2023届百师联盟高三下学期开学联考物理试卷及答案（广东卷）.pdf

1、2023届高三开年摸底联考广东卷物理试题注意事项：L答卷前，考生务必将自己的姓名、考场号、座位号、准考证号填写在答题卡上。2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。考试时间为75分钟，满分100分一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1.下列说法正确的是A.一个处千n=S能级的氢原子向低能级跃迁时最多能发出10种不同频率的光子B放射性元素无论以单质还是以化

2、合物形式存在都具有放射性C质子和中子间存在核力，质子和质子间存在相互排斥的电磁力不存在核力D核反应方程fH+iH习He+ln+17.6 MeV属于原子核人工转变2如图所示，小明正在擦一块竖直放置的黑板，可吸附在黑板上的黑板擦质量m=O.3 kg,小明施加给黑板擦的竖直平面内的推力大小为F=4 N,方向水平，黑板擦做匀速直线运动。g取10 m/s2,则下列关千黑板擦所受摩擦力的说法中，正确的是A摩擦力大小为SNB摩擦力沿水平方向C黑板擦所受摩擦力与推力大小成正比D.黑板擦吸附在黑板上静止时不受摩擦力3.两列简谐横波在某一均匀介质中相向传播，波源M(Om,O cm)产生的波沿x轴正方向传播，波源N

3、(9m,O cm)产生的波沿x轴负方向传播。t=O 时刻某一波源先开始振动，t=O.2 s时MN间的波形图如图所示。此时平衡位置位千x=2m和x=8m的两个质点都在波峰位置。下列说法正确的是y/cm:F-产,N）忧 A波源M 先振动且起振方向向下B沿x轴负方向传播的N波波速为10m/sC.再经过0.2 s,x=6 m的质点纵坐标为5 cmD.两列波可以发生稳定的干涉现象4.如图甲为小型交流发电机的示意图，两磁极N、S间的磁场可视为水平方向的匀强磁场，线圈绕垂直千磁场的水平轴00沿逆时针方向以角速度Q匀速转动，穿过线圈的磁通虽随时间的变化规律如图乙所示。下列说法正确的是R甲(f)/Wb o.2l

4、 _ _ 0.3/0.4 tis-0.2-A.线圈从图甲所示位置转过90时是图乙的计时起点B.每经过图甲所示位置1次，电流方向改变1次C.若线圈的匝数为20,则电动势的最大值是20 VD.若增大线圈转动的角速度，则磁通蜇变化率的最大值增大5.某透明均匀介质的横截面由四分之一圆CBD和一个直角三角形ABC构成，如图所示，其折射率n=瓦，四分之一圆的半径为R,CD面为黑色吸光板，乙BAC=60。一束单色平行光从AC界面中点处射入透明介质，入射角8=45已知光在真空中的传播速度为c。下列说法正确的是B 开年摸底联考广东卷物理试题笫1页（共8页）A.光线在AC界面折射后折射角为60B.光射入透明介质后

5、能从BD 界面射出C.光射入透明介质后，传播速度变为ncD.光射入透明介质后，波长变长开年摸底联考广东卷物理试题笫2页（共8页）6.如图所示 为边长为L的正六边形，在A、C、E点上分别放置电荷量为十Q、Q、+Q的点电荷，规定无限远处电势为零。关千三个点电荷形成的电场，下列说法正确的 是A.O点的电场强度比F点电场强度小7kQ B.B点和D点的电场强度大小均为，方向 相同4L2 C.将一个带负电小球 从0点移到C点，小球的电势能一直减少D.B点和D点的电势相等，从0-+-D和从0-+-B电势均是一直降低7.如图所示，竖直光滑 墙壁左侧区域有垂直于纸面向里的 匀强磁场，磁感应强度大小为B,磁场外边

6、界与竖直方向的夹角 为0=45在外边界与竖直墙壁交点处上 方 h高度由静止释放一个边长为L、质量为m、电阻为R的正方形 导电线框，经过时间t导电线框运动到虚线位置且加速度恰好为零，重力加速度为g,不计空气阻力，在此过程中Lxx、XX、x、X、A.导电线框的加速度一直在减小B导电线框中产生的热量为mghm3旷Rz2B4L4 C.速度最大 时 导电线框对墙壁的压力 大小为2mgD.导电线框所受安培力的冲量大小为m2gR mgt BZLZ二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有两个或两个以上选项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分

7、。8.2022年11月3日9时32分，梦天实验舱顺利完成转位，标志着中国空间站T字型基本结构在轨组装完成，如图所示。已知地球的半径为R,地球表面的 重力加速度为g,万有引力常量为G,忽略地球自转。若空间站 可视为绕地心做匀速圆周运动，根据已知条件可求出下列哪开年摸底联考广东卷物理试题笫3页（共8页）些物理最A.地球的质量C.地球的平均密度A B.空间站的 线速度大小D.空间站的周期9.如图所示，等腰梯形 ABCD内存在匀强磁场，磁感应强度大小为B,边长 AB=BC=CD=2 AD=l,质量为m、带电荷最为q(q O)的 粒子 从A点沿着 AD 方向射入磁场中，粒子仅在洛伦兹力作用下运动，为使粒

8、子不能经过 BC 边，粒子的速度大小可能为D A.忒qBl4m B.欢qBlZm C.2qBl m D.qBl m 10.如图所示，直角三角形斜劈ACE固定在水平面上，乙ABC=37勹斜边 AB长1.5 m,P点将AB分成两部分，AP=O.5 m,PE=l.0 m。小物块与AP段的动摩擦因数为伈，与PB段的动摩擦因数为妇。BC 水平放置，小物块从A点 由静止释放，经过时间t1下滑到B点时速度刚好为零；若在B点给小物块一个初速度Vo经过时间t2上滑到 A点时速度也刚好为零。重力加速度取g=lO m/s2,sin 37=0.6,cos 37=0.8。则B二l9 A.1+22=4 B.v。=6 m/

9、s C.t1伈D.t1 O)的带电粒子在A点以一定的速度v。进入电场，粒子到达B点的动能是初动能的9 倍；若改变粒子速度方向，以相同的初动能仍从A点进入电场，到达D点的动能为初动能的4倍。不计粒子重力，已知sin37=0.6,cos 37=0.8。(1)求匀强电场的大小和方向；(2)若粒子进入电场时速度的大小可变，且当粒子进入电场时速度方向与电场垂直时，为使粒子穿出长方形区域的动能增量最多，求该粒子进入电场时的速度；(3)若粒子进入电场时速度的大小可变，且当粒子进入电场时速度方向与电场垂直时，为使粒子第一次进入长方形区域时动量增量为mv0,求该粒子进入电场时的速度。A BD c 开年摸底联考广

10、东卷物理试题笫7 页（共8页）开年摸底联考广东卷物理试题笫8页（共8页）2023届高三开年摸底联考广东卷物理参考答案及评分意见l.B【解析】一个处于n=5 能级的氢原子向低能级跃迁时最多能发出4种不同频率的光子，A错误；放射性元素无论以单质还是以化合物形式存在都具有放射性，B正确；所有核子间都存在核力，C错误；;H十lH-+扞He+in+17.6 MeV是核聚变反应方程，D错误。2.A【解析】对黑板擦受力分析可知，竖直平面内黑板擦受到竖直向下的重力mg、水平方向推力F与滑动摩擦力户根据平衡条件可知f=(mg)2+F2=5 N,方向与mg、F的合力方向相反，A正确，B错误；黑板擦所受摩擦力与推力

11、大小不成正比，C错误；黑板擦吸附在黑板上静止时受到静摩擦力作用，D错误。3.C【解析】M波传播的距离远，即 M波先开始传播且波源M起振方向向上，A错误；又波速由介质决定，两列波的波速一定相同，4m 则N波的波速为v=-=20m/s,B错误；再经o.2 s,两列波各向前传播 x1=20 m/sXO.2 s=4 m的距离，x=6m的质点恰好o.2 s 是 M波的波峰与N波的波谷相遇，则其纵坐标为Y1=10 cm-5 cm=5 cm,C正确；两列波的波长不同，频率不同，不能发生稳定的干涉现象，D错误。4.D【解析】图甲所示位置线圈平面与磁感线平行，磁通量为零，是图乙的计时起点，A错误；线圈每经过中性

12、面1次，电流方向改变纭2穴1次，图示位置与中性面垂直，B错误；电动势的最大值Em=nBSw=n也=20 XO.2 X-V=2归v,c错误；磁通量变化率的T 0.4!:,.q 最大值-=,P,改，若增大线圈转动的角速度，则磁通量变化率的最大值增大，D正确。!:,.t sin 0 5.B【解析】设光经A C折射后折射角为0则n=,解得 0=30圆弧BD面上全反射临界角为c,则sinC=，解得C=45,sin 0 如图所示，光在 BD界面的入射角为30,小于全反射临界角，所以光能从BD界面射出，A错误，B正确；光射入透明介质后，传播速度变小，变为v=_!:_,光的频率不变，根据v=叮可知，波长变短，

13、C D错误。B6.D【解析】根据点电荷电场强度叠加可知，0点电场强度大小为E=2kQ 平点电场强度大小为EF=kQ Q 3kQ k=L2 4L2 4L2,A错误；欢kQkQ C、E两处点电荷在D点的合电场强度EDI=垂直OD连线向右，A处点电荷在D点的电场强度E02=，沿OD方向，则L2 4L2 7kQ D点的电场强度Eo=E扣+E扣，同理可知 B点的电场强度与 D点大小相等，但是方向不同，B错误；从0到C,电场沿4L2 o-c,电势一直降低，小球带负电，所以电势能一直增加，C错误；等量异种电荷连线的垂直平分线为等势面，且电势为零，所以从0到B,只研究E处的正电荷即可，电势逐渐降低，从0到 D

14、,只研究A处的正电荷即可，电势逐渐降低，根据对称性可知，BD两点电势相等，D正确。7.B【解析】导电线框开始在磁场中做加速度为g的匀加速直线运动，然后做加速度减小的加速直线运动，A错误；导电线框速度最E mgR 1 m3旷R2大时，E=BLv,I=，竖直方向满足mg=BIL,得v=一-,由能械守恒可得mgh=Q+m妒，得Q=mgh,B正确；R B2L2 2 2BL 开年摸底联考广东卷物理答案第1页（共4页）导电线框速度最大时在水平方向上FN=BIL=mg,C错误；在竖直方向由动量定理可知mgtI!i=mv0 得I安=mgtm2gR B九2但安培力还有水平方向的冲量，D错误。gR 8 AC【解析

15、】对地球表面的物体有GMm gR2 M G 3g R=mg,可得M=G，则地球的平均密度p=V 4 4穴GR=可求出地球的质擞和密亢R3 度，A、C正确；空间站绕地球运行，由万有引力提供向心力得GMm1 I V2，解得v=J召厂由牛顿第二定律有GMm=m(R+h)2 R+h R+h CR+h)4示(R+h)3T m R+h)解得T=2穴/-,空间站的线速度和周期无法 求出，B、D错误。gR 9.AC【解析】若粒子恰好从B点射出磁场，设轨道半径为r1,由几何关系有Zr1COS30=l,由qv1B=m可得v1=;听qBr1点qBlm 3m vqBr2乔qBl若粒子恰好从C点射出磁场，设轨道半径为r

16、,由几何关系有 2 r2cos 60=岛-l由qv2B=m可得v,=一-=。为使粒子不能经过BC边，粒子的速度 vv,AC正确。m m 10.AB C【解析】设x=AP,从A到B 由动能定理mg 3xsin 37-1mgcos 37 x-2mgcos 37 2x=O,解得,+2,=,A4 正确；从B到A 由动能定理mg 3xsin 37 1 mg cos 37 x2mgcos 37 2x=Omv6,联立解得v。=6 m/s,B正确；2 上滑过程中经过任意位置的速度都比下滑过程中经过 该位置的速度大，则上滑用时短，即 t,t,c正确，D错误。1 1.(1)(1分）(2)T m,x mgT min

17、(2分）2(2分）(3)C(2分）【解析】(1)为减小空气阻力带来的影响，应选用密度大的钢球，应选。(2)设初始位置时，细线与竖直方向夹角为0,此时拉力最小T=mgcos 0,由千 拉力传感器只能 测定竖直方向的（分）力，则测 得 最小值为 Tmin=Tcos 0=mgcos20,到 最低点时细线拉力最大，则mglClcos 0)=mv2,T m,xmg=m，联立可得 Tm,x=3mg 2 2 mgTm,n,即为了得到一条直线，应该 根据测 量 数据在直角坐标系中绘制Tmax mgTm,n关系 图像；若小球摆动过程中机械能守恒，该直线斜率的理论值为2。(3)该实验系统误差的主要来源是小球摆动过

18、程中有 空气阻力，使得机械能减小，C正确。1 2.(1)1 495 0(2分）C2)CD水果电池内阻太大，所以在移动滑动变阻器滑片时，电流表和电压表示数很小且变化不明显，故用图甲电路无法完成实验（合理即可得分）(2分）见解析(2分）等千(2分）大千(1分）U l.5 E【解析】(1)额定电压为1.5 v,额定电流为 0.3 A 的小灯泡的电阻为RL=-n=5 n,由闭合电路欧姆定律I=解得I 0.3RL+r 该水果电池的内阻约为r=互凡=1.5 I 1x10-3 Q5 O=l 495 0。(2)心水果电池内阻太大，所以在移动滑动变阻器滑片时，电流表和电压表示数很小且变化不明显，故用图甲电路无法

19、完成实验。由千水果电池的内阻较大，应选用大的可变电阻才能起到有效调节作用，滑动变阻器 R,(阻值0 20m阻值较小，故选择电阻箱R八阻值09 999.9 a);本实验 采用基本 的伏安法 即可以测盘，由于水果电池内阻较大，故可以采用电流表内接法；根据提供的器材，设计合理的电路图如图所示。开年摸底联考广东卷物理答案第2 页（共4页）R2 由测量电路可知，所测E测为电动势真实值，测量的内阻为电池内阻和 电流表的内阻之和，故E测等千E真，r测大千r真o3 1 9P 13.0)了p。十了pgh(2)20p:+扣5【解析】(1)对左侧气体由玻意耳定律有p。hS=p1(h+了h2h)5(2分）左侧竖管中水

20、银竖直方向受力平衡P1 S+p(2h 5 h)Sg=p左5(2分）3 3 1 则水银对U形管左下角水平管壁的压强p左p。+pgh(l分）2 3(2)右侧气体p。hS=p,(h+2h+h)5(2分）以横管中 的水银 为研究对象，p左Sp,S=p.主3 hS a(2分）解得9P。1a=+20ph 5 g(l分）14.(1)0.45 N(2)D点高【解析】(1)小球1离开弹射器后到达B点，根据动能定理1 Ep0mgL3mgR=mv(Z分）z 恰好能经过B点，根据向心力八飞VB 人工mg=mR(2分）联立解得Epo=O.22 J 设弹射器释放的弹性势能为肛时，碰前第小球1到达C点瞬时速度为Ve,根据动

21、能定理Ep2mgL=mv(l分）解得vc=2fto mis 两小球发生非弹性碰撞，动量守恒，设碰后瞬间速度为v气，力mvc=2mv气(1分）解得v气=冗m/s重力和支持力的合力提供向心 F矗NC2mg=2mZR(1分）根据牛顿第三定律，碰后瞬间对圆弧轨道C点压力大小FNc=FNe Cl分）联立解得FNc=0.45 NO分）(2)设两小球经过D点时速度大小为Vo,由C到D根据机械能守恒1 1 2mvb=6mgR+2mv扒1分）2 解得vn=万m/s1 1 C到E,机械能守恒，2mvi=2mg(2RRsin 0)+2m叶(1分）2 2 开年摸底联考广东卷物理答案第 3 页（共4页）在E点水平方向速

22、度分量VEx=VE sin 8(1分）联立解得Ve=vEx=15+5迈mis瓦m/s=vo故D点高(1分）5mv6 汇Vo15.Cl),方向与AB夹角0=37指向右下方(2)2qL 11【解析】设电场强度大小为E,方向与AB的夹角为0,1 粒子由A到B,Eq2Lcos 0=mv沪X8(2分）2 1 粒子由A到D,EqLcos(900)=mv沪X3(2分）2 解得0=375mv,E=2qL(2分）3 2(3)v。或Vo8 3(2)粒子从C点射出时，沿电场线方向的位移最大，动能增量最多，如图1将位移AC进行分解，4 2 DE=L,则EC=L(l分）3 3 2 11 FC=L,则AF=LO分）5 5 2 在垂直千电场的方向上：v1t=LO分）5 Eq 11 在沿着电场的方向上：-t=LO分）2m 5 解得J订-Vov,=11(1分）Eq 5v5(3)动量的增量:t:,.p=Ft:,.t=Eqt,其中-=-(1分）m 2L 2L 则t=-5v。勹cEq 12 设粒子进入电场的速度大小为V2,沿电场方向的位移为Y2,垂直千电场方向的位移为X2,则yz=-t=-LO分）2m 3 3 如图2所示，若x,=MH=L=v,t,则v,=v。(1分）20 8 4 2 若xz=MG=L=vzt,则vz=v。(1分）15 3 开年摸底联考广东卷物理答案第4 页（共4页）G