2020年高考理科综合预测押题密卷I卷 参考答案.pdf

1、理科综合答案第 1 页（共 7 页）理科综合答案第 2 页（共 7 页） 一一、选选择择题题 1. 【答答案案】C 【解解析析】本题以种子萌发为背景，综合考查细胞代谢及植物激素 调节的有关知识。油菜种子中富含脂肪，萌发时脂肪在脂肪酶的 催化下水解，并转化成糖类等物质，因此此时脂肪酶的活性会增 强，A 正确；种子在萌发的过程中细胞呼吸增强，产热增多，这 一过程中NAD转化成 NADH 增加，B 正确，C 错误；赤霉素促 进种子萌发，因此在种子萌发时赤霉素的含量会增加，D 正确。 2. 【答答案案】C 【解解析析】本题考查教材实验的有关知识。在脂肪检测实验中，利 用苏丹染液对子叶薄片染色后，要用

2、50%的酒精将浮色洗去，A 正确；在土壤中小动物类群丰富度的研究实验中，利用 70%的酒 精保存收集到的土壤小动物，一是可以杀死这些小动物，二是起 到防腐的作用， B 正确； 在低温诱导植物染色体数目的变化实验中， 使用的是 95%的酒精冲洗卡诺氏液处理过的根尖，C 错误；提取 绿叶中的色素时可使用无水乙醇也可使用 95%的酒精，只是在使 用95%的酒精时要加入适量的无水碳酸钠， 利用15%的盐酸和95% 的酒精等体积混合后处理植物的根尖，可使组织中的细胞分散开， D 正确。 3. 【答答案案】C 【解解析析】本题考查基因的表达及细胞凋亡的有关知识。过程是 转录，DNA 双链解开后，游离的核糖

3、核苷酸与 DNA 的碱基互补， 在这个过程中两者以氢键结合，A 正确；过程是翻译，在这个 过程中有信使 RNA、 转运 RNA 和核糖体 RNA 三类 RNA 的参与， B 正确；基因 ARC 存在于人体所有细胞中，C 错误；基因 ARC 在心肌细胞中表达，可以抑制心肌细胞的凋亡，从而维持心脏的 正常功能，D 正确。 4. 【答答案案】B 【解解析析】本题以新冠肺炎为背景考查免疫和遗传变异的有关知识。 病毒无独立代谢能力，不能用培养基直接培养，A 错误；两种病 毒致死率差异的根本原因是它们的遗传信息不同，即核酸碱基序 列不同， B 正确； 给患者注射新冠肺炎康复者血浆是利用其中大量 的抗体抑制

4、患者体内的 SARS CoV 2，而接种 SARS CoV 2 疫苗是刺激机体产生针对 SARS CoV 2 的特异性免疫，注射康 复者血浆的目的主要在于治疗，而接种 SARS CoV 2 疫苗的目 的主要在预防，C 错误；病毒没有细胞结构，不会通过减数分裂产 生配子，更不会发生因交叉互换引起的基因重组，D 错误。 5. 【答答案案】D 【解解析析】本题考查神经调节的有关知识。根据图中神经元细胞体 的数量可知，图中有 4 个神经元，这些神经元形成了 5 个突触，A 错误；根据题干信息可知，刺激海兔尾部后还要轻触虹吸管才能 引起缩腮反射， 故只刺激海兔尾部是不会引起缩腮反射的， B 错误； 由于

5、兴奋在神经元之间的传递是单向的，即只能由突触前膜传至 突触后膜，因此刺激 a 处，仅能在 d 处测到电位变化，C 错误；只 有不断地重复刺激，短时记忆才能变成长期记忆，D 正确。 6. 【答答案案】D 【解解析析】本题考查遗传的基本规律和变异的有关知识。该植物的 花色受一对等位基因控制，因此遵循分离定律；白化个体自交后 代出现性状分离，据此可判断，白花为显性，红花为隐性，A 正 确；由于白花植株的花粉离体培养后再用秋水仙素处理，所得植 株只开红花，因此可判断含基因 A 的花粉不育，含基因 a 的花粉 可育，又因白花自交的后代既有白花又有红花，因此含基因 A 或 基因 a 的卵细胞都是可育的，

6、B 正确； A/a 在这对缺失的染色体上， 若缺失的片段中包含与花色有关的基因，那么子代中就不会同时 出现红花和白花两种性状， C 正确； 如果 A/a 不在这对缺失的染色 体上，且含有缺失染色体的花粉不育，根据自由组合定律可知， 白花的染色体正常的花粉中既有含基因 a 的花粉也有含基因 A 的 花粉，显然与题干表述的意思不符，D 错误。 7. 【答案】【答案】D 【解析】【解析】A.地壳中含量较高的元素是O、Si、Al、Fe，碳在地 壳中含量不高，但是碳的化合物数量极多，分布极广，A 错误； B.糖类被称为“碳水化合物”是由于糖类由碳、氢和氧三种元素组 成，它所含的氢元素和氧元素的比例为二比

7、一，和水一样，故称 为碳水化合物，而且糖类不是由碳和水结合而成，而是由多羟基 醛或多羟基酮脱水缩合而成，B 错误；C. 12C 、 14C 不是单质的形 式，互称为同位素，不是碳的同素异形体，C 错误；D.天然气、柴 油都是古生物的遗体被掩压在地下深层中，经过漫长的演化而形 成的(故也称为“化石燃料”)，一旦被燃烧耗用后，不可能在数百 年乃至数万年内再生，因而属于不可再生资源。沼气是利用人工 方法，使用麦秸或牲畜粪便生成的，所以说沼气是可再生资源。 在酸、碱或酶的作用下，将地沟油(高级脂肪酸甘油酯)与过量的甲 醇或乙醇反应，形成高级脂肪酸甲酯或高级脂肪酸乙酯，即生物 柴油，属于可再生资源，D

8、正确。 【点睛】【点睛】本题考查化学常识问题，难度不大，但要细心方能得分。 8. 【答案】【答案】B 【解析】【解析】A.由于分子中 5 个碳原子均是饱和碳原子，而与中心的 饱和碳原子相连的 4 个原子一定构成四面体，所以分子中所有碳 原子不可能均处在同一平面上，A 错误；B方法一：有 2 种不同的 H 原子，可采用“定一移二”的方法，若将第一个 Cl 固定在与中心碳原子相对的碳原子上， 另一个 Cl 原子有四种位置： ；若将第一个 Cl 固定在与中心碳原子相邻的碳 原子上，另一个 Cl 原子有四种位置：，因此，螺3，3 庚烷的二氯代物有 4+4=8 种，B 正确；方法二：若二氯代物中两 个

9、Cl 原子位于同一个 C 原子上，有 2 种不同结构。若两个 Cl 原 子位于不同 C 原子上，在一个四元环上，有 2 种不同结构；若位 于两个四元环上， 有 4 种不同结构， 因此二氯代物共有2248 种，B 正确；C.3 甲基 1 庚烯的分子式为 816 C H，螺3，4辛 烷的分子式为 814 C H，两者分子式不同，所以不是同分异构体，C 错误；D.1 mol 螺4，4壬烷含有的 C C 键数目为 A 10 N，C H 键数目为 A 16 N，所以 1 mol 螺4，4壬烷含有的共价键数目为 A 26 N，D 错误。 【点睛】【点睛】本题考查有机物的结构、同分异构体的概念、同分异构 体

10、数目判断等知识，难度较大，注意方法的积累。 9. 【答案】【答案】A 【解析】【解析】A.闭合开关 1 K时，电极 1 的电极反应式为 2 2H O2e 2 H2OH，可得到 2 H，A 正确；B.闭合开关 2 K时，负极区（即 阴极区）的电极反应式为 22 NiOOHe +H ONi(OH) +OH ，B 错 误；C.闭合开关 2 K时，若转移 1 mol 电子，电极 2 产生气体在标 况下的体积为 1 22.45.6 L 4 ，由于缺少标准状况，C 错误；D.改 变开关闭合方式，当得到 2 H和 2 O的物质的量之比为 21 时，碱 性电解液中，(OH )n 不变， 但由于生成气体， 电解

11、液的体积减小， 碱性电解液的浓度增大，D 错误。 【点睛】【点睛】本题考查电化学知识，注意负极区是指与电源负极相连 的区域，即阴极区。 10.【答案】【答案】C 【解析】【解析】A.方法一：黄铜矿 2 CuFeS中铜元素显+2 价，铁元素显+2 价，硫元素显2价，反应 I 的化学方程式为： 23 CuFeS3FeCl 2 CuCl2S4FeCl，每 3 3mol FeCl参与反应，被氧化的 2 CuFeS 的物质的量是1mol，但是氧化剂有 3 FeCl和 2 CuFeS两种，其中 被 3 FeCl氧化的 2 CuFeS的物质的量小于 1 mol，A 错误；方法二： 黄铜矿 2 CuFeS中铜

12、元素显2价， 铁元素显2价， 硫元素显2价， 反应 I 的化学方程式为： 232 CuFeS3FeClCuCl2S4FeCl， 2 1mol CuFeS失去电子的物质的量为 4 mol， 3 3mol FeCl得到电子 的物质的量为 3 mol，根据得失电子数目相等，每 3 3mol FeCl参 与反应，被 3 FeCl氧化的 2 CuFeS的物质的量是 3 mol 4 ，A 错误； B.操作 1 为过滤，需要的仪器有漏斗、烧杯、玻璃棒，B 错误； C.反应为高温氧化煅烧法制备磁性氧化铁，化学方程式为： 32 6FeCOO 342 2Fe O6CO，C 正确；D.滤渣为 S、CuCl， CuC

13、l 与 NaCl 溶液发生反应： 2 CuClNaClNaCuCl ， S 不溶， 过滤得到 2 NaCuCl 溶液，固体 A 为 S；反应使用氯化钠溶液， 反应生成的溶液 A 含有 2 CuCl、NaCl，氯化钠可循环使用，但 是固体 A 和溶液 A 含有的元素种类不相同，D 错误。 【点睛】【点睛】本题考查化学工艺流程、化学实验操作、氧化还原反应 等知识，难度较大。 11.【答案】【答案】B 【解析】【解析】A.锌和稀硫酸的反应放热，故生成的氢气中含有水蒸气， 3 SiHCl遇水 2 H O强烈水解，所以装置 B 中用浓硫酸干燥氢气，A 正确； B.因为 3 SiHCl容易在空气中自燃，

14、故操作时应先打开装置 A 中分液漏斗的旋塞，使生成的 2 H排尽装置中的空气，B 错误； C.装置D 中反应的化学方程式为： 32 SiHClHSi+3HCl， 所以装置 C 中的烧瓶需要加热，其目的是使滴入烧瓶中的 3 SiHCl 气化，C 正确；D.该反应在 1 1001 200 下制备纯硅，由于高温 下，普通玻璃管会软化，所以装置 D 使用石英玻璃管，D 正确。 【点睛】【点睛】本题考查化学实验的知识，难度不大。 12.【答案】【答案】C 【解析】【解析】A.Y、Z、W 处于不同短周期、不同主族，说明有一种元 素为 H，根据图示结构可知，W 形成+2 价阳离子，X 形成 2 个共 价键，

15、Y 可以形成 4 个单键，Z 形成 1 个共价键，则 Z 为 H 元素， W 位于A 族，X 位于A 族；W、X 对应的简单离子核外电子 排布相同，则 W 为 Mg 元素，X 为 O 元素；X 的最外层电子数恰 好等于 Y、Z、W 的最外层电子数之和，Y 的最外层电子数为 62 13 ，Y 与 H、Mg 不同周期，则 Y 为 B 元素，Y 位于A 族，A 错误；B.根据 A 选项分析可知，W 为 Mg 元素，X 为 O 元 素，Y 为 B 元素，Z 为 H 元素，所以原子序数大小关系为： WYXZ，B 错误；C.W 为 Mg，Mg 元素被称为“国防金 属” ，C 正确；D.Z 为 H 元素，电

16、解氯化钠的水溶液可得到 2 H单 质，D 错误。 【点睛】【点睛】 本题考查物质结构的知识， 注意电解熔融的NaCl得到Na 和 2 Cl，电解氯化钠的水溶液可得到 2 H、 2 Cl和NaOH。 13.【答案】【答案】B 【解析】【解析】A.pH5.3时， - (A ) lg0 (HA) c c ，即(A )(HA)cc ，HA酸的 电离常数 pH5.3 a (A )(H ) =(H )1010 (HA) cc Kc c ， 其数量级为 6 10， A 正确；B.C点对应溶液中， (A ) 10 (HA) c c ，结合 a (A )(H ) = (HA) cc K c 5.3 10，得出

17、6.3 (H )10c ，所以C点对应溶液显酸性，即 (H )(OH )cc ，溶液中电荷守恒关系为(K )(H )(A )ccc (OH )c ，所以离子浓度关系为(A )(K )(H )(OH )cccc ； 由物料守恒(K )(A )(HA)ccc ，可知(A )(K )(HA)ccc ， 综上所述，C点对应溶液中：(A )(K )(HA)(H )(OH )ccccc ， B 错误；C.由于 14 5.3 W a 5.3 a 10 10 10 K K K ，所以向50 mL HA溶液 中加入 25 mL KOH 溶液时，得到等浓度的 HA 和 KA 混合溶液， 混合溶液以电离为主，使(A

18、 )(HA)cc ，即 (A ) lg0 (HA) c c ，故B点 对应的 KOH 溶液的体积小于25mL，C 正确；D.A的水解常数 h K 随温度升高而增大， 所以 + + (A )(A )(H ) (HA)(OH )(HA)(OH )(H ) ccc ccccc a wh 1K KK ，随温度升高而减小，D 正确。 【点睛】【点睛】本题考查水溶液中的离子平衡等知识，注意 a K、 h K的 应用。 二、选择题二、选择题 14.【答案】【答案】C 【解析】【解析】选项 A 中氢原子从第 4 激发态跃迁到第 2 激发态是从高 能级向低能级跃迁，要辐射光子，选项 A 错误；选项 B 中为一个

19、 氢原子，从4n激发态向基态跃迁，最多可以辐射出 3 种频率的 光子，选项 B 错误；选项 C 中用光子能量为 13.06 eV 的光照射一 群处于基态的氢原子，氢原子可以跃迁到5n的激发态，再向低 能级跃迁可以辐射出 10 种频率的光子， 选项 C 正确； 选项 D 中氢 原子的核外电子由低能级跃迁到高能级时，轨道半径变大，动能 变小，电势能变大，选项 D 是错误的。 15.【答案】【答案】A 【解析】【解析】根据带电粒子运动的轨迹，可以判断出带电粒子和点电 荷Q之间是库仑斥力，粒子从a到d的过程中，电场力做负功， 电势能增加， 选项 A 正确； 题目中没有给出带电粒子和点电荷Q的 带电情况

20、，无法判断电势的高低，选项 B 错误；带电粒子仅受电 场力作用，加速度最大的点应为电场力最大的点，也就是场强最 大的点，即距点电荷Q最近的点，选项 C 错误；ab之间任意一点 的电场强度均小于bc之间任意一点的场强， 带电粒子在ab之间电 场力做功小于bc之间电场力做的功，粒子在a、b间的动能改变 量小于在b、c间的动能改变量，选项 D 错误。 16.【答案】【答案】D 【解析】【解析】根据万有引力定律 12 2 m m FG r ， 1 m和 2 m的和一定，根 据均值不等式可以判断出最初演变的过程中， 12 m m逐渐变大，它 们之间的万有引力逐渐变大，选项 A 正确；根据 2 12 11

21、 2 mm Gmr r 2 21 ()mrr，求得 2 1 12 m rr mm ，将 1 r代入 2 12 11 2 mm Gmr r 解 得 12 3 ()G mm r ，可以判断出角速度不变，选项 B 正确；根 据vr和 2 1 12 m rr mm 可知：体积较大的星体质量变小，做圆周运 动轨迹半径变大， 线速度也变大， 选项C 正确， 选项D 错误。 故选D。 17.【答案】【答案】D 【解析】【解析】第 1 s 内和第 9 s 内加速度均竖直向上，乘客处于超重状 态， 选项 A 错误； 第 2 s 内研究乘客， 根据牛顿第二定律， 0 Fm g 0 m a代入数值解得电梯对乘客的支

22、持力为 550 N，由牛顿第三定 律可知，乘客对电梯的压力为 550 N，选项 B 错误；第 2 s 内研究 乘客和电梯整体，根据牛顿第二定律， 00 ()()Tmm gmm a 代入数值解得钢索对电梯的拉力为 22 550 N，选项 C 错误；第 2 s 内研究乘客，根据动量定理 00 Im gtmv，结合at图像的面 积表示速度变化，可求得1m/sv ，代入数值解得电梯对乘客的 冲量为550 N s ，故选项 D 正确。 18.【答案】【答案】D 【解析】【解析】根据题中“小滑块从a点由静止下滑和又被弹回到a点” 可知：滑块和斜面间无摩擦，滑块滑到b时，合力为重力沿斜面的 分力，加速度和速

23、度同向，继续加速，当重力沿斜面的分力和弹簧 弹力相等时，速度最大，选项 A 错误；整个过程中，滑块和弹簧组 成的系统机械能守恒，滑块的机械能从a到b不变，从b到c机械 能逐渐减小，转化为弹簧的弹性势能，c到b弹簧的弹性势能逐渐 减小，滑块的机械能逐渐增加，从b到a机械能不变，选项 B 错误； 对滑块和弹簧组成的系统，根据能量转化()sin30 P mg abbcE， 代入数值解得5 J P E ， 选项 C 错误， 弹簧弹力做功等于弹性势能 的变化，故选项 D 正确。 19.【答案】【答案】BC 【解析】【解析】线框从中性面开始转动，电动势和电流均随时间按正弦 规律变化，sin m IIt，代

24、入数值解得2 m II，感应电流的有 效值2 2 m I I，选项 A 错误；根据 mm m enBs I RRR ，可以 理科综合能力测试答案全解全析 理科综合答案第 3 页（共 7 页）理科综合答案第 4 页（共 7 页） 计算出 2 m IR ，选项 B 正确；计算电量应该用电流的平均值， qIt， 根据欧姆定律 E I R ， 根据法拉第电磁感应定律En t ， 从中性面开始转过 2 的过程中，磁通量的变化 m BS，可 以计算出 2I q ，选项 C 正确；计算电热应利用电流的有效值， 线框转一周的过程中，产生的热量 2 QI Rt， 2 t ，可以计算 出热量 2 4RI Q ，选

25、项 D 错误。 20.【答答案案】BC 【解解析析】皮带对邮件的作用力为竖直向上的支持力和水平向右的 摩擦力的合力，方向斜向右上方，选项 A 错误；以邮件为研究对 象，根据动量定理得mgtmv，代入数值解得0.2 st ，选项 B 正确；以邮件为研究对象，根据动能定理得 2 1 2 mgxmv，代入 数值解得0.1mx ，选项 C 正确；邮件对皮带的摩擦力做功为 cos1802 JWmg xmgvt 传送带 ，选项 D 错误。 21.【答答案案】AD 【解解析析】线框刚进入磁场，cd边切割磁感线，根据右手定则或楞 次定律，可以判断出感应电流的方向为逆时针（为正方向） ，电流 的大小 EBLv

26、I RR ，代入数值解得1AI ，此时ab边两端的电 压 1 0.5 V 4 ab UIR；线框全部进入磁场，穿过线框的磁通量为 零没有感应电流，但ab和cd两条边同时切割磁感线，产生感应电 动势，相当于两节电池并联，2.0 V ab UBLv，最后线框穿出磁 场，ab边切割磁感线，相当于电源，根据右手定则或楞次定律判 断出感应电流的方向为顺时针（为负方向） ， EBLv I RR ，代入 数值解得1AI ，此时ab边两端的电压 3 1.5 V 4 ab UIR，选 项 AD 正确。 三三、非非选选择择题题 （一一）必必考考题题： 22.【答答案案】4.01.0 【解解析析】物体做匀变速直线运

27、动，根据运动学公式 2 0 1 2 xv tat， 两边同时除以时间t，变形得 0 1 2 x vat t ，结合图线可知，初速度 为纵轴截距 0 4.0 cm/sv ，斜率为 1 2 a，代入数值解得 2 1.0 m/sa 。 23. 【答答案案】 （1）AC； （2）如图所示 【解解析析】 （1）采用“10”挡，调零 后测量该电阻，发现指针偏转非常 大，最后几乎紧挨满偏刻度停下来， 说明待测电阻的阻值较小，为了使 欧姆表指针在中值电阻附近读数， 减小误差，需更换较小的倍率，更 换倍率后需重新调零后再测量，故答案为 AC； （2）电源电动势只 有3 V，待测电阻阻值较小，选用电压表 1 V（

28、量程 03 V，内阻 很大）和电流表 1 A（量程 050 mA，内阻约 12 ）来测量电阻， 当电流表满偏时，电压表偏角较小，故采用放大法测量，选用滑 动变阻器 2 R(01 k，允许最大电流 0.5A)，又因为滑动变阻器 的电阻较大，采用限流电路即可。电路图见答案。 24.【答答案案】 （1）1st ； （2） 23 J 15 P E 【解解析析】 （1）物块B的加速度 B B B m g a m 小车A的加速度 B A A Fm g a m 物块B的位移 2 1 2 BB xa t 小车A的位移 2 1 2 AA xa t 根据位移关系有 0AB xxLL 解得1st （2）撤掉外力时，

29、物块B的速度 BB va t 撤掉外力时，小车的速度 AA va t 从撤掉外力到弹簧压缩最短的过程中，根据动量守恒定律 () AABBAB m vm vmmv 从撤掉外力到弹簧压缩最短的过程中，根据能量关系 222 111 () 222 AABBABBP m vm vmmvm gdE 由上式解得： 23 J 15 P E 25.【答案】【答案】见解析 【解析】【解析】 （1）磁场方向垂直纸面向外。 设加速电压为 0 U，电子刚进入偏转极板时的速度大小为v，则对 加速的电子应用动能定理得 2 0 1 2 eUmv 两种场都存在的情况中，电子不偏转，则电子受到的洛伦兹力为 fevB 极板间电场强

30、度为 U E d 电场力为 FEe 电子不偏转，则 Ff 由式得 2 0 22 2 mU U ed B （2）设一个极短时间t内撞击荧光屏的电子个数为n，撞击力为 1 F，则对这些电子用动量定理，得 1 Ftnmv 由电流的定义式得 ne I t 由式得 1 mIU F edB （3）在撤去电场后，设电子的偏转角为，电子轨迹半径为r， 由图可知 22 tan()ysrrL 由于很小，则 tansin L r 222 2222 22 (1) rLL rrLrrrr rr 24 22 24 (1) 24 LL rr rr 由于 4 4 4 L r 可略去，所以 22 22 2 (1) 22 LL

31、rrLrr rr 又洛伦兹力充当向心力，所以 2 v evBm r 由得 电子的荷质比 22 2 (2) eyU mB dsLL 26.（14 分） 【答案】【答案】 （1） 2 322 SO2HSO+H O （2 分）使分 液漏斗和蒸馏烧瓶压强相等，便于液体顺利流下（1 分） 232424 SO2NaClOH SO2ClO2NaHSO（2 分） ghbcefd（或 hgbcefd） （2 分） （2）正（1 分） 22 ClOeClO （1 分） 3222 ClOClO2H2ClOH O +（1 分） 0.8（2 分） （3） 50 13 b (或 3.85 b） （2 分） 【解析】【解析

32、】 （1）该实验中用到 70%的浓硫酸，水分较多，应该拆 开，亚硫酸钠固体易溶于水，应该拆开，故装置 A 中反应的离子 方程式为 2 322 SO2HSOH O 。注意烧瓶有侧管，为蒸馏烧 瓶，橡胶管的作用是使分液漏斗和蒸馏烧瓶压强相等，便于液体 顺利流下。由装置 B 中生成一种酸式盐，可知装置 B 中发生反 应的化学方程式为 232424 SO2NaClOH SO2ClO2NaHSO。 二氧化硫从 a 进入装置 B 中反应，为防止倒吸，故应在 B 之前 有安全瓶，则 agh（或 ahg） ，为反应充分，再连接装置 B 中的 b，二氧化氯沸点较低，在 D 中进行冰水浴收集，为了充分 冷却，便于

33、收集，连接 e，最后用氢氧化钠吸收未反应完的二氧化 硫，防止污染空气，连接顺序为：aghbcefd（或 ahgbcefd） 。 （2）根据题中物质所含元素的化合价的变化情况可以看出：A 电极所连接的电极发生还原反应，是电解池的阴极，故 A 为电源 的负极，则 B 为电源的正极。负极区即阴极区，阴极区发生的 反应依次为 - 22 ClOeClO； 3222 ClOClO2H2ClOH O +。 正极区即阳极区，负极区即阴极区，由阴极区发生的反应 22 ClOeClO 和 3222 ClOClO2H2ClOH O +，可知电路 中每转移 1 mol 电子，阴极收集到 2 ClO气体的物质的量为21

34、 1mol； 由阳极区发生的反应 22 H O4eO4H 2， 可知电路中 每转移4 mol电子，阴极收集到 2 O的物质的量为 1 mol，因此，当 阴阳两极共收集到标况下的气体体积为 22.4 L 时（阴极收集到 2 0.8 mol ClO，阳极收集到 2 0.2 mol O） ，转移电子的物质的量为 0.8 mol。根据阳极区发生的反应 22 H O4eO4H 2，转移 0.8 mol电子生成0.8 mol H，同时，有0.8 mol H移向阴极区， 故阳极区H浓度不变。 根据阴极区发生的反应 22 ClOeClO 和 3222 ClOClO2H2ClOH O +， 转 移0.8 mol

35、电 子 消 耗 1.6 molH，同时有0.8 mol H移向阴极区，所以，阴极区H的 物质的量减小1.60.80.8 mol， 又因为溶液的体积为 1 L，H浓 度减小0.8 mol/L，所以此时阳极区与阴极区 + c(H )之差为 0.8 mol/L，即正极区与负极区 + c(H )之差为0.8 mol/L。 （3） 2 ClO将CN氧化， 只生成两种无毒气体， 气体是氮气和 2 CO， 所以1mol CN失去 5 mol 电子，故 2 ClO和CN为 11 关系。 2 1mol ClO得到 5 mol 电子，所以处理 3 100 m这种污水，至少需 要 2 ClO的物质的量为 53 10

36、 Lmg/L 10g/mg50 =mol 26 g/mol13 bb 。 【点睛】【点睛】考查二氧化氯( 2 ClO)的制取方法及反应原理的知识。 27.（15 分） 【答案】【答案】 （1） 222 2Al2OH2H O2AlO3H (1 分)、 2322 Al O2OH2AlOH O （1 分） （2）难溶性杂质（1 分）将 2 Fe 氧化为 3 Fe ，且不引入新杂质 （2 分）产品中混有绿矾（ 42 FeSO 7H O） （1 分）取少 量样品加入蒸馏水溶解， 滴加铁氰化钾溶液， 产生蓝色沉淀， 则产品中含有 2 Fe （2 分） （3）3.2pH7.1（1 分）抑制 2 Ni 水解（

37、1 分） （4）蒸发浓缩、冷却结晶（2 分）重结晶（1 分） （5）96.95（2 分） 【解析】【解析】 （1）根据题干的已知信息：废渣中含有“少量铁、铝单质 及其氧化物” ，铝、氧化铝均能与碱反应，故“碱浸”操作发生的离 子方程式为： 222 2Al2OH2H O2AlO3H 、 23 Al O2OH 22 2AlOH O 。 （2） “固体”的主要成分是不溶于酸和碱的难溶性杂质。 亚铁离子具有还原性，双氧水具有氧化性，加入双氧水是为了氧 化亚铁离子成为铁离子， 离子反应方程式为： 2 22 2FeH O2H 3 2 2Fe2H O ，并且 22 H O的还原产物为 2 H O，不引入新杂

38、质。 如果加入双氧水不足，或反应时间较短，亚铁离子不能完全被氧 化成铁离子，产品中混有绿矾。方法一：亚铁离子可以被氧化为 铁离子，加入氧化剂即可验证，正确的方法是：取少量样品加入 蒸馏水溶解，滴加酸性高锰酸钾溶液，若溶液紫色褪去，则产品 中含有亚铁离子。方法二：取少量样品加入蒸馏水溶解，滴加铁 氰化钾溶液，产生蓝色沉淀，则产品中含有 2 Fe 。 （3）由表格可知，氢氧化铁的沉淀范围是 2.73.2，氢氧化镍的 沉淀范围是 7.19.2，该步骤的目的是除去铁离子，但是不沉淀镍 离子，所以操作 b 调节溶液范围为3.2pH7.1。 （4）从 4 NiSO溶液中获得 42 NiSO7H O的操作为

39、蒸发浓缩、冷却 结晶、过滤、洗涤、干燥；若所得 42 NiSO7H O晶体不纯，应继续 进行重结晶来提纯。 （5）59.00 mL与69.10 mL、68.90 mL差别较大，应该舍去，所 以消耗标准液的平均体积为(69.10 mL+68.90 mL)269.00 mL， 32 22 n(Na H Y)0.2000 mol/L(69.00 10 ) L=1.38 10mol ，根据 滴定反应式知， 2 42 m(NiSO 7H O)(1.38 10 ) mol281g/L=3.8800 g ，样品纯度 42 (NiSO7H O)3.8800 g/4.000g100%96.95%。 【点睛】【点

40、睛】本题考查无机物制备流程，涉及离子反应方程式书写、 氧化还原反应、离子的检验等知识。 28.（14 分） 【答案】【答案】 （1） 34 2Fe O 2 6FeOO（2 分） ； 2 mol（2 分） ；FeO（2 分） （2）a（1 分） ； 该反应为：0H、0S ，所以低温自发（2 分） ； 4 26 728 ()() 147147 2884 ()() 147147 PP PP （2 分） ； I（1 分）a、b、c 三点均未达到平衡状态，c 点比 a 点 温度高，因此反应速率c a，故相同时间内 2 CO的转化 率c a；催化剂的催化效果强于催化剂，因此反应 速率ab， 故相同时间内

41、2 CO的转化率ab， 因此 2 CO 的转化率c ab（2 分） 【解析】【解析】 （1）由原理图可知，热分解系统中 34 Fe O分解生成FeO 2 O，发生反应的化学方程式为 34 2Fe O 2 6FeOO。 由原理图可知，重整系统中 2 CO和FeO反应生成 34 Fe O和C，发 生反应的化学方程式为 2 6FeOCO 34 2Fe OC，该反应生成 34 2 mol Fe O和1mol C转移 4 mol 电子， 故生成 34 1mol Fe O转移电 子的物质的量为 2 mol。整个工程中，原料为 2 CO和FeO， 重整系统中发生反应的化学方程式为 2 6FeOCO 34 2

42、Fe O +C， 热分解系统发生反应的化学方程式为 34 2Fe O 2 6FeOO， 总反应为 22 COCO，故FeO为催化剂。 （2） 22222 2CO (g)6H (g)CHCH (g)4H O(g) H 1 127.8 kJ mol，正向是一个放热反应，升温，平衡应左移，所以 所给图示中，含量减少的 b、c 是生成物，含量增加的 a 是反应物， 因按 2 (H )n 2 (CO )n31 的投料，所以 a 为 2 CO（b 为 2 H O、 c 为 22 CHCH） 。该反应0H、0S ，该反应在较低温度 时T0HS，所以能自发进行。a 为 2 CO、b 为 2 H O，a、b 两

43、条曲线交点处的坐标为 （550， 28） ， 说明 550 K 达到平衡时， 2 CO、 2 H O均为 28 mol，结合反应过程中，始终保持 2 (H )n 2 (CO )n 31，列出三段式： 22242 2CO (g)6H (g)C H (g)4H O(g) 起始量（mol）4212600 转化量（mol）1442728 平衡量（mol）2884728 24 C H的分压为 7 147 P 2 H O的分压为 28 147 P 2 CO的分压为 28 147 P 理科综合答案第 5 页（共 7 页）理科综合答案第 6 页（共 7 页） 2 H的分压为 84 147 P 4 426 P2

44、4222 26 728 ()() 147147 (C H )(H O)/(CO )(H ) 2884 ()() 147147 PP Kpppp PP 。 相同温度下，经过相同的时间， 2 CO的转化率：催化剂催化 剂催化剂，因此，催化剂的催化效果最好。催化剂只能改 变化学反应速率，不能改变化学平衡，在不同催化剂（、 ）作用下达到平衡时， 2 CO的转化率应相同，故 a、b、c 三点 所代表的状态均不是化学平衡状态，c 点比 a 点温度高，因此反应 速率ca， 故相同时间内 2 CO的转化率ca； 催化剂的催化效 果强于催化剂，因此反应速率ab，故相同时间内 2 CO的转化 率ab，因此 2 C

45、O的转化率cab。 【点点晴晴】本题较为综合，涉及氧化还原、化学平衡移动以及平衡 常数的计算等知识，考查了学生分析问题、解决问题的能力。 29.【答答案案】 （每空 1 分，共 10 分） （1）单位时间单位面积 2 O释放量 （或 2 O释放速率、有机物积累速率）温度和高温持续的时间 （2）高温影响酶的活性，高温破坏酶结构，气孔关闭影响 2 CO吸 收（写出其中一项即得分） （3）叶绿体基质活性（或催化效率）转录和翻译（或表达） （4）生物膜类囊体（薄膜）ATP 和H（NADPH） （5） 2 O生成量 【解解析析】本题考查光合作用的有关知识和实验设计能力。 （1）由 图可知，叶片的净光合速

46、率是随着高温及高温持续的时间变化而 变化的，植物的净光合速率可以用单位时间单位面积 2 CO吸收量 或 2 O释放量或有机物积累量表示。 （2） 高温会破坏酶的空间结构， 降低酶的活性，同时也会使气孔关闭 2 CO吸收减少。 （3） 2 CO的 固定的场所在叶绿体基质，因此 Rubisco 也分布在这里。高温会使 该酶及其他酶的活性降低， 因而也会影响到 Rubisco 基因的转录和 翻译。 （4）膜脂过氧化会使生物膜系统受损，叶绿体中的类囊体 薄膜也属于生物膜，也会遭到破坏，这样就会影响到光合作用的 光反应，使 ATP 和 NADPH 合成受阻，从而影响暗反应的进行。 （5） 22 H O分

47、解生产水和 2 O， 因此可以通过检测单位时间内 2 O生 成量来测定 POD 和 CAT 活性。 30.【答答案案】 （除标注外，其余每空 1 分，共 10 分） （1）通过体液运 输/作用于靶器官、靶细胞（答“微量和高效”不得分） （2 分） （2）B 比 A 中的蛋白质含量高（2 分）A信息（信号）分子 （3）相关酶活性改变后，可促进水通道蛋白的合成，同时促进储 存水通道蛋白的囊泡与细胞膜融合，使细胞膜上水通道蛋白的 数量增加，最终促进了肾小管上皮细胞对水的重吸收（2 分） （4）氨基酸分子的运输受载体蛋白的数量限制，水分子的运输不 受通道蛋白数量的限制（2 分） 【解解析析】本题考查人体生命活动调节和物质跨膜运输的有关知识。 （1）从图中可以看出，抗利尿激