【详解】解：由I=UR可得，导体的电阻：R=UI=4V0.5A=8，因电阻是导体本身的一种性质，与两端的电压和通过的电流无关，所以，当加在它两端的电压增加到6V时，导体的电阻仍为8不变，此时通过导体的电流：I=UR=6V8=0.75A16灯丝电阻随温度升高而增大300【解析】（1）当温度变化不大时，导体的电阻不变，但像灯丝正常发光时温度达到2000以上，电阻将发生变化，所以会出现上面的UI图象；（2）L1的额定电压为220V，由UI图象可知，当电压为220V时，L1的额定电流为0.25A，L2的额定电压为220V，由UI图象可知，当电压为220V时，L2的额定电流为0.4A，为了确保

25、电路安全，电路中的最大电流不能超过0.25A；电流最大为0.25A时，L1的电压U1220V，由图知：当I0.25A时，L2的电压U280V，所以电源电压的最大值：UU1+U2220V+80V300V点睛：（1）导体的电阻是受温度的影响造成的；（2）由图象可知，正常工作时，L1的电流小，串联时就要先考虑L1的承受能力。17在导体两端电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比53【解析】【详解】由图可知，电流与电阻的乘积保持不变，所以得到结论，在导体两端电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比。实验采用了控制变量法，要控制定值电阻两端的电压相同；由图乙知，电阻两端的电压为：U=IR=0.3

26、A10=3V，即保持3V的电压不变。由串联电路电流相等的特点结合欧姆定律可得：U1U2=IR1IR2=R1R2，即电压与电阻成正比，所以R由10换为5时，需要将滑动变阻器阻值调小，才能保持电压3V不变；【点睛】关键是电路的动态分析，当滑动变阻器电阻变化时，根据串联电路的分压原理，电阻越大，分得电压越多，即串联电路中电压与电阻成正比，此规律在分析电路时很常用，要牢记并能熟练应用。180.5A 20 【解析】【详解】根据欧姆定律可知，当电阻丝接入电压为10V的电路时，通过该电阻的电流：I=UR=10V20=0.5A因电阻是导体本身的一种性质，与两端的电压和通过的电流无关，所以，将电阻丝两端电压变为

27、5V时，该电阻丝的电阻仍为20不变。【点睛】（1）知道电阻丝的电阻和两端的电压，根据欧姆定律求出通过的电流；（2）电阻是导体本身的一种性质，只与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，与两端的电压和通过的电流无关19增大【解析】【分析】分析电路图，可变电阻与电铃串联，电压表测量电铃两端的电压，电流表测电路中的电流；输液管内无液体时电阻小，根据串联分压原理和串联电路的电压规律判断电铃两端电压的变化情况。【详解】可变电阻与电铃串联，电压表测量电铃两端的电压，电流表测电路中的电流；当输完药液时，警报器内的可变电阻阻值减小，根据串联分压原理可知，可变电阻两端的电压减小，由串联电路的电压规律可知，则电铃两

28、端的电压增大，电铃正常工作。2026；05；13；13【解析】试题分析：串联电路总电阻等于各电阻之和，故10电阻与16串联后总电阻为26，串联电路电流处处相等，故两电阻串联时允许通过的最大电流为电阻中的小电流，电路两端允许甲加的最大电压U=I小R总=05A26=13V；若把两定值电阻并连起来，所加最大电压应为两者中最大电压较小的电压，故U甲=101A=10V；U乙=1605A=8V；所以并联后所加最大电压为8V，此时通过甲的电流为08A；通过乙的电流为05A，干路电流为08A+05A=13A。考点： 欧姆定律应用21灯泡不亮、电流表无示数、电压表有示数B10【解析】【详解】（1）测量灯泡电阻的

29、电路图如右图，从电源正极-开关-电流表-滑动变阻器-灯泡-电源负极，电压表并联的灯泡两端，电路中电流过小，灯泡不亮，电流表无示数，电压表有示数，等于电源电压，所以灯泡和电流表之间导线连接错误，连接如下图；滑动变阻器在电路中起到保护作用，电阻应该处于最大阻值处，滑片应该离接入电路的下端接线柱最远，所以滑片滑到B端；（2）第1次测得的小灯泡的电阻为：RUI2V0.2A 10，从表中计算出三次小灯泡的电阻分别为10、10.4、11.2，灯丝的长度、材料、横截面积不变，电压越来越大，温度越来越高，电阻越来越大，所以小灯泡灯丝的电阻随它的温度升高而增大；22B 0.3 0.9 10 15 逐渐靠右 【解

30、析】【详解】为保护电路安全，闭合开关前应将滑动变阻器的滑片置于最大阻值处即图中的B端；由图可知，定值电阻R与变阻器串联，电压表测R两端电压，电流表测电路中电流，所以电流表示数：IAIRURR1.5V5 0.3A，电源为2节新干电池，则电源电压为3V，电路消耗的总功率：PUI3V0.3A0.9W；(3)当换上10的电阻后，保持电压1.5V不变，根据串联电路的电压特点,则滑动变阻器两端电压：U滑UUR3V1.5V1.5V由串联电路的分压原理可知：所以R滑R10；同理：当用15的定值电阻时,为保持其两端电压1.5V不变,此时变阻器连入阻值：R滑R15；(4)由(3)中计算可知，定值电阻的阻值越来越大

31、，滑动变阻器连入电路的阻值也越大，由实物图可知，滑片应逐渐靠右。23 R= 乙 不用 重新连接电路并且在一定范围内可以连续测量电压和电流的值 （a）、滑动变阻器阻值太小；（b）、电压 （伏）；电流（安）；电阻（欧）；电阻平均值（欧）【解析】求电阻的实验原理是根据欧姆定律变形公式： .比较两个实验电路，更为合理的是图乙，理由是不用重新连接电路并且在一定范围内可以连续测量电压和电流的值.（a）、闭合电键后电流表有示数，说明电路不存在断路，与电压表并联的电阻Rx短路，电压表示数为零，所以不是短路，闭合电键S后，移动滑动变组器滑片的过程中，电压表、电流表有示数，但是示数变化范围很小，说明滑动变阻器阻值

32、太小.（b）、小华按照图乙连接实物继续实验，并设计了如下实验数据记录表，要求出电阻，应有电压、电流，得出电阻后要求平均值，故（b）表中补上实验数据表格的有关栏目如下：240.4变大A2当电压一定时，电流与电阻成反比【解析】【详解】由图知，电压表测的是电阻和滑动变阻器的总电压，应将滑动变阻器与电阻并联，如图所示：；(2)由图乙知，电流表的量程为00.6A，分度值为0.02A，所以示数为0.4A；(3)由(2)知,原电阻的阻值RUI2V0.4A5，当换上10的电阻后，根据串分压的特点，电阻分得的电压变大，电压表的示数将变大；由于滑动变阻器接了下面右边的B接线柱，所以应该将滑片向左端的A移动，增大滑

33、动变阻器的阻值，增大分得的电压，使电阻两端的电压仍为2V；(4)通过该实验，可以得出结论：当电压一定时，导体中的电流与它的电阻成反比。【点睛】（1）探究电流与电阻关系时，应保持电阻两端的电压不变，所以电压表应与电阻并联随时观察电压表的示数；（2）在进行电流表的读数时，要注意其量程和分度值；（3）根据串分压的知识判断电压表的示数变化，并判断滑动变阻器的阻值变化，从而判断出滑片的移动方向；（4）掌握电流与电阻的关系，在写结论时，注意控制的变量电压25（1）0.2A；（2）10【解析】（1）通过电阻R1的电流为：I1=UR1=6V30=0.2A（2）如图电流表测量干路电流，所以电流表的示数一定大于R

34、1的电流0.2A，故电流表使用的大量程，读数为：0.8A，则通过R2的电流为：I2=I-I1=0.8A-0.2A=0.6A电阻R2的阻值为：R2=UI2=6V0.6A=10答案：（1）0.2A ； (2)10点睛：重点是欧姆定律的应用，解题的关键是利用并联电路的电流特点搞清楚电流表使用的是大量程，即干路电流一定大于支路电流。26（1）（2）0.9W【解析】试题分析：（1）设滑动变阻器的总长度为L，托盘所受压力为F时弹簧被压缩的长度为x，则由题意和欧姆定律有： ， ，联解得： （2）设此时电路中电流为I3，滑动变阻器上部分电阻为R3，则： 联解得： 【考点定位】题干信息获取与应用（学习能力）；串

35、联电路的特点；欧姆定律及电功率公式的应用。27（1）L2中的电流是1.0A；（2）干路中电流表的读数是1.5A；（3）电流表A的量程为03A，电流表A1的量程为00.6A；（4）两表的正负接线柱如上图所示【解析】试题分析：由电路图可知，两灯泡并联，电流表A1测L1支路的电流，电流表A测干路电流（1）根据经过L2的电流是另一条支路中的两倍求出通过L2的电流；（2）根据并联电路的电流特点求出干路中电流表的示数；（3）根据电表的示数确定电表的量程；（4）电流表使用时电流从正接线柱流入、负接线柱流出解：由电路图可知，两灯泡并联，电流表A1测L1支路的电流，电流表A测干路电流（1）因经过L2的电流是另一

36、条支路中的两倍，所以，L2中的电流：I2=2I1=20.5A=1.0A；（2）因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路中电流表的示数：I=I1+I2=0.5A+1.0A=1.5A；（3）电流表A的示数为1.5A，则量程为03A；电流表A1的示数为0.5A，则量程为00.6A；（4）电流从电流表的正接线柱流入、负接线柱流出，两表的正负接线柱如下图所示：答：（1）L2中的电流是1.0A；（2）干路中电流表的读数是1.5A；（3）电流表A的量程为03A，电流表A1的量程为00.6A；（4）两表的正负接线柱如上图所示【点评】本题考查了并联电路的特点和电流表的正确使用，利用好“经过L2的电流是另一条支路中的两倍”是关键答案第15页，总15页