贵州省六校联盟2022-2023学年高三下学期适应性考试（三）理综试卷及答案.pdf

1、2023 届贵州省六校联盟高考实用性联考卷（三）理科综合参考答案 一、选择题：本题共 13 小题，每小题 6 分。题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 答案 A A B C D C A D B B D A C 二、选择题：本题共 8 小题，每小题 6 分。在每小题给出的四个选项中，第 1418 题只有一项符合题目要求；第 1921 题有多项符合题目要求，全部选对的得 6 分，选对但不全的得 3分，有选错的得 0 分。题号 14 15 16 17 18 19 20 21 答案 C C A B D BD BC AC【解析】1酶能催化化学反应，原因是能降低化学反应所需的活

2、化能，而不是酶提供能量，B 错误。抗体属于分泌蛋白，在核糖体上脱水缩合形成多肽后还要经过内质网、高尔基体的加工，才能成为具有生物活性的蛋白质，C 错误。载体蛋白参与的运输方式有主动运输和协助扩散，其中协助扩散的过程不需要消耗能量，D 错误。2高等植物细胞之间通过胞间连丝相互连接，也有信息交流的作用，但没有与膜上的受体结合，A 错误。3证明“DNA 复制的方式是半保留复制”的实验方法是密度梯度离心法；证明“细胞膜具有流动性”的人、鼠细胞融合实验运用了荧光标记的方法，而不是同位素标记法。4对人类基因组进行测序时需要测 22 条常染色体和 X、Y 染色体，共 24 条染色体的碱基序列，A 错误。化石

3、是研究生物进化最重要、最直接的证据，B 错误。进化的实质是种群基因频率改变的过程，而不是基因型频率改变，D 错误。5生长素分布不均导致胚芽鞘向光弯曲，其中背光侧生长素浓度高于向光侧，但是促进作用更显著，没有体现高浓度生长素抑制生长，A 错误。顶芽产生的生长素可以通过主动运输的方式运输到侧芽附近从而抑制侧芽生长，B 错误。植物体中生长素的浓度升高到一定值时，就会促进乙烯的合成，C 错误。6航天育种也称为空间技术育种或太空育种，就是指利用返回式航天器和高空气球等所能达到的空间环境对植物的诱变作用以产生有利变异，在地面选育新种质、新材料，培育新品种的农作物育种新技术。航天育种属于诱变育种，其原理是基

4、因突变，可以产生新的等位基因，在光学显微镜下不能观察到碱基序列的改变，且基因突变具有不定向性等特点，不能定向改变刺梨性状，也没有产生新物种，故 A、B、D 错误。7汽油是烃的混合物，不含氮元素，A 错误。碳酸钠水解显碱性，使油污水解，过氧化氢具有强氧化性，可用于消毒，B 正确。疫苗属于蛋白质，高温能变性，C 正确。亚硝酸钠是一种防腐剂，可以适量添加，D 正确。8当溴离子氧化时，亚铁离子完全被氧化，转移电子大于 1NA，A 错误。1mol CH4含碳氢键 4NA，1mol 白磷（P4）含磷磷键为 6NA，B 错误。氯化铵是离子化合物，不存在分子，C 错误。每 1mol 过氧化钠与二氧化碳反应转移

5、 1mol 电子，0.1mol 过氧化钠转移 0.1mol电子，D 正确。9浓盐酸具有挥发性，也能被酸性高锰酸钾氧化，A 错误。蔗糖变黑，说明具有脱水性，溴水褪色，说明产生 SO2，证明浓硫酸具有强氧化性，B 正确。浓盐酸与二氧化锰反应需要加热，C 错误。盐酸具有挥发性，不能证明盐酸也能与硅酸钠反应，且盐酸是非含氧酸，不能证明非金属性的强弱，D 错误。10最多有 10 个碳原子共面，B 错误。都能燃烧，都能与氢气加成，甲能酯化、乙能水解等，C 正确。乙含有苯环，所以是芳香化合物，D 正确。11由图可知，M 流出的是浓磷酸，所以24H PO或24HPO向右侧迁移，即 cd 为阴离子交换膜，ab

6、为阳离子交换膜，Y 极氢氧根离子放电，即为电解池的阳极，接电源的正极，A、C 正确，X 电极为阴极，水中的氢离子放电产生氢氧根离子与铵根离子反应生成NH3H2O，B 正确。没有告诉标准状况下，D 错误。12根据题意推断 W 氢，X 为碳，Y 为氧，Z 为钠，没有强调最简单化合物，不能比较，A错误。碳、氢、氧可以形成碳酸和草酸，B 正确。钠和氧形成过氧化钠既有离子键又有共价键，C 正确。NaH+H2O=NaOH+H2，氢气既是氧化产物又是还原产物，产生 1mol 氢气转移 1mol 电子，D 正确。13根据电荷守恒，c(Na+)+c(H+)=c(HS)+2c(2S)+c(OH)+c(Cl)，A

7、错误。Na2S 与盐酸反应，第一步先生成 HS，第二步生成 H2S，所以 X 点能求 Ka2，Y 点能求 Ka1，B 错误。根据物料守恒，C 正确。NaHS 呈碱性，说明 HS水解大于电离，所以 c(Na+)c(HS)(H2S)c(S2)c(OH)c(H+)，D 错误。14由22ax=v可知图线和坐标轴围成的几何图形面积22S=v，可知 C 正确。150k0chWEeU=，由图线斜率可求出普朗克常量，可知 A 错误。截距为该金属的极限频率，为143.2 10 Hz，故 B 错误，C 正确。入射光的频率为143.5 10 Hz时，发生光电效应，故 D 错误。16 电势能与动能之和为01.8q，动

8、能和电势能相等时，电势能为00.9q，由图可知 A 正确。粒子在往返运动过程中距离原点 O 最远时动能为 0，电势能为01.8q，即只能到01.8xx=处，故 B 错误。由图可知原点 O 与04xx=之间的电场方向沿 x 轴正方向，故 C 错误。原点 O 与02xx=之间电势随x均匀变化，则可知电场为匀强电场，斜率表示沿 x 方向的电场强度大小，场强大小为00 x，故 D 错误。17运动员在 B 点受到的支持力为 1350N，2mTmgR=v，得25m/s=v，故 D 错误。将运动如图进行分解，15m/sy=v、28m/sya=；20m/sx=v、26m/sxa=；当0y=v时离斜面最远，故

9、B 正确。运动员从 B运动到 E 的时间为 3.75s，可知 A 错误。运动员从 A 到 B 过程克服阻力做功22250J2mWmgh=v，故 C 错误。18金属环 A 和物块 B 以及弹簧组成的系统机械能守恒，因此金属环 A 和物块 B 组成的系统机械能不守恒，故 A 错误。下降过程中，轻质细杆对金属环 A 的作用力沿细杆斜向上，对金属环 A 做负功，所以金属环 A 的机械能一直减小，故 B 错误。金属环 A 下降到最低点时速度为 0，沿细杆方向的速度也为 0，所以物块 B 速度也为 0，故 C 错误。金 属 环 A 下 降 到 最 低 点 时，弹 性 势 能 最 大，整 个 系 统 机 械

10、 能 守 恒，有22(cos30cos60)2(31)mg LmgL=，故 D 正确。19 由于卫星C和卫星A的质量不确定，所以不能确定向心力大小关系，故A错误。GMr=v可知 B 正确。由222MmGmrrT=、2MmGmgR=，得22324gR Tr=，即卫星 B 离地面的高度为22324gR TR，故 C 错误。C 离地面高度为 H，由222()()MmGmRHRHT=+、2MmGmgR=，得卫星 C 的周期为2()()RHRH ggR+，故 D 正确。20当滑动变阻器 R4的滑片由图中位置向 a 端移动过程中，R4增大，干路上的电流减小，PEI=，电源总功率逐渐减小，故 A 错误。R3

11、的电压变大，带电液滴受到的电场力增大，将向上运动，故 B 正确。流过 R2的电流变小，R2上消耗的功率减小，故 C 正确。R4增大，干路上的电流减小，电压表读数减小，R3的电压变大，电流表读数增大，故 D错误。21由BiLtmBLQ=v有，ab 杆速度由0v减到03v的过程，通过 ab 杆的电荷量为023mBLv，通过电阻 R2的电量为0415mBLv，故 A 正确。ab 杆速度减为02v时，由02BLE=v、1.2RrR=+总、EIR=总、FBILma=可得22052(65)B LamRr=+v，故 B 错误。ab 杆从开始运 动 到 静 止，由BiLtmBLQ=v，得0mQBL=v；由0m

12、BLxQRBL=总v，得022(56)5mrRxB L+=v，故 C 正确。ab 杆所受的合力等于安培力，所以加速度逐渐减小，故D 错误。三、非选择题（一）必考题：共 11 题，共 129 分。22（每空 2 分，共 6 分）（1）滑块 a 的质量 M 和小球 b 的质量 m 2dgMmxth=（2）22dgk【解析】（1）弹簧弹开后滑块 a 的速度大小为dt；小球 b 的速度大小bxT=v，212hgT=，得2bgxh=v，则只需验证2dgMmxth=。（2）由212dMgsMt=得222dstg=，22dkg=，得22dkg=。23（除特殊标注外，每空 1 分，共 9 分）（1）负 110

13、0（2）B C F （3）03R（2 分）偏大（2 分）【解析】（1）欧姆表电流由黑色表笔流出，所以红色表笔接在电压表负接线柱上，姆表选“100”挡位，所示电压表内阻为 1100。（3）闭合开关 S1、S2，调节滑动变阻器 R，使电压表指针指向满刻度89处；此时支路电压为g89U；断开开关 S2，保持滑动变阻器 R 不变，调节电阻箱R，使电压表指针指向满刻度的23处，时电压表的电压为g69U；该过程认为支路电压不变，电阻箱分得电压g29U；电阻箱与电压表串联，有ggV06299UURR=，得03VRR=；由于总电阻变大，电阻箱分得电压大于g29U；电压表内阻的测量值与真实值相比偏大。24（12

14、 分）解：（1）小滑块恰好能通过竖直光滑绝缘圆弧轨道 BCD，即在等效最高点由重力和电场力合力 F 提供向心力，有 22()FGEq=+设 F 与竖直方向的夹角为，有 tanEqmg=得37=；即 D 点为等效最高点，小滑块在 D 点处速度最小，有 2DmFR=v 由式得5m/sD=v （2）滑块由 B 到 D，由动能定理，有 221122DBmmFH=vv 由几何关系，有(1cos)HR=+在 B 点，有 2BmTmgR=v 由式得2.7NT=由牛顿第三定律可知，滑块第一次通过 B 点时对圆弧轨道的压力大小为 2.7N （3）滑块由 A 到 B，由动能定理，有 21()2BABmEqmg x

15、=v 由式得4.6mABx=评分标准：本题共 12 分。正确得出式给 2 分，其余各式各给 1 分。25（20 分）解：（1）粒子运动轨迹如图所示，由于 OAOC，所以圆心在 x 轴正半轴，设粒子在第二象限磁场中做匀速圆周运动的半径为 R1，圆心为 O，由几何关系，有 12221(3)()RLRL=+得12RL=3tan3OOOAOOA=设粒子在 A 点的速度方向与 y 轴正方向成 角，由几何关系，有 180(90)OAO=得120=（2）粒子在第三象限做类平抛运动，设粒子在点 N 的速度为Nv，由点 C 到点 N 由 动能定理，有 221122NmmEqL=vv 设粒子在点 N 速度方向与

16、y 轴负方向成 角，由几何关系，有 tanx=vv 由式和粒子从 x 轴上的点 D 沿 y轴正方向进入第一象限，可得粒子在第四象限磁场中速度偏向角120=设第二象限的磁感应强度为 B，粒子在第二象限做匀速圆周运动，有 21mq BR=vv 设粒子在第四象限磁场中做匀速圆周运动的半径为 R2，有 222NNmqBR=vv 由几何知识可知，粒子在第四象限磁场中做匀速圆周运动的弦长为最小圆形磁场区域的直径，有2sin2rR=由式，得3rL=（3）设点 N 到坐标原点 O 的距离为 Y，粒子在第三象限做类平抛运动，有 2tanLY=设粒子从 N 到 P 的时间为 t1，沿 x 轴方向上的距离为 XNP

17、，沿 y 轴方向上的距离为 YNP；P 到 Q 的时间为 t2，沿 x 轴方向上的距离为 XPQ，沿 y 轴方向上的距离为 YPQ；粒子从Q 到 D 的时间为 t3，从 Q 到 D 的距离为 YQD，由几何知识可知 216(1sin30)33NPXLRt+=vv 得13Lt=v 22213NRt=v 得223Lt=v 32QDNPPQNYYYYt+=vv 得333Lt=v 粒子在第四象限中运动的时间 123(4 32)3Ltttt+=+=v 评分标准：本题共 20 分。正确得出式各给 1 分。26（除特殊标注外，每空 2 分，共 15 分）（1）PbSO4 （2）NaClO3氧化性降低，反应速

18、率减慢（答到氧化性降低即可给 2 分）Cl2溶解度降低，有 Cl2逸出（答到氯气溶解度降低即可给 2 分）（3）NaH2PO2+4HgCl2+2H2O=NaCl+2Hg2Cl2+H3PO4+3HCl（写离子方程式给 2 分，未配平或配平错误扣 1 分）1.5（1 分）（4）232SO+H2SeO3=硫脲Se+242SO+H2O（写化学方程式不给分，未配平或配平错误扣 1 分）（5）9.7pH10.5 103.4或 2.5 103 【解析】涉重酸泥在 H2SO4、NaClO3混合溶液中氧化浸出，其中 Se、Hg、Cd、Zn 元素以离子形式留在浸出液，Pb 元素留在浸出渣中，过滤分离后，往浸出液加

19、入 NaH2PO2还原沉淀得到汞渣，沉汞后液加入 Na2SO3和硫脲进行沉硒，得到粗硒，再将沉硒后液用石灰乳中和，得到中和液及中和渣。（1）据分析，从后续产品中分析元素转化可知，“浸出渣”中所含的主要金属元素为Pb。（2）据已知“氧化浸出”时，Se、Hg 分别发生的反应原理，NaClO3浓度过低其氧化性降低，反应速率慢；反应温度过高则 Cl2溶解度降低，有 Cl2逸出，氧化 Hg 速率慢。（3）根据题意，“还原沉汞”时第一步转化的产物有磷酸和难溶的 Hg2Cl2，利用氧化还原反应基本原理，化学方程式为NaH2PO2+4HgCl2+2H2O=NaCl+2Hg2Cl2+H3PO4+3HCl；根据工

20、艺要求，沉汞和沉硒分步骤进行，沉淀要尽量分开，由表中数据可知，NaH2PO2加入量是汞量的 1.5 倍时，沉汞率、汞渣含 Hg 百分比均较高，同时沉硒率较低。（4）在硫脲催化下，“沉硒”时加入 Na2SO3可得到粗硒（Se）。该反应的离子方程式为232SO+H2SeO3=硫脲Se+242SO+H2O。（5）由流程图可知，“中和”时，加入石灰乳使 Cd(OH)2和 Zn(OH)2完全沉淀，根据氢氧化物沉淀和溶解时所需的 pH 数据，pH 大于 9.7 才能达到完全沉淀目的，同时 pH 应小于 10.5 才能保证沉淀不溶解，故需调节溶液的 pH 范围为 9.7pH10.5；根据表中数据，KspCd

21、(OH)2=1.0 105 10(149.7)2=1013.6，KspZn(OH)2=1.0 105 10(148.0)2=1017，所得“中和液”中22213.63.422217(Cd)(Cd)(OH)1010(Zn)(Zn)(OH)10cccccc+=。27（除特殊标注外，每空 2 分，共 14 分）（1）使 KI 与 FeCl3充分反应（答到使 Fe3+充分反应即可给 2 分）检验溶液中是否大量存在 Fe3+（答到检验 Fe3+即可给 2 分）提高平衡时溶液中的 c(Fe3+)（答到提高 Fe3+浓度才给 2 分）（2）与 I结合生成 AgI 沉淀，使 c(I)降低，2Fe3+2I 2F

22、e2+I2逆向进行（只答与 I结合生成 AgI 沉淀，只给 1 分）（3）5I+3IO+6H+=3I2+3H2O（写化学方程式不给分，未配平或配平错误扣 1 分）AgIO3(s)+I(aq)AgI(s)+3IO(aq)（未标状态不扣分）（4）Na2S2O3溶液（或 KI 溶液）（1 分）（答到 Na2S2O3溶液或 KI 溶液其中一个就给分）稀 HNO3（1 分）【解析】（1）Fe3+显棕黄色，故试管中溶液的颜色不变后再进行后续实验目的是使其中的 KI 与 FeCl3充分反应；因 Fe3+与 SCN反应生成 Fe(SCN)3，溶液变为血红色，所以加入 KSCN 溶液的目的是检验溶液中是否大量存

23、在 Fe3+；FeCl3溶液与 KI 溶液的反应为可逆反应，c(I)降低，平衡向左移动，c(Fe3+)增大，进而验证甲同学的想法，故为提高平衡时溶液中的 c(Fe3+)。（2）加入 Ag2SO4溶液，碘离子与银离子结合生成 AgI 沉淀，碘离子的浓度减小，2Fe3+2I 2Fe2+I2平衡逆向移动，可增大 Fe2+与 I2的反应程度，同时生成的 AgI 沉淀，提高了 I2的氧化能力，Fe2+被氧化成 Fe3+的反应程度增大。（3）由图可知，步骤中加入 KI 溶液后，淀粉溶液变蓝，说明 KI 将滤液中的3IO还原成了 I2，5I+3IO+6H+=3I2+3H2O；已知 3I2+3H2O 5HI+

24、HIO3，则沉淀b 为 AgIO3和 AgI，Ksp(AgI)=8.5 1017 Ksp(AgIO3)=3.2 108，加入 KI 可将 AgIO3转化成 AgI，反应的离子方程式为 AgIO3(s)+I(aq)AgI(s)+3IO(aq)。（4）若 Fe2+与 Ag+发生反应，会有单质银生成，确认是否发生反应，只需检验是否有单质银生成，因此取滤渣，向其中加入足量 Na2S2O3溶液，过滤，若有固体剩余，加入稀HNO3，产生的气体遇空气变红棕色，说明滤渣中含银，反应成立；或者取滤渣，加入足量 KI 溶液，过滤，若有固体剩余，加入稀 HNO3，产生的气体遇空气变红棕色，说明滤渣中含银，反应成立。

25、28（每空 2 分，共 14 分）（1）198kJmol1 化学反应速率（催化剂活性）112 60%（2）副反应生成的固态碳附着在催化剂表面 CO2与积碳反应生成 CO，减少积碳对催化剂表面的覆盖，提高催化效率【解析】已知主反应 CO2(g)+4H2(g)CH4(g)+2H2O(g)H1=156.9kJmol1；副反应 CO2(g)+H2(g)CO(g)+H2O(g)H2=+41.1kJmol1；所以反应 CO(g)+3H2(g)CH4(g)+H2O(g)的 H 根据盖斯定律 H=H1H2=156.9kJmol1 41.1kJmol1=198kJmol1。加氢合成甲烷时，通常控制温度为 500

26、左右，其原因为该温度下有较高的化学反应速率和催化剂活性最高。根据初始压强为 20kPa，20min 时主、副反应都达到平衡状态，测得 c(H2O)=4mol L1，体系压强为 15kPa，可知，反应前后的压强之比为 2015=43，反应前后的压强比等于物质的量之比，恒容密闭容器中充入 3mol CO2和 9mol H2，则反应前气体总物质的量为 12mol，则平衡时气体的总物质的量为 9mol，反应前后，气体总量减少了 3mol。已知主反应CO2(g)+4H2(g)CH4(g)+2H2O(g)；副反应CO2(g)+H2(g)CO(g)+H2O(g)；副反应进行前后气体的量保持不变，所以造成气体

27、减少的是主反应，且主反应中当有 1mol CO2反应时，气体会减少 2mol。由此可知，当气体总量减少 3mol 时，主反应中参加反应的 CO2为 1.5mol，则列出三段式为假设主反应先达平衡：CO2(g)+4H2(g)CH4(g)+2H2O(g)CO2(g)+H2(g)CO(g)+H2O(g)起始：3 9 0 0 1.5 3 0 3 转化：1.5 6 1.5 3 1 1 1 1 剩余：1.5 3 1.5 3 0.5 2 1 4 又已知达到平衡状态，测得 c(H2O)=4molL1，容器体积为 1L，可知平衡时，H2O 的总物质的量为 4mol，主反应生成了 3mol，则副反应生成了 1mo

28、l。由以上数据可知，CO 的物质的量为 1mol，CO 的物质的量分数为19，CO 的平衡分压为平衡总压15kPa19=53kPa，则 v(CO)=()CO20minp=112kPamin1。已知 CO2一共转化了 2.5mol，平衡时 CH4选择性=1.52.5 100%=60%（CH4选择性42CH100%CO平衡浓度转化浓度)。（2）对于主反应 C2H6(g)C2H4(g)+H2(g)是吸热反应，温度越高，K 值越大，由于温度：MN，则 KM GaIn（2）正四面体（1 分）sp2（1 分）（3）共价（1 分）它们均为原子（共价）晶体，由于 N、P、As 的原子半径依次增大，故 GaN、

29、GaP、GaAs 的键长依次增大，共价键越长键能越小，故导致 GaN、GaP、GaAs 熔点依次降低（4）4 22a 10 3A4 134(10)Na【解 析】（1）铟 的 原 子 序 数 为49，基 态 铟 原 子 的 电 子 排 布 式 为1s22s22p63s33p63d104s24p64d105s25p1，简写为Kr4d105s25p1；Ga、In 主族自上而下相邻，故第一电离能 GaIn，Ga、Se 同周期且原子序数依次增大，故第一电离能 SeGa，即第一电离能 SeGaIn。（2）与镓同主族的 B 具有缺电子性，硼氢化钠（NaBH4）是有机合成中重要的还原剂，其阴离子4BH中中心原

30、子 B 原子核外的价层电子对数为14(3 14 1)42+=，故其立体构型为正四面体，SeO2中硒原子杂化轨道数目622232=+=，Se 原子采取 sp2杂化。（3）GaN、GaP、GaAs 熔融状态均不导电，说明它们中没有阴、阳离子，故据此判断它们是共价化合物，它们的晶体结构与金刚石相似，说明它们均为原子（共价）晶体，由于 N、P、As 的原子半径依次增大，故 GaN、GaP、GaAs 的键长依次增大，共价键越长键能越小，故导致 GaN、GaP、GaAs 熔点依次降低。（4）依据晶胞结构可知，Mn 的配位数为 4。距离最近的两个锰原子之间的距离为面对角线的一半，该晶体的晶胞参数为pma，面

31、对角线为2 pma，则距离最近的两个锰原子之间的距离为2pm2a，依据均摊法，Mn 原子个数为 4，Se 原子个数为1186482+=，晶胞质量为A4 134gN，晶胞体积为a3pm3=(a 1010)3cm3，晶胞密度为33A103103A4 1344 134g/cmg/cm(10)(10)NaNa=。36（除特殊标注外，每空 2 分，共 15 分）（1）3，4二羟基苯甲醛 加成反应（1 分）（2）碳碳双键、羟基、酯基（三个都写对给 2 分；写三个官能团，但错一个扣 1 分；只写两个，扣 1 分）（3）（4）（5）保护酚羟基（6）（7）20【解析】结合信息、B 的分子式、物质 C 的结构，可

32、知与过氧化氢发生取代反应生成 B 为，B 发生取代反应生成 C，BC 是酚羟基上的氢原子被甲基取代生成 D 为；对比 D、E 的分子式，结合 I 的结合，可知 E 为，故 H 为、G 为。（1）化合物 B 的结构简式为，名称是 3，4二羟基苯甲醛；观察 F 和 G 的结构简式和分子式可知，F 和 HBr 在过氧化物存在条件下发生加成反应。（2）化合物 I 的结构简式为，其中官能团的名称是碳碳双键、羟基、酯基。（3）。（4）对比 D、E 的分子式，结合 I 的结构式，可知 E 为。（5）BC 酚羟基中的氢原子被甲基取代，CD 发生反应，DE 又重新生成了酚羟基。说明 BC 的作用是防止酚羟基在

33、CD 步骤发生反应，转变为醚键起到保护酚羟基的作用。（6）H 为、G 为；说明 GH 发生的是卤代烃的水 解 反 应，应 在NaOH水 溶 液 中 进 行 加 热 反 应，所 以 方 程 式 为。（7）W 是 E 的同分异构体，则满足下列条件：分子中含有苯环，且苯环上只有三个取代基 能与 NaHCO3反应，说明有COOH 能发生显色反应和银镜反应,说明有CHO 和酚OH 根据以上的要求提取有机物碎片后，可知结构为,苯环上有三个不同的取代基的同分异构体数目为 10 种，还剩下一个碳可插入苯环和醛基或苯环和羧基之间 2 种方式，所以一共有 20 种。37（除特殊标注外，每空 2 分，共 15 分）

34、（1）干热灭菌或高压蒸汽 稀释涂布平板 （2）7.2 104 少（1 分）当两个或多个细胞连在一起时，平板上观察到的只是一个菌落 （3）不同种微生物会表现出各自稳定的菌落特征（如形状、大小、颜色等）（4）振荡培养液能提高培养液溶解氧的含量，同时使菌体与培养液充分接触，提高营养物质的利用率（5）温度较高、比较潮湿及唾液等提供营养，有利于细菌的繁殖；人体呼出的细菌随时间积累【解析】（1）培养皿的灭菌处理可采用干热灭菌或高压蒸汽灭菌法。经灭菌处理过的培养皿，装入培养基后可用稀释涂布平板法接种样液。（2）一段时间后，3 个平板上长出的菌落数分别为 31、42 和 35，可计算出 1cm2口罩样品中菌体

35、数量约为 7.2 104个。培养基上统计的菌落数往往比口罩上活菌的实际数目少，原因是当两个或多个细胞连在一起时，平板上观察到的只是一个菌落。（3）研究人员通常可根据菌落特征来初步区分不同种的微生物，原因是不同种微生物会表现出各自稳定的菌落特征（如形状、大小、颜色等）。（4）出现“振荡培养的细菌比静置培养的细菌生长速度快”现象的原因是振荡培养液能提高培养液溶解氧的含量，同时使菌体与培养液充分接触，提高营养物质的利用率。（5）口罩内层细菌数量增长的原因可能是温度较高、比较潮湿及唾液等提供营养，有利于细菌的繁殖；人体呼出的细菌随时间积累。38（除特殊标注外，每空 2 分，共 15 分）（1）DNA

36、双链复制 四种脱氧核苷酸、引物、Taq 酶（只答对一个给 1 分，答对两个给 2 分）化学合成法（1 分）（2）有利于目的基因和载体形成相同的黏性末端，便于目的基因和载体连接 目的基因、标记基因、复制原点（只答对一个给 1 分，答对两个给 2 分）（3）含有某种限制酶的原核生物，其 DNA 分子中不存在该酶的识别序列或识别序列已经被修饰（4）植物激素（或生长素和细胞分裂素）的比例不同（5）将转基因玉米田间种植后收获玉米籽粒，检测其蛋白质含量【解析】（1）PCR 技术扩增的原理是 DNA 双链复制。扩增过程中需要具有模板 DNA、四种脱氧核苷酸、引物、Taq 酶等基本条件才能保证其顺利进行。科研

37、人员利用 DNA合成仪直接合成目的基因，该种获取目的基因的方法是化学合成法。（2）构建基因表达载体时，科研人员将 THP9 基因整合到土壤农杆菌的 Ti 质粒上，一般用相同的限制酶切割目的基因和 Ti 质粒的 TDNA 片段，目的是有利于目的基因和载体形成相同的黏性末端，便于目的基因和载体连接。构建成功的基因表达载体应该含有启动子、终止子、目的基因、标记基因、复制原点等结构。（3）限制酶来源于原核生物，不会切割本身的 DNA 分子是因为含有某种限制酶的原核生物，其 DNA 分子中不存在该酶的识别序列或识别序列已经被修饰。（4）植物组织培养的脱分化和再分化阶段使用的培养基在成分上最主要的区别是生长素和细胞分裂素的比例不同。（5）为了检测转基因技术是否成功，科研工作者在个体水平上的检测方法是将转基因玉米田间种植后收获玉米籽粒，检测其蛋白质含量。