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类型2020年山西省高考4月份考前适应性测试文科数学含答案.pdf

  • 上传人(卖家):副主任
  • 文档编号:495105
  • 上传时间:2020-04-28
  • 格式:PDF
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    1、 A卷选择题答案 一、 选择题 1. B 【解析】 由zi = i + 1, 得z = i + 1 i , 化简得z = 1 - i. 2. C 【解析】 A是既不充分也不必要条件; B是充分不必要条件; C是必要不充分条件; D是充要条件. 3. A 【解析】 根据题目中条件可以判断是正确的, 是错误的. 4. B 【解析】 如图, 由于分段函数f ( x )的值域为( -3,e - 3)0, + ), 因此选B 5. C 【解析】 因为 AC BD, 所以 AC BD = 3 2 + ( -1) m = 0, 即m = 6, 所以四边形的面积为 | AC | BD 2 = 32+()-1

    2、2 22+ 62 2 = 10, 故选C 6. A 【解析】 根据图象中相邻最高点与最低点的位置, 可以估计周期约为5.5. 视星等数字越小亮度越高, 故最亮时约为3.7. 7. B 【解析】 由已知 c a c b = 4, 即c2= 4ab, a2+ b2= 4ab, b a + a b = 4. 变形得 (b a) 2-4 b a + 1 = 0, a b 0, 故 b a = 2 -3, 双曲线C1的渐近线方程为y = ( 2 -3 ) x. 8. B 【解析】 由三视图可知, 几何体是由一个底面半径为3, 高为3的圆柱体和一个底面边长为32, 高为2的正四 棱锥组合而成, 圆柱体的体

    3、积为27, 正四棱锥的体积为12, 所以几何体的体积为27 + 12. 9. D 【解析】 当a = b = c = 1时, 易知S1= S2= S3= 1 2, 此时 ABC是边长为2的正三角形, 面积为 3 2 . 而由A, B, C, D四个选项的计算结果依次为3, 3 4 ,3, 3 2 . 故选D. 10. A 【解析】 设A (x1, y1) , B (x2, y2) , y=2ax. PA的斜率kPA= 2ax1, PA:y - ax1 2 = 2ax1( x - x1). 把P的坐标代入上述方程得-1 - ax1 2 = 2ax1(1 - x1), ax1 2 - 2ax1-

    4、1 = 0. 同理ax2 2 - 2ax2- 1 = 0.x1x2= - 1 a . 由PAPB,2ax12ax2= -1, x1x2= - 1 4a2 . 由得a = 1 4 秘密启用前 2020年山西省高考考前适应性测试 文科数学参考答案详解及评分说明 文科数学试题答案第1页 (共5页) 评分说明: 1. 考生如按其他方法或步骤解答, 正确的, 同样给分; 有错的, 根据错误的性质, 参照评分说明中相应的规定 评分. 2. 计算题只有最后答案而无演算过程的, 不给分; 只写出一般公式但未能与试题所给的具体条件联系的, 不 给分. (第4题答图) 1 y x O 11. C 【解析】f (x

    5、) =sin2x + 23 sin2x -3 = 2sin(2x - 3) , 又f (x 1) f (x2)= -4, 所以f ( x)在x1, x2处取到最大值和最小值, 不妨设在 x1处有最大值, 则x1= k1 + 5 12 , x2处取到最小值, 则 x2= k2 - 12 , 得|x1+ x2= | | | | | | | |( k 1+ k2) + 3 , k1, k2Z. 所以|x1+ x2的最小值为 3 . 12. D【解 析】如 图 所 示 ,E,F,G,H,N分 别 为B1C1,C1D1,DD1,DA,AB的 中 点 , 则 EF B1D1 NH,MN B1A FG, 所

    6、以平面MEFGHN平面 AB1D1, 所以动点P的 轨迹是六边形MEFGHN及其内部 . 因为AB = AD = 2,AA1= 4, 所以 EF=HN=2, EM=MN=FG=GH=5, GM=22,E到GM的 距 离 为 5 - ( 2 2 )2= 32 2 , 所 以 S = 2S梯形EFGM= 2 2 + 22 2 32 2 = 9. B卷选择题答案 1. D2. C3. A4. B5. A6. A 7. C8. C9. D10. D11. C12. B A、 B卷非选择题答案 二、 填空题 13.0,1 【解析】 因为A =x|-1 1时,f( x ) 0, i) 当m = 1时, 则

    7、f( x )= ( x - 1)2 x 0恒成立, 且只有x = 1时f( x )= 0, 因此,f ( x )在 (0, +) 上单调递增;8分 ii) 当m 1时, 则由f( x ) 0得x 1或0 1 m 或0 x 1; 由f( x ) 0得1 x 1 m, f ( x )在 (0, 1) 上单调递增, 在 (1, 1 m) 上单调递减, 在 ( 1 m, + ) 上单调递增.12分 21. 解:(1) 由已知设H (x, y) , A (x1, y1) , B (-x1, -y1) , 于是有x 2 + 2y2= 2,x1 2 + 2y1 2 = 2, 相减得 x2- x1 2 = 2

    8、( y1 2 - y2).2分 又kHAkHB= y - y1 x - x1 y + y1 x + x1 = y2- y1 2 x2- x1 2= - 1 2 4分 kHA= 1, kHB= - 1 2. 5分 文科数学试题答案第4页 (共5页) 文科数学试题答案第5页 (共5页) (2) 设M (4, y0) , P (x3, y3) , Q (x4, y4) , 则SMPE= 1 2 |FE y0- 1 2 |FE y3= 1 2 |FE ( y0- y3),SPFE= 1 2 |FE y3,SQFE= 1 2 |FE ( -y4). 由SPFE= SMPE+ SQFE得y0= 2y3+

    9、y4.7分 设l:x = my - 1, 令x = 4, 得y0= 5 m, 2y 3+ y4= 5 m .9分 把x = my - 1代入 x2 2 + y2= 1得( m 2 + 2 ) y2- 2my - 1 = 0. y3+ y4= 2m m2+ 2 , y3y4= - 1 m2+ 2 .11分 联立得y3= 5 m - 2m m2+ 2, y4= 4m m2+ 2 - 5 m . 把代入得( 5 m - 2m m2+ 2 )( 4m m2+ 2 - 5 m ) = - 1 m2+ 2. 12分 化简得m4+ 19m2+ 50 = 0, 由于此方程无解, 故所求直线l不存在. 22.

    10、解: 设P (,) 为AB延长线上任意一点, 则 SOAB+ SOBP= SOAP, 即 1 2 33 sin 6 + 1 2 3 sin( - 6 ) = 1 2 3 sin.2分 化简得3 =3 sin + cos, 即l的极坐标方程为 = 3 2sin ( + 6 ) . 当P在AB之间或在BA的延长线上时, 可得同样的方程.5分 (2) 把 = 0代入 = cos得|OE = 1, 由题知|OA = 3,6分 把 = 3 代入 = cos得|ON = 1 2; 把 = 3 代入 = 3 2sin ( + 6 ) 得|OM = 3 2. 8分 |OE |OA = |ON |OM = 1 3, NEAM. 10分 23. 解: 因为x 3, 所以x - 3 0, 所以f ( x) =|x - 3 +|x - a = 3 - x +|x - a. (1) 当a 3时,f ( x ) =-2x + a + 3,x a, 3 - a,a 3时, 因为x 3, 所以x - a 1 综上, 得证10分

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