河南省三门峡市2019-2020学年高一上学期期末物理试题（解析版）.docx

1、2019-2020学年河南省三门峡市高一（上）期末物理试卷一、选择题（本题共12小题，每题4分，共48分在每小题给出的四个选项中，第1-8题只有一项符合题目要求，第9-12题有多项符合题目要求，全部选对得4分，选对但不全得2分，有错选或不选得0分）1.下列关于女排比赛中的研究对象，可以视为质点的是()A. 研究女排比赛中选手扣球的动作时B. 确定运动员在球场上的位置时C. 研究运动员比赛中发出旋转球时D. 确定落在边线处排球否为界内时【答案】B【解析】【详解】研究女排比赛中选手扣球动作时，运动员的形状对研究结果有较大影响，因此运动员不可视为质点，但研究运动员在球场上的位置时可将运动员视为质点，

2、故A错误，B正确；在研究发出的旋转球和排球落点是否在边线界内时球的大小对研究结果的影响不可忽略，因此，不能视为质点，故CD错误所以B正确，ACD错误2.有关加速度的理解，下列说法中正确的是（ ）A. 由知，a的方向与v的方向相同B. a的方向与初速度的方向相同C. 只要a0，物体就做加速运动D. a的方向与初速度的方向相同时，物体可能做减速运动【答案】A【解析】【详解】A由知，加速度方向与速度变化量的方向相同，故A正确；B加速度方向与初速度方向可能相同，可能相反，也可能不在同一条直线上，故B错误；CD当加速度方向与速度方向相同，物体做加速运动，a0，但a的方向与速度方向不一定相同，故CD错误。

3、故选。3.汽车以的速度在平直公路上行驶，急刹车时的加速度大小为，则自驾驶员急踩刹车开始， 与5s时汽车的位移之比为（ ）A. B. C. D. 【答案】C【解析】【详解】本题为刹车问题，先求解出刹车时间2s的位移5s的位移故选C4.如图为一个质点做直线运动的v t图象，该质点在前4 s内向东运动，则该质点()A. 810 s内始终向东运动B. 在前8 s内的加速度大小不变，方向始终向西C. 在前8 s内的合外力先减小后增大D. 在412 s内的位移大小为24 m【答案】B【解析】速度的正负表示运动的方向，0-4s内向东运动，则4-10s内向西运动，故A错误在前8s内，图线的斜率不变，则加速度不

4、变，斜率为正值，因为速度为负时向东运动，可知规定向西为正方向，则前8s内加速度方向始终向西，故B正确前8s内加速度不变，根据牛顿第二定律知，物体所受的合力不变，故C错误根据图线围成的面积知，4-12s内的位移为：x46m12m，故D错误故选B点睛：解决本题的关键知道速度时间图线的物理意义，知道图线的斜率表示加速度，速度的正负表示运动的方向，图线与时间轴围成的面积表示位移5. 从某一高度相隔1s先后自由释放两个相同的小球甲和乙，不计空气的阻力，它们在空中任一时刻( )A. 甲、乙两球距离始终保持不变，甲、乙两球速度之差保持不变B. 甲、乙两球距离越来越大，甲、乙两球速度之差也越来越大C. 甲、乙

5、两球距离越来越大，甲、乙两球速度之差保持不变D. 甲、乙两球距离越来越小，甲、乙两球速度之差也越来越小【答案】C【解析】相隔1s先后释放小球甲和乙，以乙为参考系，则甲相对乙有初速度，甲相对乙匀速运动，C正确6.甲、乙两汽车在某平直公路上做直线运动，某时刻经过同一地点，从该时刻开始计时，其vt图象如图所示根据图象提供的信息可知( )A. 从t0时刻起，开始时甲在前，6 s末乙追上甲B. 从t0时刻起，开始时甲在前，在乙追上甲前，甲、乙相距最远为12.5 mC. 8 s末甲、乙相遇，且距离t0时的位置40 mD. 在04 s内与46 s内甲的平均速度相等【答案】BC【解析】【详解】A项：在内，甲的

6、位移，乙的位移，所以6s末乙未追上甲，故A错误；B项：当两者速度相等时，距离最远，即5s末距离最远，此时最远距离为，故B正确；C项：6s以后，甲停止运动，因此相遇时，距离t=0的位置为40m，所用时间为，故C正确；D项：根据图象可知， 在04s内甲的平均速度，在46s内甲的平均速度，故D错误7. 如图所示，某同学通过滑轮组将一重物缓慢吊起的过程中，该同学对绳的拉力将（滑轮与绳的重力及摩擦力均不计）A. 越来越大B. 越来越小C 先变大后变小D. 先变小后变大【答案】A【解析】试题分析：对结点受力分析，如图由于为同一根绳子，故，设与夹角为，则，在重物被吊起的过程中，变大，故与同时变大，故A正确；

7、考点：考查了共点力平衡条件的应用【名师点睛】在解析力的动态平衡问题时，一般有两种方法，一种是根据受力分析，列出力和角度三角函数的关系式，根据角度变化进行分析解题，一种是几何三角形相似法，这种方法一般解决几个力都在变化的情况，列出力与三角形对应边的等式关系，进行解题分析8.如图所示，某中学新校区装修时，工人用质量为m的磨石对斜壁进行打磨，当对磨石施加方向竖直向上、大小为F的推力时，磨石恰好沿斜壁向上匀速运动，已知磨石与斜壁之间的动摩擦因数为，则磨石受到的摩擦力大小为A. (F - mg)cosB. (F - mg)sinC. (F - mg)cosD. (F - mg)【答案】C【解析】【详解】

8、磨石受重力、推力、斜壁的弹力及摩擦力而处于平衡状态，由图可知，F一定大于重力；先将重力及向上的推力合力后，将二者的合力向垂直于斜面方向及沿斜面方向分解可得：在沿斜面方向有：f=（F-mg）cos；在垂直斜面方向上有：FN=（F-mg）sin则f=（F-mg）cos=（F-mg）sinA(F - mg)cos，与结论不相符，故A错误；B(F - mg)sin，与结论不相符，故B错误；C(F - mg)cos，与结论相符，故C正确；D(F - mg) ，与结论不相符，故D错误。故选C。9.如图所示，一木块在光滑水平面上受一恒力F作用，前方固定一足够长的弹簧，则当木块接触弹簧后()A. 木块立即做减

9、速运动B. 木块在一段时间内速度仍可增大C. 当F等于弹簧弹力时，木块速度最小D. 弹簧压缩量最大时，木块加速度为零【答案】B【解析】【详解】当木块接触弹簧后，水平方向受到向右的恒力F和弹簧水平向左的弹力弹簧的弹力先小于恒力F，后大于恒力F，木块所受的合力方向先向右后向左，则木块先做加速运动，后做减速运动，当弹力大小等于恒力F时，木块的速度为最大值当弹簧压缩量最大时，弹力大于恒力F，合力向左，加速度大于零，故B正确，ACD错误故选B10.如图所示，两个相似的斜面体A、B在竖直向上的力F的作用下静止靠在竖直粗糙墙壁上.关于斜面体A和B的受力情况，下列说法正确的是()A. A一定受到四个力B. B

10、可能受到四个力C. B与墙壁之间一定有弹力和摩擦力D. A与B之间一定有摩擦力【答案】AD【解析】【详解】先对AB整体受力分析，由平衡条件知，在水平方向，不受外力，故墙面无弹力，也没有摩擦力，竖直方向：，如图所示：隔离B物体，必受重力、A对B的支持力和摩擦力作用，受三个力；隔离A物体，受受重力、B对A的压力和摩擦力、外力F四个力作用；故选项AD正确，选项BC错误【点睛】关键利用整体法并结合共点力平衡条件得到B物体与墙间不存在弹力，然后再分别隔离A、B受力分析，应用平衡条件分析受力个数11.如图所示，物体以5m/s的初速度沿光滑的斜面向上做减速运动，经过2s速度大小变为3m/s，则物体的加速度（

11、）A. 大小为1m/s2，方向沿斜面向上B. 大小为1m/s2，方向沿斜面向下C. 大小为4m/s2，方向沿斜面向下D. 大小为4m/s2，方向沿斜面向上【答案】BC【解析】若2s后物体的速度仍向上，则有，若2s后速度方向向下，则有，负号说明加速度向下，BC正确12.如图所示，质量为的木块在质量为 的长木板上受到向右的拉力的作用向右滑行，长木板处于静止状态，已知木块与木板间的动摩擦因数为，木板与地面间的动摩擦因数为，下列说法正确的是（ ）A. 木板受到地面的摩擦力的大小一定是B. 木板受到地面的摩擦力的大小一定是C. 当时，木板便会开始运动D. 无论怎样改变 的大小，木板都不可能运动【答案】B

12、D【解析】【详解】AB滑块对木板的滑动摩擦力为木板静止，水平方向受到木块向右的滑动摩擦力f1和地面的向左的静摩擦力f2，由平衡条件得：故选项A错误，B正确。CD由题分析可知，木块对木板的摩擦力f1不大于地面对木板的最大静摩擦力，当F改变时，f1不变，则木板不可能运动。故C错误，D正确。故选BD。二、实验题（本题共2个小题，共14分）13.某学生用图（a）所示的实验装置测量物块与斜面的动摩擦因数已知打点计时器所用电源的频率为50Hz，物块下滑过程中所得到的纸带的一部分如图（b）所示，图中标出了5个连续点之间的距离（1）物块下滑是的加速度a=_m/s2；打点C点时物块的速度v=_m/s；（2）已知

13、重力加速度大小为g，求出动摩擦因数，还需测量的物理量是_（填正确答案标号）A物块质量 B斜面的高度 C斜面的倾角【答案】（1）3.25 1.79 （2）C【解析】试题分析：（1）根据，有：，解得：打C点时物块的速度：（2）对滑块，根据牛顿第二定律，有：，解得：故还需要测量斜面的倾角，故选C；考点：测量动摩擦因数实验【名师点睛】实验的核心是实验原理，根据原理选择器材，安排实验步骤，分析实验误差，进行数据处理等等14.某实验小组利用图示的装置探究加速度与力、质量的关系（1）下列做法正确的是 _ （选填字母代号）A调节滑轮的高度，使牵引木块的细绳与长木板保持平行B在调节木板倾斜度平衡木块受到的滑动摩

14、擦力时，将装有砝码的砝码桶通过定滑轮拴在木块上C实验时，先放开木块再接通打点计时器的电源D通过增减木块上的砝码改变质量时，不需要重新调节木板倾斜度（2）为使砝码桶及桶内砝码的总重力在数值上近似等于木块运动时受到的拉力，应满足的条件是砝码桶及桶内砝码的总质量_木块和木块上砝码的总质量（选填“远大于”“远小于”或“近似等于”）（3）甲、乙两同学在同一实验室，各取一套图示的装置放在水平桌面上，木块上均不放砝码，在没有平衡摩擦力的情况下，研究加速度a与拉力F的关系，分别得到图中甲、乙两条直线设甲、乙用的木块质量分别为m甲、m乙，甲、乙用的木块与木板间的动摩擦因数分别为甲、乙，由图可知，m甲 _ m乙

15、，甲 _ 乙（选填“大于”“小于”或“等于”）【答案】 (1). AD (2). 远小于 (3). 小于 (4). 大于【解析】【详解】（1）1实验中细绳要保持与长木板平行，A项正确；平衡摩擦力时不能将装有砝码的砝码桶通过定滑轮拴在木块上，这样无法平衡摩擦力，B项错误；实验时应先接通电源再放开木块，C项错误；平衡摩擦力后，改变木块上的砝码的质量后不再需要重新平衡摩擦力，D项正确（2）2由整体法和隔离法得到细绳中的拉力FMaMmg，可见，当砝码桶和桶内砝码的总质量m远小于木块和木块上砝码的总质量M时，可得Fmg.（3）3不平衡摩擦力，则Fmgma，ag，图象的斜率大的木块的质量小，纵轴截距绝对值

16、大的动摩擦因数大，因此m甲乙三、计算题（本题共4个小题，共38分，解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）15.水平传送带被广泛应用于飞机场和火车站，对旅客的行李进行安全检查，如图为一水平传送带装置示意图，绷紧的传送带始终保持的恒定速度运行，一质量为的行李无初速度的放在处，该行李与传送带间的动摩擦因数，间的距离，取，求：行李从运送到所用的时间为多少？【答案】1.5s【解析】【详解】行李先初速度为零的匀加速直线运动，由牛顿第二定律可得设经过时间与传送带达到共速设匀加速位移为，则有行李达到传送带速度后做匀速直线运动，设再

17、经过时间到达B处设行李从运送到所用的时间16.歼-15战机是我国自行设计研制的首型舰载多用途歼击机，短距起飞能力强大若歼-15战机正常起飞过程中加速度为a，经s距离就达到起飞速度腾空而起现已知“辽宁”舰起飞甲板长为L(Ls)，且起飞过程可简化为匀加速直线运动现有两种方法助其正常起飞，方法一：在航空母舰静止的情况下，用弹射系统给飞机以一定的初速度；方法二：起飞前先让航空母舰沿飞机起飞方向以某一速度匀速航行求：(1)方法一情况下弹射系统使飞机具有的最小速度v1m;(2)方法二情况下航空母舰的最小速度v2m【答案】（1） ；（2） 【解析】【详解】(1)设飞机起飞速度为v，则有解得： (2)设第二种

18、方法中起飞过程经历时间为t， 则飞机位移：航空母舰位移：x2=v2mt位移关系：x1-x2=L联立解得：17.质量为的砝码悬挂在轻绳和的结点上并处于静止状态。与竖直方向的夹角，沿水平方向。质量为的木块与相连，静止于倾角为的斜面上，如图所示。取，求：（1）轻绳拉力的大小；（2）木块所受摩擦力的大小。【答案】（1）；（2）64.8N。【解析】【详解】（1）如图甲所示分析结点P受力，由平衡条件得：可解得PB绳的拉力为（2）再分析M的受力情况如图乙所示。由物体的平衡条件可得：又有解得：18.两物块、并排放在水平地面上，且两物块接触面为竖直面，现用一水平推力作用在物块上，使、由静止开始一起向右做匀加速运动，如图甲所示，在、的速度达到时，搬去推力已知、质量分别为、，与水平面间的动摩擦因数为，与地面没有摩擦，物块运动的图象如图乙所示取，求：（1）推力的大小（2）物块刚停止运动时，物块、之间的距离【答案】（1） （2）【解析】【详解】（1）在水平推力F作用下，物块A、B一起做匀加速运动，加速度为a，由B物块的v-t图像得，对于A、B整体，由牛顿第二定律得，代入数据解得（2）设物块A匀减速运动的时间为t，撤去推力F后，A、B两物块分离，A在摩擦力作用下做匀减速运动，B做匀速运动，对A，解得物块A通过的位移物块B通过的位移物块A刚停止时A、B间的距离