2020年全国高考（新课标卷通用）名校名师押题猜想卷 理科综合附答案.pdf

1、 第1页(共 12 页) 理科综合能力测试理科综合能力测试 考生注意：考生注意： 1、答题前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卷、机读卡上。考生认真核对。 2、第 I 卷每小题选出答案后，用 2B 铅笔把机读卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡 皮擦干净后， 再选涂其他答案标号。 第 II 卷用黑色墨水签字笔在答题卷上书写作答， 在试卷上作答， 答案无效。 3、考试结束后，请将答题卷和机读卡一并上交。 可能用到的相对原子质量：H-1 C-12 O-16 S-32 Fe-56 第第 I 卷卷(选择题选择题 共共 126 分分) 一、选择题：本题共一、选择题：本题共 13 小题，每小

2、题小题，每小题 6 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求 1.下列有关细胞和化合物的说法，正确的是（ ） A.人的效应 T 细胞在有丝分裂后期，细胞中的染色体由 46 条变为 92 条 B.由于动物细胞没有原生质层和细胞壁，所以不能发生渗透吸水和失水 C.细胞中包括蛋白质、核酸在内的有机物都能为细胞的生命活动提供能量 D.组成生物大分子的单体都以若干个相连的碳原子构成的碳链为基本骨架 2.下列有关实验方法和实验操作的说法，正确的是（ ） A.利用同位素标记的化合物，其化学性质发生改变 B.观察菠菜叶肉细胞时，用甲基绿染色后叶绿

3、体的结构更清晰 C.构建物理模型能够模拟减数分裂中染色体的变化 D.膜的成分和结构的初步阐明，最初是通过实验观察直接证实的 3.下图为某种细菌中脲酶基因转录的 mRNA 部分序列。现有一细菌的脲酶由于基因突变而失活，突 变后基因转录的 mRNA 在图中箭头所示位置增加了 70 个核苷酸，使图示序列中出现终止密码(终止 密码有 UAG、UGA 和 UAA)。下列有关说法错误的是（ ） A.突变基因转录的 mRNA 中，终止密码为 UGA B.突变基因表达的蛋白含 115 个氨基酸 C.其线粒体的环状 DNA 分子中每个脱氧核糖都与两个磷酸相连 D.突变基因所在 DNA 复制时所需的酶有解旋酶、D

4、NA 聚合酶等 4.下列有关动物或人体生命活动调节的叙述，正确的是（ ） A.正常人大量饮用水后，胃肠腔内渗透压下降，抗利尿激素分泌减少 B.寒冷环境中，机体通过增强细胞代谢和收缩毛细血管来增加产热 C.花粉等作为过敏原引发的免疫反应，不具有一定的特异性、记忆性 D.胰岛素随体液运输与靶细胞结合后直接参与细胞内多种生命活动 5.下列有关种群和群落的描述错误的是（ ） A.对跳蝻进行种群密度调查时选择样方法 B.在“S”型曲线中，种群增长速率持续增加 C.群落演替过程中，物种丰富度不一定增加 2020年全国高考（新课标卷通用）名校名师押题猜想卷 第2页(共 12 页) D.群落的垂直和水平结构利

5、于提高生物对资源的利用率 6.如图为某家族关于两种遗传病的系谱图，已知甲病由显性基因控制。不考虑 X、Y 染色体的同源 区段，下列相关叙述正确的是( ) A.甲病为常染色体显性遗传病，乙病为伴 X 染色体隐性遗传病 B.如果-2 与-3 婚配，生出正常孩子的概率是 7/32 或 5/24 C.-3 为杂合子的概率是 1 或 1/2 D.如果-2 与一表现正常的女子婚配，可通过遗传咨询避免生出患甲病的男孩 7、化学与生产、生活密切相关，下列说法正确的是（ ） A.含钙、钡、铁等金属元素的物质有绚丽的颜色，可用于制造焰火 B.将煤气化后再作为能源，可减少 PM2.5 引起的危害 C.用激光笔分别照

6、射盛有蓝墨水、FeCl3溶液的玻璃杯均出现光亮的通路 D.氨气液化时能吸收大量的热，常用来做致冷剂 8NA代表阿伏加德罗常数的值，下列说法正确的是( ) A0.1 mol H2和 0.1 mol I2 (g)于密闭容器中充分反应，容器内原子总数为 0.2NA B常温常压下，28g Fe 和足量浓硝酸混合，转移电子数为 1.5NA C标准状况下 22.4 L HF 中含有的氟原子数目为 NA D2gD2O 和 H2 l8O 混合物中所含中子数为 N A 9下列关于有机物的说法，正确的是( ) A由甲烷在纯氧中完全燃烧只生成 CO2和 H2O 说明甲烷不含氧元素 B最多有 16 个原子共平面 C油

7、脂在人体内水解为氨基酸和甘油等小分子才能被吸收 D甲苯苯环上的一个氢原子被含 3 个碳原子的烷基取代，所得产物有 6 种 10下列实验过程可以达到实验目的的是（ ） 选项 实验目的 实验过程 A 模拟工业冶炼钠 碳做阳极，铁丝网做阴极，电解熔融态氯化钠 B 配制 200ml 1.0mol/L 的 硫酸溶液 准确量取一定体积的浓硫酸，用玻璃棒引流转移到 100ml 容量瓶， 然后定容，重复操作一次，将两次溶液合并即可。 C 除去乙酸乙酯中混有的 乙酸、乙醇 在实验室制得的乙酸乙酯中加入饱和碳酸钠溶液，然后蒸馏 D 检验淀粉部分水解 取 2ml 淀粉水解液，加入氢氧化钠溶液调至碱性，分装两只试管，

8、 一支试管中加新制氢氧化铜悬浊液，加热，另一支加入几滴碘水， 观察现象。 11.短周期主族元素 X、Z、Y、P 的原子序数逐渐增大。四种元素形成的化合物结构如图所示，其中 各原子的核外电子排布均处于稳定结构。且 X 与 Z、Y、P 均可形成电子数相等的分子，X2P 常温常压 下为液体。下列说法不正确的是( ) A.X和P形成的化合物中可能存在非极性共价键 B.Z、Y、P的非金属性和最高价氧化物对应水化物的酸性都逐渐增强 C.Y的氢化物能和它的最高价氧化物对应水化物反应生成盐 第3页(共 12 页) D.X形成的简单离子半径不一定比Li +小 12.我国科学家在天然气脱硫研究方面取得了新进展，

9、其原理如图所示。 下列有关说法错误的是 （ ） A.图中导线上标记方向为电子流向 B.装置中 H+ 向甲池迁移 C.正极上的电极反应式为O2+4H +4e-=2H 2O D.乙池溶液中发生反应的离子方程式：H2S+I3 -=3I-+S+2H+ 13羟胺的电离方程式为：NH2OHH2O NH3OH +OH（25时，K b9.0l0 9） 。用 0.l molL1， 盐酸滴定 20 mL 0.l molL 1 羟胺溶液，恒定 25时，滴定过程中由水 电离出来的 H +浓度的负对数与盐酸体积的关系如图所示(己知： lg3 0.5)。下列说法错误的是( ) A. 图中 V1p3p2p1（1 分）；该反

10、应的正反应为气体分子数增大的反应,温度不变时,降低压强,平 衡向正反应方向移动,CH4的平衡转化率增大（2 分）; （1 分） 1.64（2 分） （3）TiO2（1 分） La2O3在相对较低温度对催化效率更高或其它合理表述（2 分） （4）HSO3-2e-+H2O=SO4 2-+3H+（2分） 【解析】 （1）考盖斯定律和活化能及其对反应速率的影响。将反应与反应相加即得目标 反应，所以H=H1+H2。反应快，反应慢，说明反应速率决定于反应，也说明反 应需要克服的活化能较高，故 E10。 该反应的正反应为气体分子数增大的反应,温度不变时,降低压强,平衡向正反应方向移 动,CH4的平衡转化率增

11、大,故 p4p3p2p1。压强为 p4时,b 点未达到平衡,反应正向进行,故 v(正)v(逆)。 由用平衡浓度表示的平衡常数类推可知,用平衡压强表示的平衡常数 K=。p4 时 a 点 CH4的平衡转化率为 80%,则平衡时 c(CH4)=c(CO2)=0.2 molL-1,c(CO)=c(H2)=1.6 molL-1,则 p(CH4)=p(CO2)=p4=p4,p(CO)=p(H2)=p4=p4, 故 K=1.64。 (3)由图 2 可知，260 时，TiO2做催化剂时，SO2的转化率最高，故 TiO2的催化效率最高。 随着温度升高，SO2的转化率逐渐升高，但增长程度并不一样，在 3400C

12、时，La2O3催化下 SO2的转化率接近 90%然后维持在较高水平，同期 NiO 和 TiO2催化下的 SO2转化率较低， 到 4200C 时，NiO 催化下 SO2转化率达到与 La2O3相同，此时 TiO2的依然较低，综上理想 的反应条件为 3400C，选用 La2O3做催化剂。选择理由为 La2O3在相对较低温度对催化效率 更高或其它合理表述。 (4)考电解。由图可知，阳极实现了 HSO3-向 SO42-的转化过程，故电极反应式为 HSO3-2e-+H2O=SO42-+3H+。 6 35.【答案】 （1）（2 分） ；d（1 分） （2）具有孤电子对(或孤对电子) （1 分） ；sp2

13、sp3（2 分） ；8NA（2 分） ；H3O+或 CH3（1 分） （3）铼中的金属键强于锰 (1 分) （4）6（1 分） ；八面体（2 分） ；M/(a1010)3NA（2 分） 【解析】 （1）锰原子价层电子的轨道表示式(价层电子排布图)为 ，它处于周期表的 d 区。 （2）铜离子有空轨道，所以，与铜离子形成配合物的分子或离子应具有孤电子对(或孤对 电子)。 醋酸根中两个碳原子的价电子分别为 3 和 4，故其杂化类型为 sp2和 sp3。Cu(NH3)2+中每 个亚铜离子形成 2 个配位键， 每个配体分子中有 3 个共价键， 所以， 1mol 配离子Cu(NH3)2+ 中含有 键的数目

14、为 8NA。 与 NH3互为等电子体的离子有 H3O+或 CH3。 （3）锰和铼的晶体都属于金属晶体，其熔点决定于金属键，金属铼的熔点高于锰，说明锰 的金属键弱于铼。故其原因是：铼中的金属键强于锰。 （4）三氧化铼为立方晶胞，晶胞参数为 a pm，铼原子占据顶点，氧原子占据所有棱心。则 每个晶胞中有 1 个铼原子和 3 个铼原子，每个铼原子的上、下、左、右、前、后都有一个等 距的氧原子，故铼的配位数为 6。NA个三氧化铼晶胞的质量和体积分别为 Mg，三氧化铼的 密度为 M/(a1010)3NA g/cm3。 36.【答案】 （1）C18H12O4；邻二甲苯 （2）；羧基 （3）氧化反应；消去反

15、应 （4） （5）18 （6） 【解析】由合成路线可知，A 为邻二甲苯，A 发生氧化反应生成 B，B 发生取代反应生成 C， 由 C 生成 D 的条件及 D 的分子式、E 的结构可知，C 与试剂 a 发生酯化反应生成 D，D 为 、试剂 a 是甲醇；D 与甲醛发生反应生成 E，E 经碱性水解、酸化后生成 F， 则 F 为 ； 由信息可知， F 与碘反应生成 G， 结合 M 的结构可知 G 为 ； 由信息可知，G 与试剂 b 发生消去反应生成 H， H 为 ，H 与自身发生加成反应 生成 M。 （1）M 是由 2 个 H 加成而得的，故其分子式是 C18H12O4， A 的化学名称是邻二甲苯。

16、7 （2）G 的结构简式是 ，F 中含氧官能团的名称是羧基。 （3）由 A 生成 B 和由 G 生成 H 的反应类型分别是氧化反应、消去反应。 （4）由 C 生成 D 的化学方程式是 。 （5）E（ ） 的同分异构体中，符合下列条件：苯的二元取代物；与 E 具有相同的官能团，即碳碳双键和酯基；能发生银镜反应和水解反应，说明分子中有醛基 和酯基。若其中一个取代基为-CH2CH=CH2（或-CH=CHCH3、-C(CH3)=CH2） ，则另一个取 代基为-OCHO；若其中一个取代基为-CH=CH2 ， 则另一个取代基为-CH2OCHO；若其中 一个取代基为- CH3， 则另一个取代基为-CH=CH

17、OCHO （或-C(OCHO)=CH2） 。两个取代基在苯环上的排列方式有邻、间、对 3 种，故符合条件的 同分异构体的结构共有 18 种。 （6）以甲苯为原料制备化合物 ，首先甲苯与溴发生取代反应生成溴化苄，然 后根据信息让溴化苄与甲醛反应生成苯乙烯，最后根据信息由苯乙烯合成产品 。具体合成路线如下： 物物理理答答案案 14 答案：C 解析：在 t1时刻两车刚好在同一位置(并排行驶)，在 t1到 t3这段时间内，a 的速度一直大于 b 的速度，两者间距一直增大，t3时刻之后，a 的速度小于 b 的速度，两者间距减小，则在 t3时刻，两车相距最远，故 A、B 错误；根据 v-t 图线围成的面积

18、为位移，结合 t x v =，可 以判断出 a 车的平均速度大于 b 车的平均速度，故 C 正确，D 错误。 15.答案：D 解析：在题图所示位置时，穿过矩形线圈的磁通量最大，产生的电动势为零，故 A 错误； 矩形线圈产生的交流电周期为 T2 2 50 rad/s0.04 s，故 B 错误；矩形线圈产生的电动 势最大值为 EmaxNBS102 2 0.0850 V80 2 V，矩形线圈产生的电动势有效值为 E有Emax 2 80 V，故 C 错误；变压器原、副线圈匝数之比为n1 n2 U1 U2 80 1651，故 D 正确. 16.答案：B 解析： 人跳远时从一定的高度落下， 落地前的速度是

19、一定的， 初动量是一定的， 落地后静止， 末动量一定，人的动量变化是一定的，由动量定理可知人受到的冲量等于人的动量变化，所 以两种情况下人受到的冲量相等，选项 C、D 错误；落在沙坑里力作用的时间长，落在水泥 8 地上力作用的时间短，根据动量定理，在动量变化一定的情况下，时间 t 越长则动量的变化 率越小，故选项 B 正确、A 错误 17.答案：B 解析：根据已知可得空间站绕地球运动的轨道半径为R n R r+= 6 ，则根据万有引力定律和 牛顿第二定律可得：在地球表面mg R Mm G= 2 ，对空间有rm r Mm G 2 1 2 1 =，联立解得 Rn gn 3 3 )6( + =。 1

20、8.答案：D 解析：由左手定则可知，该匀强磁场的方向垂直纸面向里，A 选项错误；由 R v qvB 2 m =得 Rmv qB，可知所有电子在磁场中的轨迹不相同，速率越大的电子在磁场中运动的轨迹长，B 选项错误；由 R v qvB 2 0 m =与aR=sin2，得 aB v m qsin2 0 =，C 选项错误；所有电子圆心 角均为 2，t=T 2 2 ，解得 sin 2 2 2 0 v a qB m t= ，故 D 选项正确。 19.答案：BC 解析：根据右手定则可以判断流过固定电阻 R 的感应电流由 b 经 R 到 d，故 A 选项错误； 由电荷量qI t= ，根据法拉第电磁感应定律 =

21、EN t ，根据闭合电路欧姆定律 总 = E I R ， 可得 2 = 2 BL q R ，故 B 选项正确；根据能量守恒， 2 2 1 mv=2Q，所以固定电阻R的产生的焦耳 热为 2 4 1 mv，故 C 选项正确，D 选项错误。 20.答案：BD 解析： 由n5 激发态跃迁到基态时产生的光子能量最大， 频率最高， A 项错误； 51、 41、 31 和 21 跃迁时释放的 4 种光子属于莱曼系，B 项正确；使n5 能级的氢原子电离至 少要 0.54 eV 的能量，C 项错误；从n2 能级跃迁到基态释放光子的能量为3.4 eV( 13.6 eV)10.2 eV，从n3 能级跃迁到n2 能级

22、释放光子的能量为1.51 eV(3.4 eV) 1.89 eV，D 选项正确. 21.答案：AC 解析：由等量同种电荷的电场分布可知 A 到 B 电势先增大后减小，电势能先增大后减小， 故 A 选项正确；由于 A 点有可能在最大电场强度的上方或下方，根据受力牛顿第二定律可 知 A 到 B 的过程中，小球的加速度可能先减小后增加，小球的加速度可能先增加后减小后 增加，故 B 选项错误；A 到 B 根据动能定理求得 B 点速度大小为ghv4 2 0 +，故 C 选项 正确；由于从 A 点以初速度 V0向 B 先减速再加运动，所以小球 A 到 O 与从 O 到 B 经历的 时间不相等，故 D 选项错

23、误。 9 22 （6 分） 【答案】需要；不相同；A 【解析】 （1）根据牛顿第二定律，对小盘和砝码分析有：mgFma= 对小车分析有：FMa= 联立解得： mg a Mm = + 则拉力 1 Mmgmg FMa m Mm M = + + 由上式可知，当mM时才可以认为拉力F等于小盘和砝码的重力mg； （2）本实验是控制变量法的实验，探究“加速度与合力之间的关系”时，要使拉力改变，则 应在小盘中放质量不相同的砝码。 （3）A.若用气垫导轨代替平板，摩擦认为等于 0，此时合外力即为轻绳的拉力，可以认为 合外力不变，则有利于减小误差，故 A 正确； B.若存在摩擦力， 则合外力为拉力与摩擦力的合力

24、， 当小车的质量发生变化， 摩擦力也会变， 则合外力会变化，此时就不能保证小车受到的合外力不变，则误差较大，故 B 错误； C.砝码盘中加的砝码越多，此时合外力即为轻绳的拉力，但砝码和砝码盘的重力不可以近似 等于绳子拉力，则不利于减小误差，故 C 错误； 23.（9 分） 【答案】 （1）左端；I1；4.8；2.4； （2） 98 ； 4 .96 【解析】 （1）依据替代法测电流表内阻的操作流程，等效替代法测电阻的核心是“效果相 同”，本题中体现为使 A1的示数相同，所以需要先接通开关 S2，同时断开开关 S3，调节出 一个电流值，然后接通开关 S3，同时断开开关 S2，调节电阻箱 R2的电阻

25、值，使电流表 A1 的示数与上一次相同，记录电阻箱的电阻，即为所求。因此答案分别为：最左端；示数为 I1；A2内阻为 4.8。 由电流表改装知识可得，量程扩大为 3 倍，根据并联电路分流规律可知：并接电阻应为电 流表内阻的一半，即 2.4； （2）电流表 A2示数是 20mA，流过待测电阻的电流为 6mA，测量值为：=98 I U Rx ; 若考虑误差：=4 .96 Ax R I U R 24.(12 分)【解析】 （1）电场中对甲粒子： 2 111 2 1 vmUq=. 几何关系：1 30tan r R =. 10 磁场中：1 2 11 11 r vm Bvq= 解得： Rv U qr vm

26、 B 11 11 3 32 = （2）电场中对乙粒子： 2 222 2 1 vmUq=. 几何关系：2 60tan r R =. 磁场中：2 2 22 22 r vm Bvq=. 解得： 2 1 2 1 1 1 2 rB U m q k= ， 2 2 2 2 2 2 2 rB U m q k= 故： 9 1 2 1 2 2 2 1 = r r k k 25.(20 分) 【解析】解： （1）A 到 D 过程中： 2 2 1 D mvmgL =. 在 D 点对小球 A： L mv mgF D m 2 =. 代入数据解得：NmgFm603=；smvD/4= （2）当 A 离开 D 点后，A 做平抛

27、运动，达 P 点时速度沿斜面向下，则： P 点速度：sm v v D p /5 37cos = =. 从 P 点到 Q 点的过程中，由动能定理得： 22 2 1 2 1 37sin PQPQ mvmvmgx=. 代入数据解得：vQ6m/s， 从 A 与 B 相碰到碰撞结束这一过程系统动量守恒，以 A 的初速度方向为正方向，由动量 守恒定律得：mvQ2mvAB1，. 代入数据解得：vAB13m/s； 故碰撞后损失的机械能：JmvmvE ABQ 182 2 1 2 1 2 1 2 =. （3）设在碰撞前弹簧的压缩量为x1， 由平衡条件得：kx1mgsin37. 当 C 恰好离开挡板时，弹簧处于伸长

28、状态，设伸长量为 x2， 对 C，由平衡条件得：kx2mgsin37，. 从 A、B 碰撞完到 C 恰好离开挡板，设此时 A、B 的共同速度为vAB2， 11 从碰撞结束到 C 恰好离开挡板对系统由能量守恒： 2 221 2 1 2 2 1 )(37sin22 2 1 ABAB mvxxmgmv+=. 代入数据解得：vAB22m/s， 从 A、B 碰撞完到 C 恰好离开挡板，设弹簧对 A、B 的冲量为 I0， 规定沿斜面向上为正方向，由动量定理得：2mgsin37t+I02mvAB2（2mvAB1）. 代入数据解得，此过程弹簧对 AB 的冲量大小：I068Ns； 33物理选修 3-3(15 分

29、) (1)(5 分)【解析】气体放出热量，外界可能同时对气体做功，气体温度不一定降低，所以分 子的平均动能可能增大，故 A 对；温度高的物体，分子平均动能一定大，内能不一定大， 故 B 错；内能从温度高的物体传递给温度低的物体，将内能转化为机械能，故 C 对；当分 子距离增大时，分子作用力可能增大也可能减小，故 D 错；温度降低，分子平均动能减小， 要保证压强不变，分子碰撞次数不变。 【答案】ACE (2) (10 分)【解析】活塞缓慢左拉的过程中，气体B做等温变化： PB1V B1P B2V B2 75cmHg20SpB225S(设 S 为玻璃管横截面)，解得： pB260cmHg 左右管中

30、水银面的高度差h=(75-60)cm=15cm 活塞被缓慢的左拉的过程中，气体A做等温变化： pA1=(75+25)cmHg=100cmHg ， pA2=(75+5)cmHg=80cmHg PA1V A1P A2VA2 10010S80LA2S 解得：LA212.5cm 34.（1）(5 分)【解析】根据题意可知Tt 8 9 =,因此 T=0.8s，A 选项正确；又根据 ab 间距 可知： 8 11 = ab x， 因此波长m11=， 故波速sm T v/10= ， B 选项正确； 根据题目可知， 8 3 1 8 11 = ab x， 故无论如何 a、 b 两质点不可能同时速度为零， 故 C

31、选项错误； 根据振动方向及周期可知， 0.3st0.5s，质点b正在y轴上方向下运动，故 D 正确；质点 a 的振动方程为 ) 4 sin(6 +=wty，故 E 选项错误，因此本题正确答案为 ABD。 （2）(10 分)【解析】解： （1）光路如图 由几何关系，临界角为 CEBF45， 根据全反射临界角公式 n C 1 sin=. 解得：2=n （2）由几何关系可得：d BC BH2 45sin = = 在直角三角形 BHG 中，由勾股定理： 222 BGHGBH=+ 12 得： 22 2drHG= 光在棱镜中传播速度： n c v = 传播时间： c drdrn v HGBHFB t )22( 22 + = + =.