高考生物总复习-专项考能集训(四)两对相对性状杂交F2代特殊的性状分离比的应用配套课件-新人教版.ppt

1、专项考能集训专项考能集训(四四)两对相对性状杂交两对相对性状杂交F2代特殊的性状分离比的应用代特殊的性状分离比的应用两对相对性状杂交两对相对性状杂交F2代特殊的性状分离比及测交后代比代特殊的性状分离比及测交后代比1(2012福州三中高三月考福州三中高三月考)牡丹的花色种类多种多样，其牡丹的花色种类多种多样，其中白色的不含花青素，深红色的含花青素最多，花青素含量的中白色的不含花青素，深红色的含花青素最多，花青素含量的多少决定着花瓣颜色的深浅，由两对独立遗传的基因多少决定着花瓣颜色的深浅，由两对独立遗传的基因(A和和a，B和和b)所控制；显性基因所控制；显性基因A和和B可以使花青素含量增加，两者增

2、加可以使花青素含量增加，两者增加的量相等，并且可以累加。一深红色牡丹同一白色牡丹杂交，的量相等，并且可以累加。一深红色牡丹同一白色牡丹杂交，得到中等红色的个体。若这些个体自交，其子代将出现的花色得到中等红色的个体。若这些个体自交，其子代将出现的花色种类和比例分别是种类和比例分别是()A3种；种；9 6 1B4种；种；9 3 3 1C5种；种；1 4 6 4 1 D6种；种；1 4 3 3 4 1答案：答案：C2控制两对相对性状的基因自由组合，如果控制两对相对性状的基因自由组合，如果F2的性状分离的性状分离比分别为比分别为9 7和和9 6 1和和15 1，那么，那么F1与隐性个体测交与此与隐性个

3、体测交与此对应的性状分离比分别是对应的性状分离比分别是()A1 3、1 2 1和和3 1 B3 1、1 1和和1 3C1 2 1、1 3和和3 1 D1 3、1 2 1和和1 4解析：解析：F1与隐性个体测交的结果为与隐性个体测交的结果为AaBb、Aabb、aaBb、aabb，正常情况，正常情况F1自交的分离比为自交的分离比为9(A_B_)3(A_bb)3(aaB_)1(aabb)，分析自交比为，分析自交比为9 7即即9 (331)和和9 6 1即即9 (33)1和和15 1即即(933)1，可推知，可推知F1测测交性状分离比对应情况。交性状分离比对应情况。答案：答案：A3雕鹗雕鹗(鹰类鹰类)

4、的下列性状分别由位于两对常染色体上的两的下列性状分别由位于两对常染色体上的两对等位基因控制，分别用对等位基因控制，分别用A、a和和B、b表示。其中有一对基因表示。其中有一对基因(设设为为A、a)具有显性纯合致死效应。已知绿色条纹雕鹗与黄色无纹具有显性纯合致死效应。已知绿色条纹雕鹗与黄色无纹雕鹗交配，雕鹗交配，F1为绿色无纹和黄色无纹，比例为为绿色无纹和黄色无纹，比例为1 1。当。当F1的绿色的绿色无纹雕鹗彼此交配时，其后代无纹雕鹗彼此交配时，其后代F2表现型及比例为：绿色无纹表现型及比例为：绿色无纹 黄色无纹黄色无纹 绿色条纹绿色条纹 黄色条纹黄色条纹6 3 2 1。下列叙述错误。下列叙述错误

5、的是的是()A控制绿色的基因是控制绿色的基因是A，控制无纹的基因是，控制无纹的基因是BBF1的绿色无纹雕鹗彼此交配的后代中致死基因型有的绿色无纹雕鹗彼此交配的后代中致死基因型有3种，占其后代的比例为种，占其后代的比例为1/4C让让F2中黄色无纹的个体彼此交配，则出现黄色条纹个体中黄色无纹的个体彼此交配，则出现黄色条纹个体的几率为的几率为1/9D让让F2中绿色无纹个体和黄色条纹个体杂交，则后代中有中绿色无纹个体和黄色条纹个体杂交，则后代中有4种表现型，其比例为种表现型，其比例为1 1 1 1解析：解析：根据根据F1、F2的表现型及比例，可以判断绿色对黄色的表现型及比例，可以判断绿色对黄色为显性，

6、无纹对条纹为显性；因为为显性，无纹对条纹为显性；因为F2中绿色无纹中绿色无纹 黄色无纹黄色无纹 绿色条纹绿色条纹 黄色条纹黄色条纹6 3 2 1，说明，说明1/16AABB、2/16AABb和和1/16AAbb致死，即占其后代的比例为致死，即占其后代的比例为1/4；F2中黄中黄色无纹的个体彼此交配，则出现黄色条纹个体的几率为色无纹的个体彼此交配，则出现黄色条纹个体的几率为2/3 2/31/41/9；F2中中AaBb绿色无纹个体和黄色条纹个体杂交，绿色无纹个体和黄色条纹个体杂交，则后代中有则后代中有4种表现型，其比例为种表现型，其比例为1 1 1 1，F2中中AaBB绿色绿色无纹个体和黄色条纹个

7、体杂交，则后代中有无纹个体和黄色条纹个体杂交，则后代中有2种表现型，其比例种表现型，其比例为为1 1。答案：答案：D4(2012皖南八校联考皖南八校联考)天竺鼠身体较圆，唇形似兔，是鼠天竺鼠身体较圆，唇形似兔，是鼠类宠物中最温驯的一种，受到人们的喜爱。科学家通过研究发类宠物中最温驯的一种，受到人们的喜爱。科学家通过研究发现，该鼠的毛色由两对基因控制，这两对基因分别位于两对常现，该鼠的毛色由两对基因控制，这两对基因分别位于两对常染色体上。现有一批基因型为染色体上。现有一批基因型为BbCc的天竺鼠，已知的天竺鼠，已知B决定黑色决定黑色毛，毛，b决定褐色毛，决定褐色毛，C决定毛色存在，决定毛色存在，

8、c决定毛色不存在决定毛色不存在(即白即白色色)。则这批天竺鼠繁殖后，子代中黑色。则这批天竺鼠繁殖后，子代中黑色 褐色褐色 白色的理论比白色的理论比值为值为()答案：答案：B5(2012东北第一次联考东北第一次联考)一种观赏植物，纯合的蓝色品种一种观赏植物，纯合的蓝色品种与纯合的鲜红色品种杂交，与纯合的鲜红色品种杂交，F1为蓝色，为蓝色，F1自交，自交，F2为为9蓝蓝 6紫紫 1鲜红，若将鲜红，若将F2中的紫色植株用鲜红色植株授粉，则后代的中的紫色植株用鲜红色植株授粉，则后代的表现型及其比例是表现型及其比例是()A2鲜红鲜红 1蓝蓝 B2紫紫 1鲜红鲜红C1鲜红鲜红 1紫紫 D3紫紫 1蓝蓝解析

9、：解析：从题中可以看出，从题中可以看出，F2的表现型分离比为的表现型分离比为9 6 1，联，联系课本黄色圆粒和绿色皱粒豌豆杂交的系课本黄色圆粒和绿色皱粒豌豆杂交的F2的表现型分离比的表现型分离比9 3 3 1，可知，可知9 6 1是其变型，可以确定花色性状是由两是其变型，可以确定花色性状是由两对等位基因控制的，假设这两对基因为对等位基因控制的，假设这两对基因为A与与a、B与与b，由于，由于F2有有三种表现型，依据比例，联系基因的自由组合定律容易确定各三种表现型，依据比例，联系基因的自由组合定律容易确定各种性状的基因组成，即蓝色种性状的基因组成，即蓝色(A_B_)、紫色、紫色(A_bb和和aaB

10、_)和鲜红和鲜红色色(aabb)。答案：答案：B6现有现有4个纯合南瓜品种，其中个纯合南瓜品种，其中2个品种的果形表现为圆形个品种的果形表现为圆形(圆甲和圆乙圆甲和圆乙)，1个表现为扁盘形个表现为扁盘形(扁盘扁盘)，1个表现为长形个表现为长形(长长)。用这用这4个南瓜品种做了个南瓜品种做了3个实验，结果如下：个实验，结果如下：实验实验1：圆甲：圆甲圆乙，圆乙，F1为扁盘，为扁盘，F2中扁盘中扁盘 圆圆 长长9 6 1实验实验2：扁盘：扁盘长，长，F1为扁盘，为扁盘，F2中扁盘中扁盘 圆圆 长长9 6 1实验实验3：用长形品种植株的花粉分别对上述两个杂交组合的：用长形品种植株的花粉分别对上述两个

11、杂交组合的F1植株授粉，其后代中扁盘植株授粉，其后代中扁盘 圆圆 长均等于长均等于1 2 1。综合上述。综合上述实验结果，请回答：实验结果，请回答：(1)南瓜果形的遗传受南瓜果形的遗传受_对等位基因控制，且遵循对等位基因控制，且遵循_定律。定律。(2)若果形由一对等位基因控制用若果形由一对等位基因控制用A、a表示，若由两对等位表示，若由两对等位基因控制用基因控制用A、a和和B、b表示，以此类推，则圆形的基因型应为表示，以此类推，则圆形的基因型应为_，扁盘的基因型应为，扁盘的基因型应为_，长，长形的基因型应为形的基因型应为_。(3)为了验证为了验证(1)中的结论，可用长形品种植株的花粉对实验中的

12、结论，可用长形品种植株的花粉对实验1得到的得到的F2植株授粉，单株收获植株授粉，单株收获F2中扁盘果实的种子，每株的所有中扁盘果实的种子，每株的所有种子单独种植在一起可得到一个株系。观察多个这样的株系，种子单独种植在一起可得到一个株系。观察多个这样的株系，则所有株系中，理论上有则所有株系中，理论上有1/9的株系的株系F3果形均表现为扁盘，有果形均表现为扁盘，有_的株系的株系F3果形的表现型及数量比为扁盘果形的表现型及数量比为扁盘 圆圆1 1，有有 _ _ _ _ _ _ _ _ 的 株 系的 株 系 F3果 形 的 表 现 型 及 数 量 比 为果 形 的 表 现 型 及 数 量 比 为_。解

13、析：解析：(1)实验实验1与实验与实验2的的F2中扁盘中扁盘圆圆长长961，是，是9331的变形，说明南瓜的果形是由两对等位基因控制的变形，说明南瓜的果形是由两对等位基因控制的，遵循基因的自由组合定律。的，遵循基因的自由组合定律。(2)由题意可知，显性基因由题意可知，显性基因A和和B同时存在时，南瓜表现型为扁盘形，基因型为同时存在时，南瓜表现型为扁盘形，基因型为AaBb、AABb、AaBB、AABB；当只有一个显性基因存在时，南瓜表现型为圆；当只有一个显性基因存在时，南瓜表现型为圆形，基因型为形，基因型为AAbb、aaBB、Aabb、aaBb；当没有显性基因存；当没有显性基因存在时，南瓜表现型

14、为长形，基因型为在时，南瓜表现型为长形，基因型为aabb。(3)F2扁盘果实的种子中，理论上的基因型及比例分别为：扁盘果实的种子中，理论上的基因型及比例分别为：1/9AABB、2/9AaBB、2/9AABb、4/9AaBb，它们分别与长形品，它们分别与长形品种种(aabb)测交，在所有株系中，测交，在所有株系中，1/9AABBaabb1/9AaBb(扁扁盘盘)，2/9AaBBaabb1/9AaBb(扁盘扁盘)：1/9aaBb(圆圆)，2/9AABbaabb1/9AaBb(扁盘扁盘)1/9Aabb(圆圆)，4/9AaBbaabb1/9AaBb(扁盘扁盘)1/9Aabb(圆圆)1/9aaBb(圆圆)1/9aabb(长长)，即有，即有4/9株系株系F3果形的表现型及数量果形的表现型及数量比为扁盘比为扁盘 圆圆1 1，有，有4/9株系株系F3果形的表现型及数量比为扁果形的表现型及数量比为扁盘盘 圆圆 长长1 2 1。答案：答案：(1)两基因的自由组合两基因的自由组合(2)A_bb和和aaB_A_B_aabb(3)4/94/9扁盘扁盘 圆圆 长长1 2 1