浙江鸭2020版高考物理一轮复习第9章电磁感应专题课2电磁感应中的动力学问题和能量动量问题课件.pptx

1、核心素养聚焦命题点1命题点2命题点3专题课专题课2电磁感应中的动力学问题和能量、动量问题电磁感应中的动力学问题和能量、动量问题核心素养聚焦命题点1命题点2命题点3电磁感应中的动力学问题电磁感应中的动力学问题1.两种状态及处理方法两种状态及处理方法状态状态特征特征处理方法处理方法平衡态平衡态加速度为零加速度为零根据平衡条件列式分析根据平衡条件列式分析非平衡态非平衡态加速度不为零加速度不为零根据牛顿第二定律进行动态分析根据牛顿第二定律进行动态分析或结合功能关系进行分析或结合功能关系进行分析核心素养聚焦命题点1命题点2命题点32.电学对象与力学对象的转换及关系电学对象与力学对象的转换及关系核心素养聚

2、焦命题点1命题点2命题点3命题角度命题角度1导体棒处于静止状态导体棒处于静止状态【例【例1】（2017天津理综，天津理综，3）如图如图1所示，两根平行金属导轨置所示，两根平行金属导轨置于水平面内，导轨之间接有电阻于水平面内，导轨之间接有电阻R。金属棒。金属棒ab与两导轨垂直并保持与两导轨垂直并保持良好接触，整个装置放在匀强磁场中，磁场方向垂直于导轨平面良好接触，整个装置放在匀强磁场中，磁场方向垂直于导轨平面向下。现使磁感应强度随时间均匀减小，向下。现使磁感应强度随时间均匀减小，ab始终保持静止，下列始终保持静止，下列说法正确的是（）说法正确的是（）图图1A.ab中的感应电流方向由中的感应电流方

3、向由b到到aB.ab中的感应电流逐渐减小中的感应电流逐渐减小C.ab所受的安培力保持不变所受的安培力保持不变D.ab所受的静摩擦力逐渐减小所受的静摩擦力逐渐减小核心素养聚焦命题点1命题点2命题点3答案答案D核心素养聚焦命题点1命题点2命题点3【例【例2】（多选多选）一空间有垂直纸面向里的匀强磁场）一空间有垂直纸面向里的匀强磁场B，两条电阻不，两条电阻不计的平行光滑导轨竖直放置在磁场内，如图计的平行光滑导轨竖直放置在磁场内，如图2所示，磁感应强度所示，磁感应强度B0.5 T，导体棒，导体棒ab、cd长度均为长度均为0.2 m，电阻均为，电阻均为0.1，重力均为，重力均为0.1 N，现用力向上拉动

4、导体棒现用力向上拉动导体棒ab，使之匀速上升（导体棒，使之匀速上升（导体棒ab、cd与导轨接触与导轨接触良好），此时良好），此时cd静止不动，则静止不动，则ab上升时，下列说法正确的是（）上升时，下列说法正确的是（）命题角度命题角度2导体棒做匀速运动导体棒做匀速运动图图2A.ab受到的拉力大小为受到的拉力大小为2 NB.ab向上运动的速度为向上运动的速度为2 m/sC.在在2 s内，拉力做功，有内，拉力做功，有0.4 J的机械能转化为电能的机械能转化为电能D.在在2 s内，拉力做功为内，拉力做功为0.6 J核心素养聚焦命题点1命题点2命题点3答案答案BC核心素养聚焦命题点1命题点2命题点3【例

5、【例3】如图如图3所示，足够长的平行金属导轨所示，足够长的平行金属导轨MN和和PQ表面粗糙，表面粗糙，与水平面间的夹角为与水平面间的夹角为37（sin 370.6），间距为），间距为1 m。垂。垂直于导轨平面向上的匀强磁场的磁感应强度的大小为直于导轨平面向上的匀强磁场的磁感应强度的大小为4 T，P、M间所接电阻的阻值为间所接电阻的阻值为8。质量为。质量为2 kg的金属杆的金属杆ab垂直导轨放置，垂直导轨放置，不计杆与导轨的电阻，杆与导轨间的动摩擦因数为不计杆与导轨的电阻，杆与导轨间的动摩擦因数为0.25。金属杆。金属杆ab在沿导轨向下且与杆垂直的恒力在沿导轨向下且与杆垂直的恒力F作用下，由静止

6、开始运动，杆作用下，由静止开始运动，杆的最终速度为的最终速度为8 m/s，取，取g10 m/s2，求：，求：命题角度命题角度3变加速直线运动问题变加速直线运动问题图图3（1）当金属杆的速度为）当金属杆的速度为4 m/s时，金属杆的加速度大小；时，金属杆的加速度大小；（2）当金属杆沿导轨的位移为）当金属杆沿导轨的位移为6.0 m时，通过金属杆的电荷量。时，通过金属杆的电荷量。核心素养聚焦命题点1命题点2命题点3解析解析（1）对金属杆）对金属杆ab应用牛顿第二定律，有应用牛顿第二定律，有Fmgsin F安安fma，fFN，FNmgcos ab杆所受安培力大小为杆所受安培力大小为F安安BILab杆切

7、割磁感线产生的感应电动势为杆切割磁感线产生的感应电动势为EBLv代入代入vm8 m/s时时a0，解得，解得F8 N代入代入v4 m/s及及F8 N，解得，解得a4 m/s2核心素养聚焦命题点1命题点2命题点3（2）设通过回路横截面的电荷量为）设通过回路横截面的电荷量为q，则，则qIt回路中的磁通量变化量为回路中的磁通量变化量为BLx，联立解得，联立解得q3 C答案答案（1）4 m/s2（2）3 C核心素养聚焦命题点1命题点2命题点3用用“四步法四步法”分析电磁感应中的动力学问题分析电磁感应中的动力学问题解决电磁感应中的动力学问题的一般思路是解决电磁感应中的动力学问题的一般思路是“先电后力先电后

8、力”，具体思路如下：，具体思路如下：核心素养聚焦命题点1命题点2命题点3电磁感应中的动力学和能量问题电磁感应中的动力学和能量问题1.电磁感应中的能量转化电磁感应中的能量转化2.求解焦耳热求解焦耳热Q的三种方法的三种方法核心素养聚焦命题点1命题点2命题点3【例【例4】（2016浙江理综）浙江理综）小明设计的电磁健身器的简化装置如图小明设计的电磁健身器的简化装置如图4所示，两根平行所示，两根平行金属导轨相距金属导轨相距l0.50 m，倾角，倾角53，导轨上端串接一个，导轨上端串接一个0.05 的电阻。在导轨的电阻。在导轨间长间长d0.56 m的区域内，存在方向垂直导轨平面向下的匀强磁场，磁感应强度

9、的区域内，存在方向垂直导轨平面向下的匀强磁场，磁感应强度B2.0 T。质量。质量m4.0 kg 的金属棒的金属棒CD水平置于导轨上，用绝缘绳索通过定滑轮与拉水平置于导轨上，用绝缘绳索通过定滑轮与拉杆杆GH相连。相连。CD棒的初始位置与磁场区域的下边界相距棒的初始位置与磁场区域的下边界相距s0.24 m。一位健身者用。一位健身者用恒力恒力F80 N拉动拉动GH杆，杆，CD棒由静止开始运动，上升过程中棒由静止开始运动，上升过程中CD棒始终保持与导轨棒始终保持与导轨垂直。当垂直。当CD棒到达磁场上边界时健身者松手，触发恢复装置使棒到达磁场上边界时健身者松手，触发恢复装置使CD棒回到初始位置棒回到初始

10、位置（重力加速度（重力加速度g10 m/s2，sin 530.8，不计其他电阻、摩擦力以及拉杆和绳索，不计其他电阻、摩擦力以及拉杆和绳索的质量）。求的质量）。求核心素养聚焦命题点1命题点2命题点3图图4（1）CD棒进入磁场时速度棒进入磁场时速度v的大小；的大小；（2）CD棒进入磁场时所受的安培力的大小；棒进入磁场时所受的安培力的大小；（3）在拉升）在拉升CD棒的过程中，健身者所做的功棒的过程中，健身者所做的功W和电阻产生的焦耳热和电阻产生的焦耳热Q。核心素养聚焦命题点1命题点2命题点3（2）感应电动势）感应电动势EBlv安培力安培力FAIBl核心素养聚焦命题点1命题点2命题点3（3）健身者做功

11、）健身者做功WF（sd）64 J由牛顿第二定律得由牛顿第二定律得Fmgsin FA0焦耳热焦耳热QI2Rt26.88 J答案答案（1）2.4 m/s（2）48 N（3）64 J26.88 J核心素养聚焦命题点1命题点2命题点3【变式训练【变式训练1】如图如图5所示，在高度差所示，在高度差h0.5 m的平行虚线范围内，有磁感应强度的平行虚线范围内，有磁感应强度B0.5 T、方向垂直于竖直平面向里的匀强磁场，正方形线框、方向垂直于竖直平面向里的匀强磁场，正方形线框abcd的质量的质量m0.1 kg、边长边长L0.5 m、电阻、电阻R0.5，线框平面与竖直平面平行，静止在位置，线框平面与竖直平面平行

12、，静止在位置“”“”时，时，cd边跟磁场下边缘有一段距离。现用一竖直向上的恒力边跟磁场下边缘有一段距离。现用一竖直向上的恒力F4.0 N向上提线框，线框向上提线框，线框由位置由位置“”“”无初速度开始向上运动，穿过磁场区，最后到达位置无初速度开始向上运动，穿过磁场区，最后到达位置“”“”（ab边恰边恰好出磁场），线框平面在运动中保持与磁场方向垂直，且好出磁场），线框平面在运动中保持与磁场方向垂直，且cd边保持水平。设边保持水平。设cd边刚边刚进入磁场时，线框恰好开始做匀速直线运动。进入磁场时，线框恰好开始做匀速直线运动。g取取10 m/s2。核心素养聚焦命题点1命题点2命题点3图图5（1）求线

13、框进入磁场前距磁场下边界的距离）求线框进入磁场前距磁场下边界的距离H；（2）线框由位置）线框由位置“”“”到位置到位置“”的过程中，恒力的过程中，恒力F做的功是多少？线框内产做的功是多少？线框内产生的热量又是多少？生的热量又是多少？核心素养聚焦命题点1命题点2命题点3解析解析（1）在恒力作用下，线框开始向上做匀加速直线运动，设线框的加速）在恒力作用下，线框开始向上做匀加速直线运动，设线框的加速度为度为a，据牛顿第二定律有：，据牛顿第二定律有：Fmgma设设cd边刚进磁场时，线框速度设为边刚进磁场时，线框速度设为v1，线框从静止到，线框从静止到cd边刚进磁场过程中，由边刚进磁场过程中，由运动学方

14、程有：运动学方程有：cd边刚进磁场时产生电动势边刚进磁场时产生电动势EBLv，感应电流，感应电流安培力安培力F安安BIL核心素养聚焦命题点1命题点2命题点3线框做匀速直线运动，则有线框做匀速直线运动，则有FF安安mg，由由v22aH解得解得H9.6 m。（2）恒力）恒力F做的功做的功WF（HLh）42.4 J，从从cd边进入磁场到边进入磁场到ab边离开磁场的过程中，拉力所做的功等于线框增加的重力势能边离开磁场的过程中，拉力所做的功等于线框增加的重力势能和产生的热量和产生的热量Q，即即F（Lh）mg（Lh）Q，解得：解得：Q（Fmg）（）（Lh）3.0 J答案答案（1）9.6 m（2）42.4

15、J3.0 J核心素养聚焦命题点1命题点2命题点3电磁感应中的动量和能量观点的综合应用电磁感应中的动量和能量观点的综合应用1.应用动量定理可以由动量变化来求解变力的冲量。如在导体棒做非匀变速运动的应用动量定理可以由动量变化来求解变力的冲量。如在导体棒做非匀变速运动的问题中，应用动量定理可以解决牛顿运动定律不易解答的问题。问题中，应用动量定理可以解决牛顿运动定律不易解答的问题。2.在相互平行的水平轨道间的双棒做切割磁感线运动时，由于这两根导体棒所受的在相互平行的水平轨道间的双棒做切割磁感线运动时，由于这两根导体棒所受的安培力等大反向，合外力为零，若不受其他外力，两导体棒的总动量守恒，解决安培力等大

16、反向，合外力为零，若不受其他外力，两导体棒的总动量守恒，解决此类问题往往要应用动量守恒定律。此类问题往往要应用动量守恒定律。核心素养聚焦命题点1命题点2命题点3【例【例5】（201711月浙江选考）月浙江选考）如图如图6所示，匝数所示，匝数N100、截面积、截面积S1.0102 m2、电阻、电阻r0.15 的线圈内有方向垂直于线圈平面向上的随时间的线圈内有方向垂直于线圈平面向上的随时间均匀增加的匀强磁场均匀增加的匀强磁场B1，其变化率，其变化率k0.80 T/s。线圈通过开关。线圈通过开关S连接两根相连接两根相互平行、间距互平行、间距d0.20 m的竖直导轨，下端连接阻值的竖直导轨，下端连接阻

17、值R0.50 的电阻。一根的电阻。一根阻值也为阻值也为0.50、质量、质量m1.0102 kg的导体棒的导体棒ab搁置在等高的挡条上。在搁置在等高的挡条上。在竖直导轨间的区域仅有垂直纸面的不随时间变化的匀强磁场竖直导轨间的区域仅有垂直纸面的不随时间变化的匀强磁场B2。接通开关。接通开关S后，棒对挡条的压力恰好为零。假设棒始终与导轨垂直，且与导轨接触良好，后，棒对挡条的压力恰好为零。假设棒始终与导轨垂直，且与导轨接触良好，不计摩擦阻力和导轨电阻。不计摩擦阻力和导轨电阻。核心素养聚焦命题点1命题点2命题点3图图6（1）求磁感应强度）求磁感应强度B2的大小，并指出磁场方向；的大小，并指出磁场方向；（

18、2）断开开关）断开开关S后撤去挡条，棒开始下滑，经后撤去挡条，棒开始下滑，经t0.25 s后下降了后下降了h0.29 m，求此，求此过程棒上产生的热量。过程棒上产生的热量。核心素养聚焦命题点1命题点2命题点3代入数据得代入数据得E0.8 V，由楞次定律判断可知，电流从左边流入，右边流出。，由楞次定律判断可知，电流从左边流入，右边流出。等效电路图如下：等效电路图如下：根据题意，此刻棒对挡条的压力为零，即金属棒所受安培力等于其重力，根据题意，此刻棒对挡条的压力为零，即金属棒所受安培力等于其重力，核心素养聚焦命题点1命题点2命题点3即即B2Iabdmg，解得，解得B20.50 T，根据左手定则可知磁

19、场的方向应该垂直纸面向外。根据左手定则可知磁场的方向应该垂直纸面向外。（2）开关断开之后，撤去挡条，）开关断开之后，撤去挡条，ab下滑中切割磁感线，从而产生感应电流，下滑中切割磁感线，从而产生感应电流，根据动量定理，得（根据动量定理，得（mgB2Id）tmv0联立上式可知联立上式可知v2.21 m/s核心素养聚焦命题点1命题点2命题点3求得求得W4.58103 J，因此金属棒上产生热量为，因此金属棒上产生热量为答案答案（1）0.5 T，磁场垂直纸面向外（，磁场垂直纸面向外（2）2.29103 J核心素养聚焦命题点1命题点2命题点3（1）若涉及变力作用下运动问题，可选用动量守恒和能量守恒的方法解

20、决。）若涉及变力作用下运动问题，可选用动量守恒和能量守恒的方法解决。（2）若涉及恒力或恒定加速度，一般选用动力学的观点。若涉及运动时间问）若涉及恒力或恒定加速度，一般选用动力学的观点。若涉及运动时间问题也可选用动量定理求解。题也可选用动量定理求解。核心素养聚焦命题点1命题点2命题点3核心素养聚焦命题点1命题点2命题点3图图7（提示：可以用（提示：可以用Fx图象下的图象下的“面积面积”代表力代表力F所做的功）所做的功）（1）棒）棒ab运动到运动到x10.2 m时的速度时的速度v1；（2）棒）棒ab运动到运动到x20.1 m时的速度时的速度v2；（3）电容器最终所带的电荷量）电容器最终所带的电荷量

21、Q。核心素养聚焦命题点1命题点2命题点3解析解析（1）从）从x0 x1的过程，由于安培力为恒力，的过程，由于安培力为恒力，安培力安培力FBIL（2）在区间）在区间0.2 mx0.2 m安培力安培力F5xIL如图所示，安培力做功如图所示，安培力做功核心素养聚焦命题点1命题点2命题点3（3）从）从0.2 m处移到处移到0.2 m处安培力不做功，处安培力不做功，v3v12 m/s设最后稳定时的速度为设最后稳定时的速度为v则则导体棒两端电压导体棒两端电压UBLv由动能定理得由动能定理得核心素养聚焦命题点1命题点2命题点3电容器上所带电荷量电容器上所带电荷量qCU电路中通过的电荷量电路中通过的电荷量qI

22、t 根据动量定理根据动量定理BILtmvmv3核心素养聚焦命题点1命题点2命题点3模型一模型一“单杆导轨单杆导轨”模型模型1.单杆水平式（导轨光滑）单杆水平式（导轨光滑）科学思维科学思维电磁感应中的电磁感应中的“杆导轨杆导轨”模型模型核心素养聚焦命题点1命题点2命题点3核心素养聚焦命题点1命题点2命题点32.单杆倾斜式（导轨光滑）单杆倾斜式（导轨光滑）核心素养聚焦命题点1命题点2命题点3【例【例1】如图如图8所示，足够长的金属导轨固定在水平面上，金属导轨宽度所示，足够长的金属导轨固定在水平面上，金属导轨宽度L1.0 m，导轨上放有垂直导轨的金属杆导轨上放有垂直导轨的金属杆P，金属杆质量为，金属

23、杆质量为m0.1 kg，空间存在磁感应强度，空间存在磁感应强度B0.5 T、竖直向下的匀强磁场。连接在导轨左端的电阻、竖直向下的匀强磁场。连接在导轨左端的电阻R3.0，金属杆的电阻，金属杆的电阻r1.0，其余部分电阻不计。某时刻给金属杆一个水平向右的恒力，其余部分电阻不计。某时刻给金属杆一个水平向右的恒力F，金属杆，金属杆P由静由静止开始运动，图乙是金属杆止开始运动，图乙是金属杆P运动过程的运动过程的vt图象，导轨与金属杆间的动摩擦因数图象，导轨与金属杆间的动摩擦因数0.5。在金属杆。在金属杆P运动的过程中，第一个运动的过程中，第一个2 s内通过金属杆内通过金属杆P的电荷量与第二个的电荷量与第

24、二个2 s内内通过通过P的电荷量之比为的电荷量之比为35。g取取10 m/s2。求：。求：核心素养聚焦命题点1命题点2命题点3图图8（1）水平恒力）水平恒力F的大小；的大小；（2）前）前4 s内电阻内电阻R上产生的热量。上产生的热量。核心素养聚焦命题点1命题点2命题点3解析解析（1）由图乙可知金属杆）由图乙可知金属杆P先做加速度减小的加速运动，先做加速度减小的加速运动，2 s后做匀速直线运动后做匀速直线运动当当t2 s时，时，v4 m/s，此时感应电动势，此时感应电动势EBLv根据牛顿运动定律有根据牛顿运动定律有FFmg0解得解得F0.75 N。核心素养聚焦命题点1命题点2命题点3设第一个设第

25、一个2 s内金属杆内金属杆P的位移为的位移为x1，第二个，第二个2 s内内P的位移为的位移为x2则则1BLx1，2BLx2BLvt又由于又由于q1q235联立解得联立解得x28 m，x14.8 m前前4 s内由能量守恒定律得内由能量守恒定律得核心素养聚焦命题点1命题点2命题点3其中其中QrQRrR13解得解得QR1.8 J。答案答案（1）0.75 N（2）1.8 J核心素养聚焦命题点1命题点2命题点3模型二模型二“双杆导轨双杆导轨”模型模型示意图示意图力学观点力学观点导体棒导体棒1受安培力的作用做加速度减小的减速运动，受安培力的作用做加速度减小的减速运动，导体棒导体棒2受安培力的作用做加速度减

26、小的加速运动，受安培力的作用做加速度减小的加速运动，最后两棒以相同的速度做匀速直线运动最后两棒以相同的速度做匀速直线运动两棒以相同的加速度做匀加速两棒以相同的加速度做匀加速直线运动直线运动动量观点动量观点系统动量守恒系统动量守恒系统动量不守恒系统动量不守恒能量观点能量观点 棒棒1动能的减少量棒动能的减少量棒2动能的增加量焦耳热动能的增加量焦耳热外力做的功棒外力做的功棒1增加的动能增加的动能棒棒2增加的动能焦耳热增加的动能焦耳热核心素养聚焦命题点1命题点2命题点3图图9核心素养聚焦命题点1命题点2命题点3（1）绝缘棒）绝缘棒a与金属棒与金属棒b发生弹性正碰后分离时两棒的速度大小；发生弹性正碰后分

27、离时两棒的速度大小；（2）金属棒）金属棒b进入磁场后，其加速度为其最大加速度的一半时的速度大小；进入磁场后，其加速度为其最大加速度的一半时的速度大小；（3）两金属棒）两金属棒b、c上最终产生的总焦耳热。上最终产生的总焦耳热。a棒与棒与b棒发生弹性碰撞棒发生弹性碰撞由动量守恒定律由动量守恒定律mv0mv1mv2核心素养聚焦命题点1命题点2命题点3（2）b棒刚进磁场时的加速度最大。棒刚进磁场时的加速度最大。b、c两棒组成的系统合外力为零，系统动量守恒。两棒组成的系统合外力为零，系统动量守恒。故当故当b棒加速度为最大值的一半时有棒加速度为最大值的一半时有v22（v2v3）核心素养聚焦命题点1命题点2

28、命题点3（3）最终）最终b、c以相同的速度匀速运动。以相同的速度匀速运动。编后语常常可见到这样的同学，他们在下课前几分钟就开始看表、收拾课本文具，下课铃一响，就迫不及待地“逃离”教室。实际上，每节课刚下课时的几分钟是我们对上课内容查漏补缺的好时机。善于学习的同学往往懂得抓好课后的“黄金两分钟”。那么，课后的“黄金时间”可以用来做什么呢？一、释疑难 对课堂上老师讲到的内容自己想不通卡壳的问题，应该在课堂上标出来，下课时，在老师还未离开教室的时候，要主动请老师讲解清楚。如果老师已经离开教室，也可以向同学请教，及时消除疑难问题。做到当堂知识，当堂解决。二、补笔记 上课时，如果有些东西没有记下来，不要

29、因为惦记着漏了的笔记而影响记下面的内容，可以在笔记本上留下一定的空间。下课后，再从头到尾阅读一遍自己写的笔记，既可以起到复习的作用，又可以检查笔记中的遗漏和错误。遗漏之处要补全，错别字要纠正，过于潦草的字要写清楚。同时，将自己对讲课内容的理解、自己的收获和感想，用自己的话写在笔记本的空白处。这样，可以使笔记变的更加完整、充实。三、课后“静思2分钟”大有学问 我们还要注意课后的及时思考。利用课间休息时间，在心中快速把刚才上课时刚讲过的一些关键思路理一遍，把老师讲解的题目从题意到解答整个过程详细审视一遍，这样，不仅可以加深知识的理解和记忆，还可以轻而易举地掌握一些关键的解题技巧。所以，2分钟的课后静思等于同一学科知识的课后复习30分钟。最新中小学教学课件2022-10-25thank thank you!you!最新中小学教学课件2022-10-25