2023年大数据精准教学理综参考答案.pdf

1、第 1 页（共 6 页）四川省大数据精准教学联盟 2020 级高三第一次统一监测物理答案解析及评分标准14A解析：地球的第一宇宙速度=,上升器近月环绕速度月=月月,月=24=1.6km/s，答案选 A15D解析：线圈产生的感应电动势最大值为 Em=BS=22，流过电阻 R 的最大值为=22,前半个周期为正弦交流电，后半个周期无电流。前半个周期的电流有效值为=2=22 2，。再由22=2T，解得流过电阻 R 的有效值=24，答案选 D16A解析：可见光的光子能量范围为 3.107eV1.636eV，所以只有高能级跃迁到 2 能级的才有可能是可见光范围；而 3 能级跃迁到 2 能级的光子能量 1.

2、89eV2.25eV，不能产生光电效应，则电子逸出钾板表面的最大初动能的最小值应该为 4 能级跃迁到 2 能级的光子照射产生，Ekm=hv-W0=2.55eV-2.25eV=0.30eV。答案选 A17B解析：小球均刚好不与倾斜直挡板碰撞，相当于速度的反向延长线为挡板，则 O 点均为两球水平位移的中点，即 xA=2xB，设水平线与倾斜直挡板的夹角为，则 tan=1121=2122，y1:y2=2:1，t12:t22=2:1，xA=v1t1，xB=v2t2,解得 v1:v2=2：1。答案选 B18C解析：开关闭合的瞬间，由于线圈的阻碍作用，流经人体的电流很小，选项 A 错误；开关断开流经人体的电

3、流要过一会儿才消失，选项 B 错误；开关断开，电容器放电，电感线圈产生瞬时高压，选项 C 正确；图中的电感线圈 L 作用是自感作用，不能用定值电阻代替，选项 D 错误。答案选 C19AD解析：由等量异种电荷电场线和等势线分布图像可知，四点在同一个等势面上，所以选项 A 正确；O 点比e 点更靠近正点电荷，所以 O 点电势高于 e 点电势，B 错误；a 点和 b 点的电场强度大小相同，方向不同。答案选 AD20BD解析：第一次压缩弹簧到最短，由动量守恒，mv0=(m+2m)v1，1=130，弹簧第一次被压缩到最短时具有的弹性势能为1=120212312=12021827，两物体分开后具有的速度分

4、别为 vA、vB，由动量守恒和能量守恒，mv0=mvA+2mvB，1202=122+1222，解得=130，=230，第二次压缩弹簧到最短，由动量守恒，+2()=(+2)2，2=590，弹簧第二次被压缩到最短时具有的弹性势能第 2 页（共 6 页）为2=120212322=1202227，则选项 B、D 正确。也可定性理解为由 A、B 和弹簧组成的系统能量没变化，但与墙壁碰撞后，系统动量增大，共速后的速度在增大，即1 2。答案选 BD。21AD解析：对甲图中的 m 物块，mg=ma1,v甲=v0-a1t甲,对甲图中的 M 物块，F+mg=Ma2,v甲=a2t甲;对乙图中的 m 物块，F+mg=

5、ma1,v乙=a1t乙,对乙图中的 M 物块，mg=Ma2,v乙=v0-a2t乙；由此解得 t甲 t乙，v甲v乙。答案选 AD22（1）C：圆心 O（或 O），（1）E：平行四边形，（2）力可以适当大一些（或两个分力间的夹角适当大一些，或作力的图示时，力的标度取小点，用较长的线段表示力。只要能减小实验误差的建议，均可得满分）（每空 2 分，共 6 分）解析：保证力的作用效果相同，夹角可以为任意值。23（1）连线如图（3 分）（其他合理连线也给分）（3）R1（2 分）（4）R2-R1（2 分）（5）小于（2 分）。解析：（3）调节滑动变阻器，使电流表满偏，闭合 S1，电流表半偏，有一半的电流流过

6、电阻箱 R1,则 Rg=R1。（4）闭合开关 S2时，U=Ig（Rx+Rg）再断开开关 S2，电流表半偏，U=12Ig（Rx+Rg+R2）则 Rx=R2-Rg=R2-R1。（5）并联 R2后，分压支路电阻减小，电流增大，电流表半偏，并联 R1上流过的电流值大于12Ig，所以 R1Rg。24（12 分）解答：（1）对铝球在分离处由牛顿第二定律有20111sin30vm gmR（2 分）从最低点到分离点由动能定理有FMmv0甲v0MmF乙图乙+-SS1S2R2RxR1RG+第 3 页（共 6 页）02211 11 111(1 sin30)22m gRmvmv（2 分）解得：172gRv 对铁球碰后

7、到最高点由动能定理有222 2102m gRm v（1 分）解得：22vgR（1 分）（2）铁球碰撞前由动能定理得222 0142m gRm v（2 分）解得：02 2vgR两球碰撞动量守恒得2 02 21 1m vm vmv（2 分）解得：2172mm（2 分）25（20 分）解答：（1）测试列车速度为 0 时，列车相对磁场的速度为 v0，由法拉第电磁感应定律有02EnBbv（2 分）感应电流：02nBbvEIRR（2 分）（2）当测试列车以 v1运动时，以每个线圈为研究对象，其感应电动势为012()4000VEnBb vv（1 分）感应电流为012()200AnBb vvEIRR（1 分）

8、同一线圈左右两边受到的安培力总和为2223014()28 10 NAn B b vvFnBIbR （2 分）第 4 页（共 6 页）根据牛顿第二定律有：14AFkvma（1 分）解得此时金属框的加速度：2140.4m/sAFkvam（1 分）（3）当金属框有最大速度时做匀速运动，所受合外力为零：40AmFkv（1 分）左右两边受到的安培力都为：22204()mAn B b vvFR（2 分）222016()mmn B b vvkvR（2 分）2220022216160m/s16mn B b vvkRn B b法一：测试列车消耗的功率分克服阻力做功的功率和电功率两部分，克服阻力做功的功率：212

9、048kWmmPf vkv（2 分）电功率：22024 24512kWmnBb vvEPRR（2 分）此时装置消耗的功率：122560kWPPP（1 分）法二：由功能关系得，列车消耗的功率等于推动磁场前进的外力的功率，对磁场研究12800NAmFFkv外（3 分）012800 200W2560kWAPF v （2 分）33（1）（5 分）BDEA 项对于理想气体，温度越高内能越大，故 A 错误。B 项 c 状态到 a 状态是一个恒压过程，由盖吕萨克定律，可知 VaVc，因此从 c 状态到 a 状态外界对气体做功，温度反而降低，故气体向外界放热，B 正确，C 项错误。D 项，b 状态到 c 状态

10、气体的体积未发生变化，但温度升高，故分子热运动越剧烈，故单位时间对单位面积器壁的碰撞次数增加，D 正确。E 项，a 状态到 b 状态气体对外界做功，b 状态到 c 状态气体不做功，c 状态到 a 状态外界对气体做功，且 a 状态到 b 状态，c 状态到 a 状态气体体积变化量相等，但在第 5 页（共 6 页）c 到 a 过程中压强更大，因此外界对气体做的功更多，故一个循环外界对气体做功，故 E 正确。（2）（10 分）解：甲、乙两气缸内气体均为等体过程，由查理定律有：TPTP00（2 分）设绳子的拉力为 F，对 A 活塞由平衡有：2mg+2P0S=2PS+F（1 分）对 B 活塞有平衡有：mg

11、+P0S=PS+F（1 分）解得：001 TSPmgT（1 分）B 平衡时甲乙两气缸内的压强仍为 P，即：0PSmgP（1 分）由玻意耳定律有：022()()PSLSLPS LxS Lx）（2 分）A 活塞距缸底的高度：h=L-x（1 分）解得：SPmgmgLSLPh002（1 分）34（1）（5 分）ADE若波向右传播，则从实线变到虚线波形至少需要经过8T，考虑到传播的周期性，满足：s9.08nTT（n=0,1,2,4）解得：s182.7nT由于 0.45sT0.9s，故 n 只能为 1，周期为 0.8s，波速：m/s5Tv故，A 正确，B 错误。t=0 时刻，x=0处的质点正在向平衡位置运

12、动，故在接下来的 0.2s 内路程比一个振幅要大，E 正确。若 t=0 时刻，x=0 处的质点向上运动，波应该是向左传播，故 C 错误。若波向左传播，则从实线变到虚线波形至少需要经过87T，考虑到传播的周期性，满足：snTT9.087（n=0,1,2,4）解得：s782.7nT由于 0.45sT0.9s，故 n 只能为 1，周期为 0.48s，故 D 正确。（2）（10 分）第 6 页（共 6 页）解：在 CD 面的入射角由几何关系可得：60i（1 分）由恰好发生全反射有：ni1sin （2 分）解得：332n（1 分）由几何关系得：30（1 分）由折射定律：nsinsin（2 分）30cosdFG（1 分）cossinFGFGd（1 分）解得：dd322（1 分）ABCdabDEFGii