教科版九年级下册物理-：多项选择题练习-课件(共52张).ppt

1、多项选择题1能源危机是人类社会面临的重大问题。我们所能力用的能能源危机是人类社会面临的重大问题。我们所能力用的能源是有限的，也是有条件的，所以能源的利用要考虑可持续源是有限的，也是有条件的，所以能源的利用要考虑可持续发展。下列有关能源问题的说法中正确的是（发展。下列有关能源问题的说法中正确的是（）A太阳能和核能都是不可再生能源，水能和风能都是可再太阳能和核能都是不可再生能源，水能和风能都是可再生能源生能源B煤是可再生能源，以煤为主要燃料的火力发电容易造成煤是可再生能源，以煤为主要燃料的火力发电容易造成境污染境污染C核反应堆中发生的是可控制的核裂变，核电站主要将核核反应堆中发生的是可控制的核裂变

2、，核电站主要将核能转化为电能能转化为电能D水电站主要将机械能转化为电能，太阳能电池主要将太水电站主要将机械能转化为电能，太阳能电池主要将太阳能转化为电能阳能转化为电能 2关于下图所示的光学现象，以下说法中正关于下图所示的光学现象，以下说法中正确的是（确的是（）A漫反射的光线杂乱无章不遵循光的反射漫反射的光线杂乱无章不遵循光的反射定律定律 B太阳光通过三棱镜会分解成红、橙、黄、太阳光通过三棱镜会分解成红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫七色光绿、蓝、靛、紫七色光 C小孔成的是倒立的虚像，是光的直线传小孔成的是倒立的虚像，是光的直线传播的应用播的应用 D人佩戴的凹透镜可以矫正近视眼，是利人佩戴的凹透镜可以矫

3、正近视眼，是利用凹透镜的会聚的作用用凹透镜的会聚的作用【解答】解：解答】解：A、镜面反射和漫反射都遵循光的反、镜面反射和漫反射都遵循光的反射定律，只要是光的反射，都遵循光的反射定律，射定律，只要是光的反射，都遵循光的反射定律，故故A错误。错误。B、白光由七色光组成，白光通过三棱镜要分解成、白光由七色光组成，白光通过三棱镜要分解成红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫七色光，故红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫七色光，故B正确；正确；C、小孔成的像是由实际光线形成的，可以用光屏、小孔成的像是由实际光线形成的，可以用光屏接收到，是实像，不是虚像，故接收到，是实像，不是虚像，故C错误；错误；D、近视是因为晶状体曲度过大

4、，折光能力太强使、近视是因为晶状体曲度过大，折光能力太强使像成在视网膜前面，利用凹透镜发散作用可以使成像成在视网膜前面，利用凹透镜发散作用可以使成像后移到视网膜上，故像后移到视网膜上，故D错误。错误。故选：故选：B。【点评】此题通考查了对光的折射、光的直线传播、【点评】此题通考查了对光的折射、光的直线传播、光的反射的理解与掌握，在学习过程中要善于利用光的反射的理解与掌握，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象，达到学以致用的目的。所学知识解释有关现象，达到学以致用的目的。3如图所示，工人用150N的拉力通过滑轮组吊起质量为20kg的箱子。若箱子被匀速竖直提升了2m，不计绳重和摩擦，g取10

5、N/kg，则（）A箱子的重力势能增大 B动滑轮的重力为100 N C工人施加的拉力做的功为300 J D滑轮组的机械效率为66.7%【解答】解：【解答】解：A、箱子被匀速提升，高度增加，质量不变，重力势能、箱子被匀速提升，高度增加，质量不变，重力势能增加，故增加，故A正确；正确；B、箱子受到的重力：、箱子受到的重力：G=mg=20kg10N/kg=200N；由图可知，由图可知，n=2，则由，则由F=（G+G动）可得动滑轮的重力：动）可得动滑轮的重力：G动动=nFG=2150N200N=100N；故；故B正确；正确；C、由图可知，、由图可知，n=2，绳端移动的距离绳端移动的距离s=nh=22m=

6、4m，工人做的总功：工人做的总功：W总总=Fs=150N4m=600J；故；故C错误；错误；D、有用功：、有用功：W有有=Gh=200N2m=400J滑轮组的机械效率：滑轮组的机械效率：=66.7%故故D正确。正确。故选：故选：ABD。【点评】本题的关键是要正确判断箱子的重有几股绳子承担，判断的【点评】本题的关键是要正确判断箱子的重有几股绳子承担，判断的方法是：与动滑轮接触的绳子才是承担重力的。并要注意绳子自由端方法是：与动滑轮接触的绳子才是承担重力的。并要注意绳子自由端移动的距离与物体上升高度之间的关系。移动的距离与物体上升高度之间的关系。4巨磁电阻（巨磁电阻（GMR）效应是指某些材料的电阻

7、）效应是指某些材料的电阻在磁场中随磁场的增强而急剧减小的现象。如图在磁场中随磁场的增强而急剧减小的现象。如图是说明巨磁电阻特性原理的示意图，图中的是说明巨磁电阻特性原理的示意图，图中的GMR是巨磁电阻。在电源电压是巨磁电阻。在电源电压U不超过指示灯额定电不超过指示灯额定电压的条件下，闭合开关压的条件下，闭合开关S1、S2，则（，则（）A电磁铁电磁铁A端是端是N极极 B电磁铁产生的磁感线不管外部还是内部都是电磁铁产生的磁感线不管外部还是内部都是从从N极出发回到极出发回到S极极 C向右滑动滑片向右滑动滑片P，GMR两端的电压增大两端的电压增大 D向左滑动滑片向左滑动滑片P，指示灯会变亮，指示灯会变

8、亮【解答】解：【解答】解：A、利用安培定则可知，右手握住螺线管，四指指向电流的方向，大、利用安培定则可知，右手握住螺线管，四指指向电流的方向，大拇指指向电磁铁的左端拇指指向电磁铁的左端A为为N极、右端极、右端B为为S极。故极。故A正确。正确。B、在磁体外部，磁感线是从、在磁体外部，磁感线是从N极出发回到极出发回到S极；故极；故B错误。错误。C、向右滑动滑片、向右滑动滑片P，滑动变阻器接入电路的阻值变大，则电路的总，滑动变阻器接入电路的阻值变大，则电路的总电阻变大，由欧姆定律可知，电路电流减小，因此电磁铁磁性减弱，电阻变大，由欧姆定律可知，电路电流减小，因此电磁铁磁性减弱，周围磁场减弱，周围磁场

9、减弱，GMB的阻值变大。则的阻值变大。则GMR两端的电压增大，故两端的电压增大，故C正正确；确；D、由图可知，滑动变阻器的滑片、由图可知，滑动变阻器的滑片P向左滑动过程中接入电路中电阻向左滑动过程中接入电路中电阻变小，变小，由由I=可知，电路中的电流变大，此时电磁铁的磁性变强；可知，电路中的电流变大，此时电磁铁的磁性变强；由右图可知，巨磁电阻和灯泡串联，由右图可知，巨磁电阻和灯泡串联，因电阻在磁场中随磁场的增强而急剧减小，因电阻在磁场中随磁场的增强而急剧减小，所以，此时巨磁电阻的阻值会变小，电路中的总电阻变小，所以，此时巨磁电阻的阻值会变小，电路中的总电阻变小，由由I=可知，电路中的电流变大，

10、通过灯泡的电流变大，可知，电路中的电流变大，通过灯泡的电流变大，因因P=I2R，且灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，且灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，所以，灯泡的实际功率变大，灯泡变亮；故所以，灯泡的实际功率变大，灯泡变亮；故D正确。正确。故选：故选：ACD。【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到电磁铁磁性与电流的【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到电磁铁磁性与电流的关系和电功率公式的应用等，判读出巨磁电阻的变化是解题的关键。关系和电功率公式的应用等，判读出巨磁电阻的变化是解题的关键。5下列能源中，属于可再生能源的是（BD）A石油 B风能 C煤炭 D太阳能 6下列说法中正确的是（下列说法中

11、正确的是（AB）A同种电荷相互排斥同种电荷相互排斥 B光是电磁波光是电磁波 C电荷的移动形成电流电荷的移动形成电流 D负电荷定向移动的方向就是电流的方向负电荷定向移动的方向就是电流的方向 7下列说法中正确的是（下列说法中正确的是（BCD）A组成物质的分子之间，只存在引力，不组成物质的分子之间，只存在引力，不存在斥力存在斥力 B组成物质的大量分子无规则运动的剧烈组成物质的大量分子无规则运动的剧烈程度与温度有关程度与温度有关 C晶体在熔化过程中吸收热量，温度不变晶体在熔化过程中吸收热量，温度不变 D沿海地区通常比内陆地区昼夜温差小，沿海地区通常比内陆地区昼夜温差小，原因之一是水的比热容比砂石的比热

12、容大原因之一是水的比热容比砂石的比热容大 8如图展示了我国古代劳动人民的智慧成果，对其中所涉及的物理知识，下列说法中正确的是（）A司南利用地磁场对磁体有力的作用来指示南北 B戥子利用杠杆平衡来称量质量 C篆刻刀的刀口做得很锋利，是为了减小压强 D正在发声的编钟一定在振动【解答】解：【解答】解：A、司南利用地磁场对磁体有力、司南利用地磁场对磁体有力的作用来指示南北，故的作用来指示南北，故A正确；正确；B、戥子是一种测量物体质量大小的工具，它、戥子是一种测量物体质量大小的工具，它利用的是杠杆的平衡条件，通过力臂的大小关利用的是杠杆的平衡条件，通过力臂的大小关系得出物体的质量与秤砣的质量之间的关系，

13、系得出物体的质量与秤砣的质量之间的关系，测量的是物体的质量，故测量的是物体的质量，故B正确；正确；C、篆刻刀的刀口做得很锋利，是在压力一定、篆刻刀的刀口做得很锋利，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强；故时，通过减小受力面积来增大压强；故C错误；错误；D、正在发声的物体都在振动，所以发声的编、正在发声的物体都在振动，所以发声的编钟一定在振动，故钟一定在振动，故D正确。正确。故选：故选：ABD。9下列说法中正确的是（下列说法中正确的是（）A电流周围存在磁场电流周围存在磁场 B磁感线是真实存在的磁感线是真实存在的 C电动机能够把电能转化为机械能电动机能够把电能转化为机械能 D只要导体在磁场中

14、做切割磁感线运动，只要导体在磁场中做切割磁感线运动，就会产生感应电流就会产生感应电流【解答】解：【解答】解：A、由奥斯特实验可知，通电导体周围存在磁场，、由奥斯特实验可知，通电导体周围存在磁场，故故A正确；正确；B、为了形象描述磁场的性质而引入了磁感线，磁、为了形象描述磁场的性质而引入了磁感线，磁感线不是磁场中真实存在的，故感线不是磁场中真实存在的，故B错误；错误；C、电动机工作时需要消耗电能，将电能转化为机、电动机工作时需要消耗电能，将电能转化为机械能，故械能，故C正确。正确。D、闭合电路的一部分导体，在磁场中做切割磁感、闭合电路的一部分导体，在磁场中做切割磁感线运动时，导体中才会有感应电流

15、；如果电路不线运动时，导体中才会有感应电流；如果电路不闭合，则不会产生感应电流；故闭合，则不会产生感应电流；故D错误。错误。故选：故选：AC。10小辉想探究电流通过电阻时产生的热量与哪些小辉想探究电流通过电阻时产生的热量与哪些因素有关。他连接了如图所示的电路进行实验，其因素有关。他连接了如图所示的电路进行实验，其中两个完全相同的烧瓶内分别装有质量相等、初温中两个完全相同的烧瓶内分别装有质量相等、初温均为均为25的煤油，阻值为的煤油，阻值为5和和10的电阻丝的电阻丝R1、R2闭合开关一段时间后，记录此时两个温度计闭合开关一段时间后，记录此时两个温度计的示数。根据上述实验，下列说法中正确的是（的示

16、数。根据上述实验，下列说法中正确的是（）A此实验探究的是热量与电阻的关系此实验探究的是热量与电阻的关系 B此实验探究的是热量与电流的关系此实验探究的是热量与电流的关系 C此实验探究的是热量与时间的关系此实验探究的是热量与时间的关系 D此实验中用温度计示数变化的大小反映产生热此实验中用温度计示数变化的大小反映产生热量的多少量的多少【解答】解：【解答】解：ABC、由图可知，两电阻丝串联，则通、由图可知，两电阻丝串联，则通过两电阻丝的电流和通电时间是相同的，过两电阻丝的电流和通电时间是相同的，电阻不同，所以探究的是热量与电阻的电阻不同，所以探究的是热量与电阻的关系，故关系，故A正确，正确，BC错误；

17、错误；D、电流通过电阻丝做功，消耗的电能转、电流通过电阻丝做功，消耗的电能转化为内能，产生的热量被煤油吸收，煤化为内能，产生的热量被煤油吸收，煤油吸收热量、温度升高，所以，本实验油吸收热量、温度升高，所以，本实验是通过温度计的示数变化反映电流产生是通过温度计的示数变化反映电流产生的热量多少，故的热量多少，故D正确。正确。故选：故选：AD。11如图所示为冬奥会的一些运动项目，关如图所示为冬奥会的一些运动项目，关于这些项目中的情景，下列说法中正确的是于这些项目中的情景，下列说法中正确的是（）A跳台雪运动员在空中下落的过程中，重跳台雪运动员在空中下落的过程中，重力势能不变力势能不变 B短道速滑运动员

18、在转弯滑行的过程中，短道速滑运动员在转弯滑行的过程中，运动状态不变运动状态不变 C冰壶运动员掷出去的冰壶能继续向前运冰壶运动员掷出去的冰壶能继续向前运动，是由于冰壶具有惯性动，是由于冰壶具有惯性 D冰球运动员用球杆推着冰球使其水平滑冰球运动员用球杆推着冰球使其水平滑动的过程中，冰球所受重力没有做功动的过程中，冰球所受重力没有做功【解答】解：【解答】解：A、运动员在空中下落的、运动员在空中下落的过程中，高度减小，故重力势能变小；过程中，高度减小，故重力势能变小；故故A错误；错误；B、运动员在转弯滑行的过程中，运动、运动员在转弯滑行的过程中，运动方向改变，故运动状态改变；故方向改变，故运动状态改变

19、；故B错误；错误；C、掷出去的冰壶能继续向前运动，是、掷出去的冰壶能继续向前运动，是由于冰壶具有惯性；故由于冰壶具有惯性；故C正确；正确；D、冰球使其水平滑动的过程中，冰球、冰球使其水平滑动的过程中，冰球所受重力方向竖直向下，距离的方向沿所受重力方向竖直向下，距离的方向沿水平方向；力和距离的方向不一致，故水平方向；力和距离的方向不一致，故重力没有做功；故重力没有做功；故D正确；正确；故选：故选：CD。12.下列有关电与磁的说法正确的是下列有关电与磁的说法正确的是 A.磁感线是用来形象描述磁场的，并不真实磁感线是用来形象描述磁场的，并不真实存在存在 B.悬吊着的小磁针静止时悬吊着的小磁针静止时N

20、极指向地理南极极指向地理南极附近附近 C.法拉第在世界上第一个发现了电与磁之间法拉第在世界上第一个发现了电与磁之间的联系的联系 D.电磁继电器是利用电磁铁来控制工作电路电磁继电器是利用电磁铁来控制工作电路的一种开关的一种开关【解析】分析：（【解析】分析：（1）磁场是真实存在的，为了描述磁场人为）磁场是真实存在的，为了描述磁场人为引入了磁感线，磁感线是一种模型，实际并不存在。引入了磁感线，磁感线是一种模型，实际并不存在。（2）地球本身就是一个大磁体；地磁场与条形磁铁的磁场相）地球本身就是一个大磁体；地磁场与条形磁铁的磁场相似；地磁的北极在地理的南极附近；地磁的南极在地理的北极似；地磁的北极在地理

21、的南极附近；地磁的南极在地理的北极附近；附近；（3）1820年，丹麦物理学家奥斯特通过实验证实了通电导线年，丹麦物理学家奥斯特通过实验证实了通电导线的周围存在着磁场，在世界上是第一个发现了电与磁之间的联的周围存在着磁场，在世界上是第一个发现了电与磁之间的联系的物理学家；系的物理学家；（4）电磁继电器是利用电磁铁来控制工作电路的一种开关。）电磁继电器是利用电磁铁来控制工作电路的一种开关。解答：解答：A、磁场虽然看不见摸不着，但是实际存在的，磁感线、磁场虽然看不见摸不着，但是实际存在的，磁感线是人为建立的模型，并不存在，故是人为建立的模型，并不存在，故A正确；正确；B、根据磁极间的相互作用规律可知

22、，小磁针在地面上受到地、根据磁极间的相互作用规律可知，小磁针在地面上受到地磁场的作用静止时，小磁针的磁场的作用静止时，小磁针的N极指向地磁的南极，故极指向地磁的南极，故B错误；错误；C、奥斯特最早发现了电与磁之间的联系、奥斯特最早发现了电与磁之间的联系-电流的磁效应，故电流的磁效应，故C错误；错误；D、继电器是利用低电压、弱电流电路的通断来间接控制高电、继电器是利用低电压、弱电流电路的通断来间接控制高电压、强电流电路通断的装置。电磁继电器就是利用电磁铁来控压、强电流电路通断的装置。电磁继电器就是利用电磁铁来控制工作电路的一种开关，故制工作电路的一种开关，故D正确。正确。故选：故选：AD。13.

23、水平桌面上放置一底面积为水平桌面上放置一底面积为S的薄壁圆筒形容的薄壁圆筒形容器，内盛某种液体，将质量分别为器，内盛某种液体，将质量分别为mA、mB、mc，密度分别为密度分别为A、B、c的均匀实心小球的均匀实心小球A、B、C放入放入液体中，液体中，A球漂浮，球漂浮，B球悬浮，球悬浮，C球下沉，如图所示，球下沉，如图所示，它们所受的浮力分别为它们所受的浮力分别为FA、FB、Fc。下列选项正。下列选项正确的是确的是 A.若若mA=mB=mc，则，则FA=FB Fc B.将将C球截去部分后，剩余部分可能上浮球截去部分后，剩余部分可能上浮 C.只取出只取出A球，容器中液面的高度降低了球，容器中液面的高

24、度降低了 D.三球放入液体前后，液体对容器底部的压强变化三球放入液体前后，液体对容器底部的压强变化了【解析】分析：【解析】分析：A、知道、知道A球漂浮、球漂浮、B球悬浮（三球的质量相等、球悬浮（三球的质量相等、重力相等），根据物体的浮沉条件来判断；重力相等），根据物体的浮沉条件来判断；B、C球下沉，可知球下沉，可知C球密度大于液体密度，从而进行判断；球密度大于液体密度，从而进行判断；C、取出、取出A球，排开水的体积减小；球，排开水的体积减小；D、三球放入液体前后，液体的深度变化了，所以压强变化。、三球放入液体前后，液体的深度变化了，所以压强变化。解答：解答：A、由题知，三球的质量相等、重力相等

25、，、由题知，三球的质量相等、重力相等，A球漂浮，球漂浮，B球球悬浮，受到的浮力相等，悬浮，受到的浮力相等，C球下沉，浮力小于重力，所以，故球下沉，浮力小于重力，所以，故A正正确；确；B、C球下沉，可知球下沉，可知C球密度大于液体密度，将球密度大于液体密度，将C球截去部分后，球截去部分后，剩余部分密度不变，还是大于液体密度，所以下沉，故剩余部分密度不变，还是大于液体密度，所以下沉，故B错误；错误；C、取出、取出A球，排开水的体积减小了，所以容器中液面的高度降低球，排开水的体积减小了，所以容器中液面的高度降低了，故了，故C正确；正确；D、三球放入液体前后，液体的深度变化了，所以压强变化了，、三球放

26、入液体前后，液体的深度变化了，所以压强变化了，正确。正确。故选：故选：ACD。13.如图所示，电源电压不变，如图所示，电源电压不变，a、b、c为电流表或电压为电流表或电压表。只闭合表。只闭合S1时，时，a表无示数，表无示数，b表有示数。表有示数。S1、S2都闭都闭合时，滑片合时，滑片P向右滑动，向右滑动，c表的示数不变。下列判断正确的表的示数不变。下列判断正确的是是 A.a表是电压表表是电压表 B.先闭合开关先闭合开关S1，再闭合，再闭合S2，电路中的总电流变大，电路中的总电流变大 C.只闭合只闭合S1，P向右移动，向右移动，R2两端的电压变化量与电流两端的电压变化量与电流变化量的乘积大于其电

27、功率的变化量变化量的乘积大于其电功率的变化量 D.开关均闭合，电路的总功率为开关均闭合，电路的总功率为P1；若将；若将c表换成另一种表换成另一种电表，再闭合电表，再闭合S1、S2，电路的总功率为，电路的总功率为P2，则，则P2 P1【解析】分析：根据开关的断开和闭合情况判断电路的连接方式，再根据【解析】分析：根据开关的断开和闭合情况判断电路的连接方式，再根据电表有无示数判断是什么电表，再根据欧姆定律和电功率公式判断电流和电表有无示数判断是什么电表，再根据欧姆定律和电功率公式判断电流和电功率的变化；电功率的变化；解答：解答：A、只闭合、只闭合S1时，时，a、b两表串联，由两表串联，由a表无示数，

28、表无示数，b表有示数，可以表有示数，可以判断判断a是电流表是电流表b是电压表，是电压表，S1、S2都闭合时，都闭合时，R2和滑动变阻器和滑动变阻器R3被电流被电流表表a短路，滑片短路，滑片P向右滑动，向右滑动，c表的示数不变，所以表的示数不变，所以c是电压表，故是电压表，故A错误；错误；B、先闭合开关、先闭合开关S1，R1、R2和滑动变阻器和滑动变阻器R3串联，总电阻为三者之和，串联，总电阻为三者之和，再闭合再闭合S2时，时，R2和滑动变阻器和滑动变阻器R3被电流表被电流表a短路，根据可知，电路中的总短路，根据可知，电路中的总电流变大，故电流变大，故B正确；正确；C、只闭合、只闭合S1时，时，

29、R1、R2和滑动变阻器和滑动变阻器R3串联，滑片串联，滑片P向右移动时，接向右移动时，接入电路中的电阻变小，由串联电路的分压原理知，入电路中的电阻变小，由串联电路的分压原理知，R3两端电压变小，两端电压变小，R2两端电压变大，再根据串联电路的电流特点，就可知道两端电压变大，再根据串联电路的电流特点，就可知道R2两端的电压变化两端的电压变化量与电流变化量比值不变，再根据电功率公式可知，量与电流变化量比值不变，再根据电功率公式可知，R2两端的电压变化量两端的电压变化量与电流变化量的乘积等于其电功率的变化量，故与电流变化量的乘积等于其电功率的变化量，故C错误；错误；D、开关均闭合，开关均闭合，R2和

30、滑动变阻器和滑动变阻器R3被电流表被电流表a短路，电路的总功率为，短路，电路的总功率为，由由A可知，可知，c原来是是电压表，现换成电流表，再闭合原来是是电压表，现换成电流表，再闭合S1、S2，电路变成，电路变成了了R1、R2和滑动变阻器和滑动变阻器R3并联，总电阻小于并联，总电阻小于R1，再根据公式可知，再根据公式可知P2 P1，故，故D正确；正确；根据以上分析故选根据以上分析故选BD【点睛】本题考查了串联和并联电路特点、欧姆定律和电功率公式的应用，【点睛】本题考查了串联和并联电路特点、欧姆定律和电功率公式的应用，解题的关键是正确分析开关在不同状态下电路的连接方式和电表作用的判解题的关键是正确

31、分析开关在不同状态下电路的连接方式和电表作用的判断。断。14关于生活中的透镜，下列描述合理的关于生活中的透镜，下列描述合理的是（是（）A放映幻灯片时，在屏幕上得到的是幻灯放映幻灯片时，在屏幕上得到的是幻灯片上景物的倒立放大的实像片上景物的倒立放大的实像 B看电影时，屏幕上的像相对于胶片成的看电影时，屏幕上的像相对于胶片成的是倒立缩小的实像是倒立缩小的实像 C用放大镜观察物体时，物体与放大镜的用放大镜观察物体时，物体与放大镜的距离必须小于一倍焦距距离必须小于一倍焦距 D生活中用凸透镜矫正近视眼生活中用凸透镜矫正近视眼【解答】解：【解答】解：A、放映幻灯片时，根据凸透镜成像规律、放映幻灯片时，根据

32、凸透镜成像规律可知，在屏幕上得到的是幻灯片上景物可知，在屏幕上得到的是幻灯片上景物的倒立、放大的实像，故的倒立、放大的实像，故A正确；正确；B、看电影时，电影中凸透镜的作用相当、看电影时，电影中凸透镜的作用相当于投影仪，成的是倒立、放大的实像，于投影仪，成的是倒立、放大的实像，故故B错误；错误；C、用放大镜观察物体时，物体必须放在、用放大镜观察物体时，物体必须放在一倍焦距之内，故一倍焦距之内，故C正确；正确；D、凹透镜对光线具有发散作用，可以矫、凹透镜对光线具有发散作用，可以矫正近视眼，故正近视眼，故D错误。错误。故选：故选：AC。15小庆家买了新楼房，为了搬运装修材料，小庆家买了新楼房，为了

33、搬运装修材料，设计了如图所示的滑轮组，已知动滑轮和装设计了如图所示的滑轮组，已知动滑轮和装货物的箱子共重货物的箱子共重100N，一次提升重，一次提升重500N的的材料到材料到12m高的楼上，绳重和摩擦忽略不计，高的楼上，绳重和摩擦忽略不计，则此过程中，下列说法正确的是（则此过程中，下列说法正确的是（）A工人提升重物时，绳上的拉力为工人提升重物时，绳上的拉力为300N B工人做的有用功是工人做的有用功是6000J C工人做的总功是工人做的总功是10800J D滑轮组的机械效率为滑轮组的机械效率为83.3%【解答】解：【解答】解：A、由图知，、由图知，n=2，绳重和摩擦忽略不计，则，绳重和摩擦忽略

34、不计，则绳端的拉力：绳端的拉力：F=（G+G轮轮+箱）箱）=（500N+100N）=300N，故，故A正确；正确；B、工人做的有用功：、工人做的有用功：W有用有用=Gh=500N12m=6000J，故，故B正确；正确；C、拉力端移动的距离：、拉力端移动的距离：s=2h=212m=24m，拉力做的总功：拉力做的总功：W总总=Fs=300N24m=7200J，故，故C错；错；D、滑轮组的机械效率：、滑轮组的机械效率：=100%83.3%，故，故D正确。正确。故选：故选：ABD。16如图所示，定值电阻如图所示，定值电阻R0=10，滑动变，滑动变阻器阻器R的最大阻值为的最大阻值为20，灯泡，灯泡L上标

35、有上标有“3V 0.6W”的字样，忽略灯丝电阻的变化。只闭的字样，忽略灯丝电阻的变化。只闭合开关合开关S、S1，并把，并把R的滑片移到最右端，电的滑片移到最右端，电流表的示数为流表的示数为0.1A，下列说法正确的是（，下列说法正确的是（）A电源电压为电源电压为3V B此电路的最小功率为此电路的最小功率为0.3W C此电路的最大功率为此电路的最大功率为1.5W D通过灯泡通过灯泡L的最大电流为的最大电流为0.2A【解答】解：（【解答】解：（1）只闭合开关）只闭合开关S、S1，R的滑片移到最右端，的滑片移到最右端，R0与滑动变阻器串联，与滑动变阻器串联，R的滑片移到最右端连入电路的电阻为的滑片移到

36、最右端连入电路的电阻为20，则总电阻：则总电阻：R=R0+R滑滑=10+20=30，由由I=可得，电源的电压：可得，电源的电压：U=IR=0.1A30=3V；故；故A正确；正确；（2）若三个开关都闭合，）若三个开关都闭合，R的滑片移到最左端连入电路的电阻为的滑片移到最左端连入电路的电阻为0，所以灯泡与，所以灯泡与R0并联，此时电路中的电流最大；并联，此时电路中的电流最大；则：则：P0=0.9W，灯泡两端的电压灯泡两端的电压UL=U=3V，与额定电压，与额定电压3V相等，则灯泡正常发相等，则灯泡正常发光；光；由由P=UI可得通过灯泡的最大电流为：可得通过灯泡的最大电流为：IL=0.2A，故，故D

37、正确；正确；PL=P额额=0.6W，所以最大总功率所以最大总功率P最大最大=P0+PL=0.9W+0.6W=1.5W；故；故C正确；正确；（3）由于）由于RL=15R0=10；根据电阻的串并联特点可知：；根据电阻的串并联特点可知：当灯泡与滑动变阻器当灯泡与滑动变阻器R的最大值串联时电路中的总电阻最大，电的最大值串联时电路中的总电阻最大，电流最小，则总功率最小；流最小，则总功率最小；为：为：P最小最小=0.26W；故；故B错误；错误；故选：故选：ACD。17如图所示，电源电压保持不变，闭合开如图所示，电源电压保持不变，闭合开关关S，当滑片，当滑片P向右移动时，下列说法正确的向右移动时，下列说法正

38、确的是（是（）A电压表表示数变大电压表表示数变大 B电流表示数变小电流表示数变小 C灯灯L的亮度不变的亮度不变D电路的总功率变电路的总功率变小小【解答】解：由电路图可知，灯泡【解答】解：由电路图可知，灯泡L与变阻器与变阻器R并联，并联，电流表测干路电流，电压表测电源电压，电流表测干路电流，电压表测电源电压，由于电源电压不变，所以滑片移动后电压表示数不变；由于电源电压不变，所以滑片移动后电压表示数不变；因为并联电路支路间互不影响，所以滑片的移动后，因为并联电路支路间互不影响，所以滑片的移动后，灯泡支路两端电压和通过的电流不变；则灯灯泡支路两端电压和通过的电流不变；则灯L的亮度的亮度不变；不变；滑

39、动变阻器的滑片滑动变阻器的滑片P向右移动时，变阻器连入阻值变向右移动时，变阻器连入阻值变大，由欧姆定律知通过变阻器的电流变小，大，由欧姆定律知通过变阻器的电流变小，由于干路电流等于各支路电流之和，则干路电流减小，由于干路电流等于各支路电流之和，则干路电流减小，即电流表示数变小。即电流表示数变小。由由P=UI可知总功率变小；可知总功率变小；综上所述，综上所述，A错误，错误，BCD正确。正确。故选：故选：A。17如图甲所示，闭合开关后，在滑片如图甲所示，闭合开关后，在滑片P由由b端向端向a端移动的过程中，电压表示数端移动的过程中，电压表示数U随滑动随滑动变阻器的电阻变阻器的电阻R2变化的关系图象如

40、下图乙所变化的关系图象如下图乙所示，下列说法正确的是（示，下列说法正确的是（）A电源电压是电源电压是6V BR2的最大阻值是的最大阻值是20 CR1的电阻是的电阻是10 D当滑片当滑片P移动中点时，移动中点时，10s内电流通过内电流通过R1产生的热量是产生的热量是18J【解答】解：由图甲所示电路图可知，定值电阻【解答】解：由图甲所示电路图可知，定值电阻R1与滑动变阻器与滑动变阻器R2串联，串联，电压表测定值电阻电压表测定值电阻R1两端电压。两端电压。（1）由图甲所示电路可知，当滑片在）由图甲所示电路可知，当滑片在b端时，电路为端时，电路为R1的简单电路，电的简单电路，电压表测电源两端电压，压表

41、测电源两端电压，由图乙所示图象可知，电源电压由图乙所示图象可知，电源电压U=6V，故，故A正确；正确；（2）当滑片位于）当滑片位于b端时，端时，R1与与R2的最大阻值串联，此时电压表的示数最的最大阻值串联，此时电压表的示数最小，小，由图乙所示图象可知，变阻器的最大阻值由图乙所示图象可知，变阻器的最大阻值R2=20，电压表的最小示数，电压表的最小示数U1最小最小=2V，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以此时滑动变阻器两端的电因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以此时滑动变阻器两端的电压：压：U2=UU1最小最小=6V2V=4V，串联电路中各处的电流相等，即：串联电路中各处的电流相等，即：

42、I1=I2，由欧姆定律可知，由欧姆定律可知，=，即：，即：=，解得：解得：R1=10，故，故BC正确；正确；（3）根据图乙可知，滑动变阻器的滑片在中点时电压表示数为）根据图乙可知，滑动变阻器的滑片在中点时电压表示数为3V，即即R1两端电压：两端电压：U1=3V，由由Q=t可得，可得，10s内电流通过内电流通过R1产生的热量：产生的热量：Q1=t=10s=9J，故，故D错误。错误。故选：故选：D。18下列由做饭所联想到的物理知识中正确的是下列由做饭所联想到的物理知识中正确的是（）A在客厅能闻到厨房的饭香，说明分子在不停在客厅能闻到厨房的饭香，说明分子在不停地做无规则运动地做无规则运动 B做饭时用

43、的电磁炉消耗的电能是一次能源做饭时用的电磁炉消耗的电能是一次能源 C切肉前先磨刀，是为了在压力相同时减小受切肉前先磨刀，是为了在压力相同时减小受力面积，增大压强力面积，增大压强 D蒸馒头时看到锅的上方冒出的蒸馒头时看到锅的上方冒出的“白气白气”是水是水蒸气蒸气【解答】解：【解答】解：A、在客厅能闻到厨房的饭香，、在客厅能闻到厨房的饭香，说明饭香分子在不停地做无规则运动，故说明饭香分子在不停地做无规则运动，故A正正确；确；B、做饭时用的电磁炉消耗的电能通过消耗一、做饭时用的电磁炉消耗的电能通过消耗一次能源（如：煤）而获得的，是二次能源，故次能源（如：煤）而获得的，是二次能源，故B错误；错误；C、

44、切肉前先磨刀是在压力一定时，减小受力、切肉前先磨刀是在压力一定时，减小受力面积来增大菜刀对菜的压强，容易把肉切断，面积来增大菜刀对菜的压强，容易把肉切断，故故C正确；正确；D、蒸馒头时看到锅的上方冒出的、蒸馒头时看到锅的上方冒出的“白气白气”是是水蒸气遇冷液化吸成的小水珠，故水蒸气遇冷液化吸成的小水珠，故D错误。错误。故选：故选：AC。19如图所示，用滑轮组提升重物时，重如图所示，用滑轮组提升重物时，重600N的物体在的物体在10s内匀速上升内匀速上升1m。已知绳子。已知绳子的拉力为的拉力为400N，则提升重物的过程中（，则提升重物的过程中（）A绳子自由端被拉下绳子自由端被拉下3mB做的有用功

45、做的有用功是是600J C滑轮组的机械效率为滑轮组的机械效率为80%D拉力拉力F的功率为的功率为80W【解答】解：【解答】解：A、由图可知，、由图可知，n=2，绳子自由端移动的，绳子自由端移动的距离距离s=2h=21m=2m，故，故A错；错；B、做的有用功：、做的有用功：W有用有用=Gh=600N1m=600J，故，故B正确；正确；C、拉力做的总功：、拉力做的总功：W总总=Fs=400N2m=800J，滑轮组的机械效率：滑轮组的机械效率：=100%=75%，故，故C错；错；D、拉力做功的功率：、拉力做功的功率：P=80W，故，故D正确。正确。故选：故选：BD。20如图甲所示，电源两端电压不变，

46、如图甲所示，电源两端电压不变，R1是是滑动变阻器，滑动变阻器，R2是定值电阻。当开关是定值电阻。当开关S闭合后，闭合后，逐步改变滑动变阻器接入电路的电阻值，根据逐步改变滑动变阻器接入电路的电阻值，根据电压表与电流表的示数，绘制的图象如图乙所电压表与电流表的示数，绘制的图象如图乙所示。下列判断正确的是（示。下列判断正确的是（）A电源两端电压为电源两端电压为10V B定值电阻定值电阻R2的电阻值为的电阻值为40 C变阻器变阻器R1接入电路的最大阻值为接入电路的最大阻值为100 D电路消耗电功率的最大值为电路消耗电功率的最大值为7.2W【解答】解：当滑片位于最左端时电路为【解答】解：当滑片位于最左端

47、时电路为R2的简单电路，此时的简单电路，此时电路中的电流最大，由乙图可知电路中的电流最大，由乙图可知I大大=0.6A，由由I=可得，电源的电压：可得，电源的电压：U=I大大R2=0.6AR2当滑片位于最右端时，滑动变阻器的最大阻值当滑片位于最右端时，滑动变阻器的最大阻值R1与电阻与电阻R2串串联，电压表测联，电压表测R1两端的电压，此时电路中的电流最小，两端的电压，此时电路中的电流最小，由乙图可知，由乙图可知，U1=10V，I小小=0.1A，变阻器变阻器R1接入电路的最大阻值：接入电路的最大阻值：R1=100，故，故C正确；正确；串联电路中总电压等于各分电压之和，电源的电压串联电路中总电压等于

48、各分电压之和，电源的电压U=U1+I小小R2=10V+0.1AR2由可得：由可得：0.6AR2=10V+0.1AR2，解得：解得：R2=20，故，故B错误；错误；电源的电压电源的电压U=0.6AR2=0.6A20=12V，故，故A错误；错误；电路消耗的最大电功率：电路消耗的最大电功率：P大大=I大大U=0.6A12V=7.2W，故，故D正确。正确。故选：故选：CD。21如图所示，在表面粗糙的斜面上，如图所示，在表面粗糙的斜面上，物块从物块从A点静止释放下滑到点静止释放下滑到B的过程中，的过程中，下列说法正确的是（下列说法正确的是（）A物块的动能不一定增加物块的动能不一定增加B物块的重力势能一定

49、减小物块的重力势能一定减小C物块的重力势能减少量等于动能的物块的重力势能减少量等于动能的增加量增加量D物块的重力势能减少量大于动能的物块的重力势能减少量大于动能的增加量增加量【解答】解：【解答】解：A、物块从、物块从A点静止释放下滑，则点静止释放下滑，则A做加速运动，做加速运动，则其速度变大，动能一定会增加，故则其速度变大，动能一定会增加，故A错误；错误；B、由于下滑时物体的高度一直减小，所以其重力、由于下滑时物体的高度一直减小，所以其重力势能一定减小，故势能一定减小，故B正确；正确；C、由于物体克服摩擦力，将一部分机械能转化为、由于物体克服摩擦力，将一部分机械能转化为内能，因此，物块的重力势

50、能减少量不等于动能内能，因此，物块的重力势能减少量不等于动能的增加量，故的增加量，故C错误；错误；D、由于物体克服摩擦力，将一部分机械能转化为、由于物体克服摩擦力，将一部分机械能转化为内能，并没有都转化为动能，因此，物块的重力内能，并没有都转化为动能，因此，物块的重力势能减少量大于动能的增加量，故势能减少量大于动能的增加量，故D正确。正确。故选：故选：BD。22（4分）小明同学家的电能表上标有分）小明同学家的电能表上标有“3000revs/（kWh）”的字样，他将家中的其的字样，他将家中的其它用电带都与电源断开，仅让电水壶在额定电压它用电带都与电源断开，仅让电水壶在额定电压下工作，观察下工作，