2020届高考物理全优二轮复习集训：考前十天必考热点冲刺 热考2　受力分析及平衡 Word版含解析.doc

1、 第 - 1 - 页 共 5 页 - 1 - 热考热考 2 受力分析及平衡受力分析及平衡 1(2019 年安徽江淮联考)如图所示的装置中，A、B 两物块的质量分别为 2 kg、1 kg，连 接轻弹簧和物块的轻绳质量不计，轻弹簧的质量不计，轻绳与滑轮间的摩擦不计，重力加速 度 g10 m/s2，则下列说法正确的是( ) A固定物块 A，则弹簧的弹力大小为 20 N B固定物块 B，则弹簧的弹力大小为 40 N C先固定物块 A，在释放物块 A 的一瞬间，弹簧的弹力大小为 10 N D先固定物块 A，释放物块 A 后，A、B、弹簧一起运动的过程中，弹簧的弹力大小为 15 N 【答案】C 2(201

2、9 年甘肃兰州一模)一质量为 m 的物体用一根足够长细绳悬吊于天花板上的 O 点， 现用一光滑的金属钩子勾住细绳，水平向右缓慢拉动绳子(钩子与细绳的接触点 A 始终在一条 水平线上)，下列说法正确的是( ) A钩子对细绳的作用力始终水平向右 BOA 段绳子的力逐渐增大 C钩子对细绳的作用力先减小后增大 D钩子对细绳的作用力不可能等于 2mg 【答案】D 3(2019 年海南琼海模拟)如图，重为 G 的体操运动员在进行体操比赛时，有两手臂对称 支撑、竖直倒立静止的比赛动作，设两臂夹角为 ，则( ) 第 - 2 - 页 共 5 页 - 2 - A当 不同时，运动员受到的合力不同 B当 不同时，运动

3、员与地面之间的相互作用力不相等 C当 60 时，运动员单手所受地面的支持力大小为G 2 D当 120 时，运动员单手所受地面的支持力大小为 G 【答案】C 4(2019 年河北唐山一模)如图所示，轻绳 OA、OB 系于水平杆上的 A 点和 B 点，两绳与 水平杆之间的夹角均为 30 ，重物通过细线系于 O 点将杆在竖直平面内沿顺时针方向缓慢转 动 30 的过程中( ) AOA 绳上拉力变大，OB 绳上拉力变大 BOA 绳上拉力变大，OB 绳上拉力变小 COA 绳上拉力变小，OB 绳上拉力变大 DOA 绳上拉力变小，OB 绳上拉力变小 【答案】B 【解析】转动前，TATB,2TAsin 30 m

4、g，则 TAmgTB; 转动后，OA 与水平方向的夹 角变为 60 ，OB 变为水平TAsin 60 mg，TAcos 60 TB，解得 TA2 3 3 mg，TB 1 2TA 3 2 mg.故 B 正确，A、C、D 错误 5如图所示，有两根长均为 L、质量均为 m 的细导体棒 a、b，其中 a 被水平放置在倾角 为45 的光滑绝缘斜面上 b被水平固定在斜面的右侧， 且a、 b在同一水平面上保持相互平行 当 两棒通以大小均为 I 的电流时，a 恰好在斜面上保持静止，重力加速度为 g，下列关于 b 棒在 a 处产生的磁场的说法中，正确的是( ) A方向一定竖直向下 B方向一定竖直向上 C大小一定

5、为mg IL D大小一定为 2mg 2IL 【答案】C 【解析】由于 a恰好在斜面上保持静止，所以 ab 之间一定是吸引力，即 ab 中电流的方向 应同向，由于题中没有给 a 中电流的方向，所以 b 的电流方向也不定，则 b 棒在 a 处产生的 磁场可能向上也可能向下，故 A、B 错误；a 受到重力、支持力和水平向右的安培力处于平衡 第 - 3 - 页 共 5 页 - 3 - 状态，因夹角为 45 ，则大小 Bmg IL，故 C 正确，D 错误 6(2019 年安徽名校模拟)2019 年 6 月 24 日消息，大连市首届“工匠杯”职工技能竞赛 决赛开赛，现场 20 名砌筑工展现出较高的技术水准

6、如图所示，竞赛工地上的建筑工人用砖 夹搬运 5 块相同的砖(图中阴影部分相当于砖夹)，当砖处于平衡状态时，下列说法正确的是 ( ) A砖夹对砖块的水平压力越大，1、5 两块砖受到的摩擦力越大 B3 受到 2 施加的摩擦力大小等于自身重力的一半 C4 对 3 的摩擦力方向竖直向下 D1 受到 2 施加的摩擦力与 4 受到 5 施加的摩擦力完全相同 【答案】B 【解析】先对 5 块砖整体受力分析，受重力 5G 和两侧砖夹对砖向上的静摩擦力 2f，根据 平衡条件，有 2f5G，解得 f5 2G，即砖夹对砖 1、5 的静摩擦力为 G.对砖 5 分析，受重力 G， 砖夹对其向上的静摩擦力 f5 2G，所

7、以砖 4 对砖 5 有向下的摩擦力 f2 3 2G.再对砖 4 分析，受 重力 G，砖 5 对砖 4 有向上的摩擦力 f23 2G，所以砖 3 对砖 4 有向下的摩擦力 f3 1 2G.砖 4 对砖 3 有向上的摩擦力 f31 2G，故 A、C 错误，B 正确；1 受到 2 施加的摩擦力与 4 受到 5 施加的摩擦力大小相等，方向相反，故 D 错误 7(多选)(2019 年安徽名校联考)如图所示，斜面体放在水平面上，C 是斜面体斜面 AB 上 的一点，AC 部分粗糙，CB 部分光滑一物块在 AC 部分匀速下滑，此时斜面体对物块的作用 力为 F1、地面对斜面体的摩擦力为 f1；物块在 CB 部分

8、下滑时，斜面体对物块的作用力为 F2. 地面对斜面体的摩擦力为 f2.整个过程斜面体始终处于静止不计空气阻力，则( ) Af1f2 Bf1f2 CF1F2 DF1F2 【答案】AC 8(多选)(2019 年广西桂林三模)用一轻绳将小球 P 系于光滑墙壁上的 O 点，在墙壁和球 P 之间夹有一矩形物块 Q，如图所示若 P、Q 始终处于静止状态，则下列相关说法正确的是 第 - 4 - 页 共 5 页 - 4 - ( ) AP 物体受 4 个力 BQ 受到 3 个力 C若绳子变长，绳子的拉力将变小 D若绳子变长，Q 受到的静摩擦力将减小 【答案】AC 9(多选)(2019 年广西贺州二模)一个物体在

9、拉力 F 的作用下在倾角 30 的粗糙斜面上 向上始终匀速运动，物体与斜面的动摩擦因数 0.5、F 与斜面的夹角 从零逐渐增多，物体 离开斜面前，拉力 F 的大小与 F 的功率 P 的变化情况( ) AF 变大 BP 一直变小 CF 先变小后变大 DP 一直变大 【答案】BC 【解析】对物体受力分析，受重力、拉力、支持力和滑动摩擦力，如图，根据牛顿第二 定律，平行斜面方向有 Fcos mgsin f，垂直斜面方向有 Fsin Nmgcos 0，其中 f N，联立计算得出 Fmgsin cos cos sin mgsin cos 21sin r，其中 tan r 1 ，当 F 与斜面的夹角 从零

10、逐渐增 大时，F 先减小后增大F 的功率为 PFvcos F mgsin cos cos sin vcos mgsin cos 1tan v，当 F 与斜面的夹角 从零逐渐增大，所以 P 逐渐减小，故 B、C 正确 10(多选)如图，半圆柱体 Q 放在水平地面上，表面光滑的圆柱体 P 放在 Q 和墙壁之间， Q 的轴线与墙壁之间的距离为 L，已知 Q 与地面间的动摩擦因数 0.5，P、Q 横截面半径均 为 R， P 的质量是 Q 的 2 倍， 设最大静摩擦力等于滑动摩擦力 P、 Q 均处于静止状态， 则( ) 第 - 5 - 页 共 5 页 - 5 - vAL 越大，P、Q 间的作用力越大 B

11、L 越大，P 对墙壁的压力越小 CL 越大，Q 受到地面的摩擦力越小 DL 的取值不能超过11R 5 【答案】AD 【解析】对 P 受力分析，受力如图，根据平衡知，Q 对 P 的作用力 F mPg cos ，根据几何关系知，sin LR 2R ，L 越大，sin 越大，cos 越小， 则 F 越大，A 正确；根据平衡知，墙壁对 P 的弹力 N1mPgtan ，根据几何 关系知 sin LR 2R ，L 越大，sin 越大，cos 越小，tan 越大，墙壁对 P 的弹力越大，根据 牛顿第三定律知，P 对墙壁的压力越大，B 错误；对整体分析，整体在水平方向受到墙壁的弹 力和地面的摩擦力，可知 Q 受到地面的摩擦力等于墙壁对 P 的弹力，L 越大，弹力越大，则 摩擦力越大，C 错误；对整体分析知，地面对 Q 的摩擦力 fN1mPgtan ，要使 P、Q 均处 于静止状态，有 f(mPmQ)g，根据几何关系有 tan LR 4R2LR2，联立解得 L 11R 5 ， D 正确