贵州省六校联盟2022-2023学年高三上学期高考实用性联考（一）理科综合试题含答案.pdf

1、 理科综合参考答案第 1 页（共 15 页）2023 届贵州省六校联盟高考实用性联考卷（一）理科综合参考答案 一、选择题：本题共 13 小题，每小题 6 分。题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 答案 C D C A B C A C C D D B C 二、选择题：本题共 8 小题，每小题 6 分。在每小题给出的四个选项中，第 1418 题只有一项符合题目要求；第 1921 题有多项符合题目要求，全部选对的得 6 分，选对但不全的得 3分，有选错的得 0 分。题号 14 15 16 17 18 19 20 21 答案 C B C A B BD BD BC【解析】1胆

2、固醇参与血液中脂质的运输，A 不符合题意。生物膜上协助物质转运必须是蛋白质，氨基酸无法直接参与，B 不符合题意。抗体本质是蛋白质，氨基酸可通过脱水缩合合成抗体，C 符合题意。光合色素吸收、传递、转化光能，氨基酸无法直接参与，D 不符合题意。2转录需要以 DNA 的其中一条链为模板，衰老细胞的染色质收缩，DNA 无法解旋，意味着某些基因无法完成转录，导致基因表达减弱，A 正确。转录、翻译都需要酶降低反应活化能，因此衰老细胞内若相关的酶（如 RNA 聚合酶等）活性降低，会导致基因表达减弱，B正确。细胞核内转录需要从细胞质基质获得原料、能量，形成的 RNA 需要通过核孔运输到细胞质基质完成翻译的过程

3、，衰老细胞核膜内折，降低核孔的核质间物质运输的效率，就会降低基因的表达，C 正确。衰老的细胞并没有出现结合水增多的特征，因此不可能影响基因的表达，D 错误。3人体体细胞无氧呼吸不消耗氧气，也不释放二氧化碳，只有有氧呼吸的时候消耗氧气，释放二氧化碳，且消耗量与释放量达到平衡，A 正确。1mol 葡萄糖彻底氧化分解可以释放2870kJ 的能量，只有 1161kJ 左右的能量储存在 ATP 中，转化效率约为 40%，B 正确。有氧呼吸的反应场所有细胞质基质、线粒体，每一阶段都有能量释放、转化为 ATP，故肌肉收缩的能量大部分来自线粒体，而非全部，C 错误。运动过程中，人体产热与散热达到动态平衡，D

4、正确。4所代表的是腺嘌呤，与嘧啶碱基互补配对，A 错误。ATP 与 ADP 相互转化的能量供应机制，是生物界的共性，B 正确。破坏后的产物是磷酸分子、腺嘌呤核糖核苷酸，其中腺嘌呤核糖核苷酸可以参与以 RNA 以为化学本质的酶的构成，C 正确。吸能反应一般与所代表的化学键的断裂，即 ATP 的水解相联系，D 正确。理科综合参考答案第 2 页（共 15 页）5减数分裂过程中，同源染色体在减数第一次分裂后期分离，进入不同的次级精母细胞，减数第二次分裂后期姐妹染色单体分离，形成两个相同的精细胞，故可知来自同一初级精母细胞的精细胞，应该各自含有同源染色体的其中一条，所以两个精细胞中的染色体合起来，与体细

5、胞的染色体组成一致，即可判断来自同一初级精母细胞，A、C、D 错误，B 正确。6通过 F1与白花（纯合隐性个体）测交，F2性状分离比为 121 可知，A/a 与 B/b 分别位于两对同源染色体上，独立遗传，互不干扰，A 正确。F1全部为红花，则说明两个亲本是纯合子，则 AABBaabb 符合，AAbbaaBB 也符合，故亲本可能都开粉花，也可能一株开红花，一株开白花，B、D 正确。F1的基因型为 AaBb，故自交以后，按照题干所述，子代为红花粉花白花=961，C 错误。7A 项，明矾净水的原理是生成的 Al(OH)3胶体，吸附水中的杂质，并没有杀菌消毒的作用。B 项，硅胶多孔，吸附水分子的能力

6、强，可以用作食品的干燥剂。C 项，钛硬度大、熔点高，化学性质稳定，耐腐蚀，尤其是抵抗海水腐蚀的能力强，所以钛及其钛的合金可用于飞机、人造卫星和宇宙飞船等领域。D 项，漂白粉的主要成分是 Ca(ClO)2，洁厕灵中有 HCl，混合使用会生成有毒的物质 Cl2，所以此题答案选 A。8A 项，22.4L 的 CO 和 CO2混合气体中含有的碳原子数为 1NA，在未告诉标况时不能得知混合气体的物质的量，错误。B 项，0.5mol AlCl3完全转化成氢氧化铝胶体生成胶粒数目小于 0.5NA，错误。C 项，常温常压下，13.6g 金刚烷（）为 0.1mol，其中所含 CC键的数目为 1.2NA，正确。D

7、 项，7.8g Na2O2的物质的量为 0.1mol，阴离子为 O22，所以其中含有的阴离子数为 0.1NA，错误。9芳香化合物 M 结构简式为，H 的结构简式为，M 和 H 的分子式均为 C6H6O6，A、B 项均正确。M 在苯环上加成需 3mol H2，H 在 2 个“”上加成，需要 2mol H2，在“”中不能加成，C 错误，M 中六个“OH”不能发生消去反应，而 H 中 2 个“OH”均可发生消去反应，D 正确。10A 项，醋酸为弱电解质，不能拆分，氢氧化钠溶液和醋酸溶液反应的离子方程式为OH+CH3COOH=CH3COO+H2O，错误。B 项，次氯酸钠溶液在碱性条件下与氯化铁溶 液

8、反 应 生 成 高 铁 酸 钠、氯 化 钠 和 水，反 应 的 离 子 方 程 式 为 理科综合参考答案第 3 页（共 15 页）3ClO+2Fe3+10OH=2FeO24+3Cl+5H2O，错误。C 项，Ba(OH)2溶液与稀 H2SO4混合生成硫酸钡和水，离子方程式为 Ba2+SO24+2H+2OH=BaSO4+2H2O，错误。D 项，Mg(HCO3)2与足量氢氧化钠反应：Mg2+2HCO3+4OH=Mg(OH)2+2CO23+2H2O，正确。11短周期主族元素 X、Y、Z、W、Q 的原子序数依次增大。X 的简单氢化物的水溶液呈碱性，X 为 N 元素；X、W 同主族，W 为 P 元素；Y

9、的最外层电子数是次外层的 3 倍，Y为 O 元素；Z 为金属元素，且 Z 原子最外层电子数等于其 K 层电子数，则 Z 为 Mg 元素；W（P)的最外层电子数为 5、Y（O）的最外层电子数为 6，设 Q 的最外层电子数为 x，由题 W、Q 的最外层电子数之和是 Y 的最外层电子数的 2 倍，则 5+x=12，x=7，则 Q 为 Cl元素。根据以上分析可知 X、Y、Z、W、Q 分别为 N、O、Mg、P、Cl 元素。A 项，N、O 元素间能形成 NO、NO2、N2O4 等多种化合物，正确。B 项，工业上电解熔融 MgCl2来获得 Mg，正确。C 项，N、O、P 三种元素的非金属性强弱顺序为 ONP

10、，故其气态氢化物稳定性顺序为 YXW，正确。D 项，氯的含氧酸 HClO 为弱酸，HClO4为强酸，错误。12由装置图可知左池为原电池，右池为电解池，根据电子移动方向，Cu(1)为正极，Cu(2)为负极，a 为阴极，b 为阳极。A 项，b 电极为阳极，应该是溶液中的阴离子 OH放电，因此电极反应为 2H2O+2e=H2+2OH，错误。B 项，b 电极为阳极，溶液中的阴离子 OH放电，生成氧气，H+浓度增大，为了制备得到硫酸，d 为阴离子交换膜，SO24通过，a 电极为阴极，氢离子放电，氢氧根离子浓度增大，为了制备氢氧化钠，c 为阳离子交换膜，Na+通过，正确。C 项，浓差电池放电过程中，Cu(

11、1)为正极，电极上的电极反应为Cu2+2e=Cu，错误。D 项，当阴极产生 2.24L 气体时，未讲气体处于标况，物质的量未知，错误。13CO2与 Ca2+在碱性条件下才产生沉淀 CaCO3，而在酸性和中性溶液中 CO2不与 Ca2+反应，A 错误。向氨水中滴入 2 滴 AgNO3溶液时，氨水过量，Ag+与 NH3H2O 反应生成银氨合离子，NH3H2O 与 Ag+发生了反应，B 错误。SO2与 KMnO4氧化还原使 KMnO4生成Mn2+褪色，SO2与品红褪色是 SO2有漂白性，C 正确。Fe(NO3)2溶液中加 H2SO4提供 H+，使 NO3、H+与 Fe2+反应生成 Fe3+只能说明

12、HNO3氧化性强于 Fe3+，D 错误。14抛出小球的最小速度为gR，由2122Rgt、0 xt v，解得200mx。15由初始时系统处于静止状态，A与斜面间的摩擦力为零得到2Amm；末态对B受力分析得2 3cos303mgTmg；再对A，有2sin30Tmgf；解得2 313fmg。16设小行星2022OS1和2022ON1的轨道半径分别为12rr和，则12121.54.5rrr rrr，解得1231.5rrrr、。理科综合参考答案第 4 页（共 15 页）17对A、B构成的整体，最大静摩擦力提供向心力，2MrMg；对 B，由重力和支持力的合力提供向心力，2tanmgmr，解得tan。18碰

13、撞前后竖直方向速度大小不变，由222.5m/sxyvvv，所以碰撞后水平方向速度1.5m/sxv。设乒乓球质量为m，碰撞时间为t，则竖直方向和水平方向分别有NN41.5F tmftF tm、，解得38。19 原子核跃迁产生射线，故A错误。衰变自发进行，14456Ba的衰变方程应为144144056571BaXe，故 C 错误。2022PFax，v v，2PFax所以，即Px，故 A 错误，B 正确。设绳子总质量为m，以绳中某点到绳下端这段绳为研究对象，则sinLdLdTmgmaLL，解得(sin)LdTmgmaL，故C错误，D正确。21对BC，有22011222k xFxm v，解得02mgk

14、v；对AB，有02mm共vv，22p011222Emm共vv，解得22p2m gEk；联立0ABmmmvvv、2220111222ABmmmvvv，解得mA02mgkvvv。三、非选择题（一）必考题：共11题，共129分。22（5分）（1）如图所示（3分）（2）1g1121()I RRII（2分）23（每空2分，共10分）（1）需要 不会（2）0.20 0.60（3）2dcb 理科综合参考答案第 5 页（共 15 页）24（12分）解：（1）对滑块，有mgma 1atv 2112xat 由得12st、2mx 02atv，得21st 又因为20 3212txatv 1234.5stttt （2）

15、20 10 221()4.5J2Qmg xtmgtatvv 评分标准：本题共12分。正确得出式给4分，正确得出、式各给2分，其余各式各给1分。25（20分）解：（1）根据右手定则和左手定则，导体棒在过程中所受的安培力方向沿导轨平面向上 （2）由牛顿第二定律 AsinmgkmgFma 由图乙可得00atv 而AFBIL qIt 由电磁感应定律 UBLv 又qCU atv 解得2200sin()kmB L Cmgtv 由题意 AmsinmgkmgF 而AmmFBI L 理科综合参考答案第 6 页（共 15 页）由闭合电路的欧姆定律 mm2EIR 又mmEBLv 解得220m2202()R mB L

16、 CB L tvv （3）由动量定理 000m0(sin)mgtkmgtBILtmmvv 由闭合电路的欧姆定律 2EIR 由法拉第电磁感应定律 0BLsEt 解得0002(34)RCtRCstv 评分标准：本题共20分。正确得出、式各给2分，其余各式各给1分。26（除特殊标注外，每空2分，共14分）（1）分液漏斗（1分）除去Cl2中混有的HCl（1分）（2）BFEDC （3）2Cl2+2Ca(OH)2=CaCl2+Ca(ClO)2+2H2O（反应物产物写对1分，配平正确1分）（4）增大氯气和石灰乳的接触面积，提高吸收效率（意思答到增大接触面积则给2分）氯气与碱反应为放热反应，采用冰水浴可避免氯

17、气与石灰乳发生副反应生成氯酸钙（答到避免副反应给1分，指明副产物是氯酸钙给1分）（5）溶液由蓝色变为无色，半分钟内溶液不再变为蓝色（答到蓝色变无色给1分，半分钟内不再变为蓝色再给1分）0.05000（未保留四位有效数字给1分）【解析】MnO2与浓盐酸需要在加热条件下才能发生反应，生成的Cl2中混有浓盐酸挥发出的HCl气体和水蒸气，用饱和食盐水除去HCl，用浓硫酸除去水蒸气，用向上排空气法收集氯气，尾气用NaOH溶液吸收。（1）由分析可知，装置G为分液漏斗，装置F的作用为除去Cl2中混入的HCl。（2）制取氯气时，需进行以下操作：制气、除杂、干燥、收集、尾气处理，从而得出仪器连接顺序为BFEDC

18、。（3）工业制取漂白粉原理为氯气通入石灰乳，化学方程式为2Cl2+2Ca(OH)2=CaCl2+Ca(ClO)2+2H2O。理科综合参考答案第 7 页（共 15 页）（4）使用多孔球泡，增大气体与石灰乳的接触面积，使反应更迅速更充分更完全；由信息可知于装置C中发生的反应会放出热量，为了避免发生6Cl2+6Ca(OH)2=5CaCl2+Ca(ClO3)2+6H2O 生成副产物Ca(ClO3)2，所以采用冰水浴。（5）在开始滴定时锥形瓶中的溶液中含有I2及淀粉溶液，溶液显蓝色，随着Na2S2O3标准溶液的滴入，溶液中I2不断被消耗，浓度变稀，溶液蓝色变浅，当滴入最后一滴Na2S2O3标准溶液时，溶

19、液颜色由蓝色变为无色，半分钟内溶液颜色不变色，说明滴定达到终点，故滴定终点现象是当加入最后一滴Na2S2O3标准溶液时，溶液由蓝色变为无色，半分钟内溶 液 不 再 变 为 蓝 色，说 明 滴 定 达 到 终 点；发 生 的 有 关 反 应 方 程 式 为ClO+2I+2H+=I2+Cl+H2O、I2+2S2O23=2I+S4O26，可得关系式：ClOI22S2O23，n(Na2S2O3)=0.1000mol/L0.0200L=0.0020mol，则n(ClO)=0.50.0020=0.0010mol，nCa(ClO)2=0.5n(ClO)=0.50.001=0.0005mol，故C中溶液Ca(

20、ClO)2的物质的量浓度cCa(ClO)2=0.0005mol0.010L=0.05000molL1。27（每空2分，共14分）（1）C（2）Mn2+、SO24、（H+）（写对物质给一个1分，氢离子不写不扣分，多写一个扣1分，不产生负分）（3）适当升温、搅拌、适当增加H2O2的浓度（写对一点1分）（4）Mn2+2HCO3=MnCO3+CO2+H2O（写对物质给1分，配平给1分）（5）洗涤、干燥（答对一点1分）（6）23 4MnCO3+O2=527.42Mn2O3+4CO2（写对物质给1分，配平给1分）【解析】本题为工业流程题，由题干可知酸性废液中含H+、Fe2+、Mn2+、SO24，工业生产的

21、目的是为了获得碳酸锰，所以亚铁离子和硫酸根离子是杂质离子。由流程图经过H2O2氧化后，通过调节pH值以沉淀形式除去的应该是亚铁离子。结合第5小问的题目可以再次明确碳酸锰是固体，所以流程图中加入NH4HCO3碳化的过程是沉淀Mn2+。（1）调节pH值的最佳试剂，可以中和氢离子，同时不引入杂质离子，综合考虑答案为C。（2）经过过滤1后，除去了Fe2+，滤液中的主要离子还有Mn2+、SO24。（3）加快反应速率一般的方法有适当升温、搅拌、适当增加H2O2的浓度。（4）碳化过程后Mn2+变成了MnCO3，故反应的离子方程式为Mn2+2HCO3=MnCO3+CO2+H2O。理科综合参考答案第 8 页（共

22、 15 页）（5）过滤后的固体上有溶剂水，溶液中的一些杂质离子，要得到高纯度的碳酸锰，还需要经过：洗涤、干燥。（6）由温度质量图可知527.4时固体质量为79mg，结合题意可知此时的固体物质是锰的氧化物，起点115mg是碳酸锰，整个加热过程中锰的质量（物质的量）没有发生过变化。由起点可知n(Mn)=1151mol5512163，527.4时n(O)=79551.516，n(Mn)n(O)=23。从上一小题可知527.4时固体物质是Mn2O3，Mn的化合价升高，氧气参与了反应。28（除特殊标注外，每空2分，共15分）（1）90.77kJmol1（没写单位给1分）（1分，写“小于”不给分）（2）A

23、C（选对一个给1分，选错不给分）（3）0.05molL1min1（数值对给1分）0.2或15（写出表达式给1分）增大（1分）（4）正极（1分）CH3OH+H2O6e=CO2+6H+（写对物质给1分，配平给1分）0.6NA（答0.6、0.6mol给一分，答0.66.021023或3.6121023给2分）【解析】（1）H3=H1H2=90.77kJmol1，由计算得反应为放热反应，因此活化能E(正)小于E(逆)。（2）A项，由于反应前后气体质量不变，且该容器为恒容，因此混合气体密度一直不变，正确。B项，由于反应前后物质的量减小，前后气体质量不变，因此混合气体的平均相对分子质量不变达平衡，错误。C

24、项，二氧化碳的消耗和水的生成均为正反应方向，正确。D项，氢气体积分数保持不变可以说明反应达平衡，错误。（3）CO2(g)+H2(g)CO(g)+H2O(g)起始 0.5 1.5 0 0 转化 0.25 0.25 0.25 0.25 平衡 0.25 1.25 0.25 0.25 根据三段式可得v(H2)=0.255=0.05molL1min1。K=0.250.250.25 1.25=0.2或15。升高温度，由于反应为吸热反应，因此平衡正向移动，平衡常数增大。（4）由装置图氢离子的移动方向可知Y电极为正极，X电极参与反应的物质为甲醇，在酸性介质中生成二氧化碳，因此电极反应式为CH3OH+H2O6e

25、=CO2+6H+，铁制品质量增加64.8g时，增加的质量为银的质量，因此银的物质的量为0.6mol，Ag+e=Ag，因此生成0.6mol银转移0.6NA电子。理科综合参考答案第 9 页（共 15 页）29（每空2分，共10分）（1）类囊体薄膜（评分标准：类囊体薄膜/类囊体膜/基粒膜；0分答案：类囊体/基粒/叶绿体基质）光 H、ATP、糖类、C3、C5（葡萄糖、淀粉）（评分标准：写对一个给1分，写对两个给2分；0分答案：有错全扣，0分）（2）有无以核膜为界限的细胞核（评分标准：是否具有核膜包裹的细胞核/是否具备成形的细胞核/是否具备完整的细胞核/细菌没有完整细胞核，酵母菌有完整细胞核/细菌没有完

26、整或成形细胞核/酵母菌有完整或成形细胞核，均可给分；0分答案：细菌是拟核，酵母菌是细胞核/细菌是原核生物，酵母菌是真核生物）细菌生成的乙酸没有及时排出，导致pH下降，抑制了酶活性（评分标准：乙酸导致pH下降（1分），酶活性下降/受到抑制（或酶的空间结构遭到破坏）（1分）（按点给分）；0分答案：细菌死亡/细菌的活性受到抑制）【解析】（1）根据题干可知，硅半导体纳米线可吸收光能并分解H2O，所以模拟的是叶绿体中进行光反应的类囊体薄膜。由于装置图中显示H2O分解之后产生的H+被细菌吸收后，与CO2结合生成了乙酸，整个过程中没有H、ATP以及糖类等的生成。（2）细菌（原核生物）与酵母菌（真核生物）的本

27、质区别是有无以核膜为界限的细胞核。根据装置图可知，细菌吸收CO2，生成乙酸，如果没有及时排除产物，意味着乙酸会大量堆积，造成pH降低，影响酶的活性。30（除特殊标注外，每空2分，共9分）（1）脂溶（1分）（2）蛋白质种类和数量（评分标准：蛋白质种类（1分）、数量（1分），按点给分；0分答案：糖蛋白/载体蛋白/通道蛋白/受体蛋白/磷脂/脂质的种类、数量，不写蛋白质，只写种类、数量）协助扩散 （3）B 都需要载体蛋白（评分标准：需要载体蛋白；0分答案：都需要蛋白质）【解析】（1）欧文顿的实验结果：凡是可以溶于脂质的物质，比不能溶于脂质的物质更容易通过细胞膜进入细胞，所以这些物质应该是具备脂溶性的特

28、征。（2）生物膜上蛋白质的种类和数量决定了生物膜功能的复杂程度。水分子通过水通道蛋白，逆浓度梯度运输，满足协助扩散的特征。（3）图中的对角线表示物质在生物膜和人工膜的通透性是一致的，意味着这类物质的运输不依赖载体/通道蛋白，所以应该是自由扩散，因此甘油的运输方式对应图中的B点。Na+在生物膜上的两种运输方式是主动运输、协助扩散，所以共同特点是都需要载体蛋白。理科综合参考答案第 10 页（共 15 页）31（每空2分，共10分）（1）（一定的）流动 磷脂、核酸（DNA、RNA）、糖类、胆固醇、脂肪等（评分标准：一个1分；0分答案：有错0分）蛋白质 （2）无限增殖（或无限分裂）（评分标准：无限增殖

29、/无限分裂；0分答案：分裂增殖/不断分裂/有丝分裂/细胞形态改变/易扩散、转移）癌细胞通过自噬作用获得营养物质（评分标准：只要答到癌细胞通过自噬作用，降解受损细胞器后，可以获得营养物质（如蛋白质、氨基酸、核苷酸等），类似的意思即可；0分答案：描述中有明显错误，如癌细胞通过细胞凋亡，或者专业名词错误，如自吞作用等）【解析】（1）囊泡的形成体现了生物膜具有一定的流动性。根据题干信息分解衰老或损伤的细胞器，分析细胞器的组成成分及内容物可知，溶酶体中可能存在分解蛋白质、磷脂、核酸、糖类、胆固醇、脂肪等的水解酶。脲酶是第一种被提取到的酶，其本质是蛋白质。（2）相较于正常体细胞有限的分裂次数，癌细胞因为基

30、因突变，所以具有无限增殖的特征。在营养物质缺乏的前提下，癌细胞可以通过自噬作用，将受损或功能退化的细胞器降解后再利用其中的营养物质。32（除特殊标注外，每空2分，共10分）（1）否（1分）雄性雌性=12（或公鸡母鸡=12）（0分答案：=12）（2）伴性遗传 ZbZbZBW（0分答案：写作XX、XY）（3）若F2公鸡与母鸡都为玫瑰冠豆冠=31（或公鸡与母鸡性状分离比一致），则控制该性状的基因位于常染色体上；若F2公鸡全为玫瑰冠，母鸡既有玫瑰冠，又有豆冠（或只有母鸡出现豆冠或只有母鸡出现性状分离），则基因位于Z染色体上（3分）（评分标准：写到一种情况给2分，写全给3分；写对一种，写错一种给2分；0

31、分答案：比较F1的性状不给分；写、符号不给分；结果（F2的性状或性状分离比）或者结论（基因的位置）任一写错，这种推测认定为错误，不给此项推测的分）【解析】（1）性反转是由于外界因素（性激素）造成的，只改变了母鸡的性状，并不能改变母鸡的遗传物质，所以母鸡仍然是ZW的性染色体组成。所以利用这只性反转的公鸡（ZW）与母鸡（ZW）交配，子代性状分离比为雄性雌性=12，遗传图解如下图。理科综合参考答案第 11 页（共 15 页）（2）控制性状的基因位于性染色体上，性状的遗传总是和性别相关联的现象称之为伴性遗传。根据伴性遗传交叉遗传的特征，要在雏鸡阶段就能够区分雌雄个体，则子代的雄性与母本表现型一致，子代

32、的雌性与父本表现型一致，且父本与母本均为纯合子，即可满足要求，所以亲本的基因型为ZbZbZBW。（3）若F2公鸡与母鸡都为玫瑰冠豆冠=31，则控制该性状的基因位于常染色体上；若F2公鸡全为玫瑰冠，母鸡既有玫瑰冠，又有豆冠（或只有母鸡出现豆冠），则基因位于Z染色体上。（二）选考题：共45分。33（15分）（1）（5分）ABC（选对1个给2分，选对2个给4分，选对3个给5分，每选错1个扣3分，最低得分为0分）【解析】两分子间距减小到r1的过程中，由图可知，分子力先增大后减小至0，故A正确。在两分子间距减小到r2的过程中，分子力表现为引力，且引力做正功，分子势能减小，故B正确。在两分子间距由r2减小

33、到r1的过程中，分子力表现为引力，且引力做正功，分子势能减小，故C正确。在两分子间距等于r1处，分子势能最小，为负值，故D错误。在两分子间距减小到r1的过程中，分子间距减小，分子引力和斥力都增大，故E错误。（2）（10分）解：33333312500cm0.5 150cm575cm500cm0.5200cm600cmVV、1(27327)K300KT 由等压变化有1212VVTT 得2313KT，最高温度为40 由等压变化 VVS lTTT 得STTlV 所以T与l成正比，故刻度是均匀的 评分标准：本题共10分。正确得出式给3分，正确得出、式各给2分，其余各式各给1分。理科综合参考答案第 12

34、页（共 15 页）34（15分）（1）（5分）BCD（选对1个给2分，选对2个给4分，选对3个给5分，每选错1个扣3分，最低得分为0分）（2）（10分）解：由题意，若该波沿x轴正方向传播 110.4m/s2m/s0.2xtv 若该波沿x轴负方向传播 220.8m/s4m/s0.2xtv 该波沿x轴正方向传播 周期11.2s0.6s2Tv 0t 时刻，处于0.6mx 的质点在平衡位置，速度方向沿y轴正方向，该质点振动时间 32.25s34tTT 故2.25sT 时刻，该质点处于波谷，其位移为2cmy 评分标准：本题共10分。正确得出式各给2分。35（除特殊标注外，每空2分，共15分）（1）（其他

35、合理写法同样给分）（2）Na（1分）Na的原子半径比Al、Si、O都大，最外层电子数最少，失电子能力最强（答“Na半径最大，最易失1个电子”给2分，只答其中一点给1分）（3）C2O24、H2O（每个1分）水分子间存在氢键（4）（1分）SO24和H2O中，中心原子S和O均采取sp3杂化，但水中中心原子有2对孤电子对，孤电子对对成键电子对的斥力大于成键电子对对成键电子对的斥力（5）CaCrO3（1分）240【解析】（1）Cr为24号元素，基态Cr原子的核外电子排布式为1s22s22p63s23p63d54s1，基态Cr3+的核外核外电子排布式为1s22s22p63s23p63d3，故基态Cr3+最

36、外电子层的电子排布图（轨道表示式）为（3d亚层的3个电子在3d亚层的5个简并轨道中以成单并自旋方向相同的形式任意排布都算正确）。理科综合参考答案第 13 页（共 15 页）（2）Na、Al、Si、O四种元素中，Na原子半径最大，同时最外层电子数最少，导致其失电子能力最强，故Na在四种元素中第一电离能最小。值得注意的是，并非金属性越强第一电离能一定越小，如Mg和Al，金属性Mg更强，但因Mg最后亚层为全满，第一电离能却比Al大。（3）从配合物化学式KCr(C2O4)2(H2O)的写法可知，其中配离子是Cr(C2O4)2(H2O)，故知其配体应有C2O24、H2O两种。氢键会明显增强分子间作用力，

37、对物质的沸点有明显影响，因H2O分子间存在氢键而CO2分子间不存在氢键，故H2O的沸点明显高于CO2。（4）SO24和H2O中，中心原子S和O均采用sp3杂化，其理想的价层电子对互斥模型均为正四面体，但因H2O中O存在两对孤电子对，孤电子对对成键电子对的斥力大于成键电子对对成键电子对的斥力，使H2O中2个共价键之间的夹角进一步受到挤压，键角变小。（5）由均摊法很容易得出，Ca2+位于立方体8个顶点上，每个立方晶胞中含Ca2+818=1，O原子位于立方晶胞面心，每个立方晶胞中含O 612=3，Cr原子位于立方晶胞体心，每个立方晶胞中含Cr原子数应为1，故晶体化学式为CaCrO3。由立方晶胞结构特

38、征知，Ca2+与负2价O应在面对角线上相互接触，故面对角线长度为2100pm+2140pm=480pm，由勾股定理知，该立方晶胞的边长（晶胞参数）为240480pm，再由图可知相邻面的边长的各一半又与八面体的边长形成直角三角形，又由勾股定理知，2(240480)/22 pm=八面体边长的平方，故八面体的边长=240pm。也可由中位线定理推知该八面体边长为240pm。36（除特殊标注外，每空2分，共15分）（1）邻甲基苯酚或邻甲苯酚或2甲基苯酚 （2）酯基（1分）取代反应 （3）2 （4）（写对物质1分，条件及配平1分）（5）6 理科综合参考答案第 14 页（共 15 页）【解析】（1）以酚为母

39、体，A的化学名称为邻甲基苯酚或2甲基苯酚。（2）发生取代反应，产生酯基官能团。（3）根据B和D的结构可以确定C的结构简式为；E中有1个“”，但水解后生成1个“”和一个酚“OH”，所以1mol E消耗2mol NaOH。（4）根据已知信息反应方程式为。（5）能与FeCl3显色有酚“OH”，能发生银镜反应有“”苯环上有2个取代基，说明2个取代基分别为“OH”和“”在苯环上有3种，“OH”和“”在苯环上有3种，共6种，其中只有中才有1个手性碳。37（除特殊标注外，每空2分，共15分）（1）葡萄糖苷酶 半乳糖醛酸（2）刚果红染色 透明圈（1分）选择培养（评分标准：选择培养/扩大培养/富集培养；0分答案

40、：培养/液体培养基培养）（3）包埋 因为纤维素分解菌将纤维素酶分泌到外界环境，导致酶混合在产物中（评分标准：答到纤维素酶分泌到外界环境，酶混合在产物任意一句即可给分；0分答案：纤维素分解菌从包埋材料中漏出/纤维素分解菌不能完全分解纤维素）（4）对酶活性的影响较小或成本低、操作简单（评分标准：任意答到其中一个点即可给分；对酶的影响较小也可；成本低、操作简单答全给分；0分答案：大分子物质无法进入细胞/小分子物质可以进入细胞）理科综合参考答案第 15 页（共 15 页）【解析】（1）纤维素酶由 C1酶、Cx酶和葡萄糖苷酶构成。果胶的基本单位是半乳糖醛酸。（2）鉴定纤维素分解菌可采用刚果红染色法。菌落

41、周围有透明圈的即为目的菌。为了提高菌种的浓度，可以进行选择培养。（3）细胞因为体积较大，无法吸附或结合，所以采用包埋法进行固定。该同学不能提高产品质量的原因是纤维素分解菌将纤维素酶分泌到外界环境，导致酶混合在产物中。（4）相较于固定化酶技术，固定化细胞的优点有可以进行一系列的酶促反应，对酶活性的影响较小，成本低、操作简单。38（除特殊标注外，每空2分，共15分）（1）可持续 物种多样性原理、协调与平衡原理、整体性原理（3分）（评分标准：答对一个给1分，答对两个给2分，答全给3分，答错不扣分）（2）循环经济 无废弃物农业 （3）藻类（蓝藻、绿藻等）（任写一种即可）自我调节能力 抵抗力稳定性【解析

42、】（1）与传统工程相比，生态工程是一类少消耗、多效益、可持续的工程体系。贵州省提高森林覆盖率至61.51%的过程中主要体现的原理有物种多样性原理、协调性与平衡性原理、整体性原理。植树造林提高植被面积时，要保证植物种类不单一，避免群落结构不稳定，满足物种多样性原理；退耕还林种植的植物不能不适应当地环境而死亡，满足协调性与平衡性原理；增加植被面积的过程中不能只考虑绿化，还要考虑当地农民的生活问题，体现了整体性原理。（2）生态经济主要是通过实行“循环经济”的原则。我国古代农民实施的“无废弃物农业”就是具体体现。（3）“水华”是由于N、P等元素大量进入水中，导致藻类（蓝藻、绿藻等）大量繁殖造成的水体污染。一旦自然环境被破坏，意味着外界干扰强度超过了生态系统的自我调节能力，使生态系统的抵抗力稳定性降低。