山东省聊城市2019-2020学年高一上学期末物理试题（解析版）.docx

1、2019-2020学年山东省聊城市高一（上）期末物理试卷一、本题包括15个小题，每小题4分，共60分第1-10题每小题只有一个选项符合题目要求；第11-15题有多个选项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不选的得0分。1.国际计量大会通过了“修订国际单位制”的决议，根据决议基本量保持不变。下列属于基本量的是A. 位移B. 速度C. 质量D. 力【答案】C【解析】【详解】国际单位制规定了七个基本物理量，分别为长度、质量、时间、热力学温度、电流、光强度、物质的量，位移不属于基本物理量，速度与力是导出量，故C正确，ABD错误。故选C。2.下列说法中正确的是A. 研究“山东舰”

2、航母在大海中运动的轨迹时，航母可以看成质点B. 由于“山东舰”航母“高大威武”，故任何情况下都不能看成质点C. 研究奥运会冠军刘翔的跨栏技术时可将刘翔看作质点D. 在战斗机飞行训练中，研究战斗机的空中翻滚动作时，战斗机可以看成质点【答案】A【解析】【详解】AB当物体的形状、大小对所研究的问题没有影响时，我们就可以把它看成质点，所以“山东舰”航母在某些情况下是可以看成质点的，如研究“山东舰”航母在大海中运动轨迹时，航母可以看成质点，故A正确，B错误；C研究奥运会冠军刘翔的跨栏技术时，要看刘翔的动作，不能看成质点，故C错误；D研究战斗机的空中翻滚动作时，不可以看做质点，否则没有动作了，故D错误；故

3、选A。3.从高出地面的位置竖直向上抛出一个小球，它上升后回落，最后到达地面。以竖直向上为正方向，建立坐标系如图所示，则在这一过程中小球的位移和路程分别为A. B. ，C. ，D. ，【答案】D【解析】【详解】位移是由初位置指向末位置的有向线段，球上升5m后回落，最后到达地面。故全过程的总路程是：s=5+7=12m，全过程的总位移是x=0-2=-2m，负号表示位移方向与正方向相反，即向下，故ABC错误，D正确；故选D。4.春秋时期齐国人的著作考工记辀人篇中有“劝登马力，马力既竭，辀犹能一取焉”，意思是马拉车的时候，马虽然对车不再施力了，但车还能继续向前运动一段距离，这一现象说明了车具有惯性，下列

4、关于惯性的说法正确的是A. 马对车的力越大，车的惯性越大B. 车的速度越大，惯性越大C. 车的质量越大，惯性越大D. 车的惯性与质量无关【答案】C【解析】【详解】惯性大小的唯一量度是质量，与速度无关，无物体是否受力无关，质量越大惯性越大，故ABD错误，C正确。故选C。5.关于速度、速度的变化量、加速度，下列说法正确的是A. 物体的速度越大，加速度一定越大B. 加速度方向为正时，速度一定增大C. 物体的速度变化越快，加速度一定越大D. 物体的速度变化量越大，加速度一定越大【答案】C【解析】【详解】A速度很大的物体，速度可能很大不变，加速度也可能很小或为零，比如匀速直线运动，故A错误；B加速度方向

5、为正时，速度可能为负，物体可能做减速运动，故B错误；C加速度是描述速度变化快慢的物理量，速度变化越快，加速度越大，故C正确；D根据知，速度变化量越大，加速度不一定大，还与时间有关，故D错误；故选C。6.跳伞运动员张开伞之后竖直向下做匀速直线运动,一阵风过后,运动员在水平方向的分速度为6m/s,此时运动员的实际速度为10m/s,则运动员竖直方向的分速度为A 4m/sB. 6m/sC. 8m/sD. 10 m/s【答案】C【解析】【详解】运动员的合速度为10m/s，水平分速度为6m/s,由平行四边形法则可知竖直分速度为；故选C.【点睛】解决本题的关键知道分运动具有独立性，互不干扰，知道速度的合成遵

6、循平行四边形定则7.一滑块做直线运动的图象如图所示，下列说法正确的是A. 滑块在末的加速度等于B. 滑块在末速度方向发生改变C. 滑块在内的位移与内的位移相同D. 滑块在内的平均速度等于内的平均速度【答案】A【解析】【详解】A滑块在3s末的加速度为，故A正确；B在2s末前后滑块的速度均为正，说明滑块的速度方向没有改变，故B错误；C根据图象与时间轴所围的面积表示位移，知滑块在24s内的位移与46s内的位移大小相等，方向相反，位移不等，故C错误；D滑块在26s内的位移为0，则滑块在06s内的位移等于02s内的位移，但所用时间不等，则滑块在06s内的平均速度不等于02s内的平均速度，故D错误。故选A

7、。8.如图所示，质量为的物体静止在固定斜面上，则物体A. 受重力、支持力、摩擦力、下滑力4个力B. 支持力和重力是一对平衡力C. 物体受到的支持力是由于物体发生形变而产生的D. 对斜面的压力和斜面对物体的支持力是一对作用力和反作用力【答案】D【解析】【详解】A对物体受力分析，如图所示：物体受到重力、支持力、摩擦力3个力，故A错误；B支持力垂直于斜面向上，重力竖直方向，它们不是一对平衡力，故B错误；C物体受到的支持力是由于斜面发生形变而产生的，故C错误；D对斜面压力和斜面对物体的支持力是一对作用力和反作用力，故D正确。故选D。9.关于曲线运动，下列说法中正确的是A. 做曲线运动的物体，加速度一定

8、变化B. 做曲线运动的物体，加速度可能不变C. 做曲线运动的物体，速度与加速度方向可以始终在一条直线上D. 做曲线运动的物体，速度与加速度的方向不可能垂直【答案】B【解析】【详解】A曲线运动的速度方向是切线方向，时刻改变，一定是变速运动，一定具有加速度，但加速度可以不变，如平抛运动的加速度为g，是不变的，故A错误；B做曲线运动的物体，加速度可以不变，如平抛运动的加速度为g，是不变的，故B正确；C曲线运动的条件是合力与速度方向不在同一条直线上，根据牛顿第二定律，加速度与合力同方向，故曲线运动中速度与加速度的方向不共线，故C错误；D做曲线运动的物体，速度与加速度可以垂直，如匀速圆周运动中加速度与速

9、度一直垂直，故D错误；故选B。10.分别在四辆相同汽车的车厢顶部用细线悬挂一个小球，当汽车在沿平直道路上运动的过程中，小球相对汽车所处的状态如图所示. 已知，则获得最大加速度的汽车是A. B. C. D. 【答案】D【解析】【详解】以A图为例，以小球为研究对象，由牛顿第二定律得：Tcos=mg，Tsin=ma 两式联立解得：a=gtan，可知，a越大，汽车的加速度越大，因为0，所以D图中汽车的加速度最大A与结论不相符，选项A错误；B. 与结论不相符，选项B错误；C. 与结论不相符，选项C错误；D. 与结论相符，选项D正确；11.弹簧测力计上端固定在电梯顶板上，重为的物体挂在竖直弹簧测力计上，如

10、图所示在电梯竖直运行过程中，发现弹簧测力计的示数为，则下列描述正确的是（）A. 电梯处于超重状态B. 电梯处于失重状态C. 电梯的加速度小于当地的重力加速度D. 电梯的加速度大于当地的重力加速度【答案】BC【解析】【详解】对物体进行受力分析，物体受重力和弹簧秤的拉力F作用，取竖直向上为正方向，根据牛顿第二定律知：F-mg=ma得物体的加速度为：负号表示物体的加速度方向竖直向下，小于重力加速度；由于加速度向下，故电梯处于失重状态，故BC正确，AD错误。故选BC。12.以的速度行驶的汽车，制动后做匀减速直线运动，在内前进，汽车仍未停止。下列说法中正确的是（）A. 汽车的加速度大小为B. 汽车的加速

11、度大小为C. 制动后内发生的位移为D. 制动后内发生的位移为【答案】BD【解析】【详解】AB根据匀减速公式：代入数据解得：a=4m/s2，故A错误，B正确；CD根据当末速为零时，可求出汽车从制动开始到停止的时间：t0=4s可见5秒末汽车已停止，速度为零，汽车在开始刹车到完全停下的过程中通过的路程就是4s末的位移为：故C错误，D正确；故选BD。13.轻质弹簧的下端挂一重物，上端用手牵引使重物竖直向上做匀速直线运动。某时刻手突然停止运动，从手突然停止到重物上升至最高点的过程中A. 物体的速度一直减小B. 物体的速度先增大后减C. 物体的加速度一直增大D. 物体的加速度先减小后增大【答案】AC【解析

12、】【详解】AB轻弹簧拉着重物做匀速直线运动，拉力等于重力，当手突然停止运动后的一小段时间内，由于惯性，重物继续向上运动，在向上运动的过程中，弹簧的形变量减小，则弹力减小，重物所受的合力向下，加速度向下，向上做减速运动，故A正确、B错误；CD根据牛顿第二定律可得：，由于弹力减小（也可能弹力先减小，后反向增大），所以加速度增大，故C正确，D错误。故选AC。14.如图所示，物体、用细绳连接后跨过滑轮，悬挂着，在斜面上，均处于静止状态不计滑轮摩擦。现缓慢将斜面倾角增大，仍然静止在斜面上，下列说法中正确的是A. 物体受到的摩擦力一定增大B. 物体对斜面的压力一定减小C. 绳子对物体的拉力大小一定增大D.

13、 绳子对物体的拉力大小保持不变【答案】BD【解析】【详解】A将斜面倾角增大，B的重力沿斜面向下的分力Gx=mgsin增大，若绳子拉力大于重力沿斜面向下的分力，则摩擦力沿斜面向下，根据平衡可得f+Gx=T，则物体B收到的摩擦力先减小后增大，故A错误；B由牛顿第三定律可知物体B对斜面的压力等于斜面对B的支持力，则物体B对斜面的压力为：FN=mgcos，增大，cos减小，则FN减小，故B正确；CD以A为研究对象，物体A始终处于平衡状态，则绳子拉力等于A的重力，保持不变，故C错误，D正确；故选BD。15.跳台滑雪运动员在助滑路上获得高速后由点水平飞出，在空中飞行一段距离后，在山坡点着陆，如图所示。测得

14、、间距离，山坡倾角，不计空气阻力，下列说法正确的是A. 运动员在空中飞行的时间为B. 运动员在空中飞行的时间为C. 运动员在处的速度大小为D. 运动员在处的速度大小为【答案】AD【解析】【详解】AB运动员起跳后做平抛运动，设初速度为v0，运动时间为t，水平方向：x=v0t竖直方向：根据几何关系有：所以有：故A正确，B错误。CD根据水平匀速直线运动，可求得平抛初速度为：运动员着陆时的竖直分速度为：vy=gt=20m/s运动员着陆时速度为：故C错误，D正确。故选AD。二、本题包括3个小题，共16分。16.在“探究平抛运动的特点”的实验中：(1)采用如图1所示的实验装置做实验时，让小球多次沿同一轨道

15、运动，通过描迹法画出小球平抛运动的轨迹。下列操作正确的是_A.每次必须从同一位置由静止释放小球B.调整轨道，使其末端切线水平C.每次必须严格地等距离下降挡板，记录小球位置D.小球运动时木板及白纸应保持竖直(2)若用频闪摄影的方法来验证小球在平抛运动过程中水平方向是匀速运动，频闪照片如图2所示。在测得，后，需要验证的关系式为_。【答案】 (1). ABD (2). x4x3x3x2x2x1x1【解析】【详解】(1)1A因为要画同一运动的轨迹，必须每次释放小球的位置相同，且由静止释放，以保证获得相同的初速度，故A正确；B调整轨道，使其末端切线水平，才能确保小球做平抛运动，故B正确；C记录小球经过不

16、同高度的位置时，每次不必严格地等距离下降，故C错误；D做平抛运动的物体在同一竖直面内运动，固定白纸的木板必须调节成竖直，小球运动时不应与木板上的白纸相接触，以免有阻力的影响，故D正确。故选ABD。(2)2为了研究平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，频闪的时间相同，则需要满足相邻的水平距离相等，表达式为：x4-x3x3-x2x2-x1x1=v0t则能证明是匀速直线运动。17.某同学探究弹力与弹簧伸长量的关系。弹簧自然悬挂，长度记为，弹簧下端挂上砝码盘时，长度记为；在砝码盘中每次增加砝码，弹簧长度依次记为至，数据如表：(1)表中有一个数值记录不规范，代表符号为_；(2)如图是该同学根据表中数据作的

17、图，纵轴是砝码的质量，横轴是弹簧长度与_的差值（填“或” ；(3)由图可知弹簧的劲度系数为_；通过图和表可知砝码盘的质量为_（结果均保留两位有效数字，取。【答案】 (1). L3 (2). Lx (3). 4.9 (4). 10【解析】【详解】(1)1用毫米刻度尺测量长度是要估读到分度值的下一位，记录数据的最后一位是估读位，故数据L3记录不规范，由表可知所用刻度尺的最小刻度为1mm；(2)2根据胡克定律公式F=kx，故横轴应为伸长量，即弹簧长度与Lx差值；(3)3结合图像的斜率可求得：4由表格得到，弹簧原长为：L0=25.35cm；挂砝码盘时：Lx=27.35cm；根据胡克定律，砝码盘质量为：

18、。18.某小组在探究“小车质量一定，加速度与力的关系”的实验时，采用了如图所示的实验装置，小车一端通过滑轮、细绳与力传感器及重物相连（细绳与长木板板面平行），另一端连接的纸带穿过打点计时器的限位孔。(1)实验时，下列必要的操作是_A.为减小实验误差，实验中一定要保证重物质量远小于小车的质量B.将长木板不带滑轮的一端适当垫高，补偿小车受到的阻力C.用天平测出重物的质量D.小车开始时靠近打点计时器，先接通电源，再释放小车E.小车运动打出纸带的同时记录力传感器的示数(2)若实验时将打点计时器接到频率为的交流电源上，得到一条纸带的部分计数点如图所示（相邻两个计数点间还有4个点未画出）。已知，。则打点计

19、时器在打2点时小车的速度_，小车的加速度_。（要求充分利用测量的数据，结果均保留两位有效数字）(3)改变重物质量，得到多条纸带，采集并处理信息得到多组数据，若以力传感器的示数为横坐标，加速度为纵坐标，画出的图象是一条过原点的倾斜直线，求得图线的斜率为，则小车的质量可表示为_。A B. C. C.【答案】 (1). BDE (2). 048 (3). 0.80 (4). C【解析】【详解】(1)1A实验中使用力传感器，不需要保证重物质量远小于小车的质量，故A错误；B将长木板不带滑轮的一端适当垫高，补偿小车受到的阻力，即重力沿木板方向的分力与摩擦阻力抵消，故B正确；C实验中使用力传感器，不需要用天

20、平测出重物的质量。故C错误；DE小车靠近打点计时器，先接通电源，再释放小车，打出一条纸带，同时记录对应的力传感器的示数F，故DE正确；故选BDE。(2)2相邻两个计数点间还有4个点未画出，即相邻计数点时间间隔是T=0.1s，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上点2时小车的瞬时速度大小为：3根据匀变速直线运动的推论公式x=aT2，结合作差法得：(3)4由图可知，在水平方向物块受到的拉力为绳子拉力的2倍，则：2F=ma以力传感器的示数F为横坐标，加速度a为纵坐标，画出的aF图线的斜率：所以：，故ABD错误，C正确，故选C。三、本题包括3个小题，共24分解答时应

21、写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位，只写出最后答案的不能得分19.根据高速公路安全驾驶知识：车辆在高速公路上行驶，车速在以上时，安全距离应保持在以上。现有两辆汽车在一段平直的高速公路上匀速行驶，前车因故障突然停止，后车司机立即紧急刹车。已知后车匀速行驶的速度，刹车时加速度可以保持在，司机和汽车系统的反应时间之和（这段时间汽车仍保持匀速），车受到的阻力不变。求两车之间至少保留多大距离才能避兔追尾事故发生？【答案】96m【解析】【详解】汽车在反应时间内位移为：x1=v0t=321m=32m，刹车后的加速度为-8m/s2，则匀减速运动的位移大小为

22、：则汽车间的最小距离为：s=x1+x2=32+64m=96m20.倾角为的斜面上，固定一挡板。(1)若挡板水平固定在斜面上，重为的铅球放在挡板上处于静止状态，如图1所示，试证明铅球对挡板的压力大小等于铅球所受的重力大小并画出相应的受力分析图。(2)若挡板竖直固定在斜面上，质量为的铅球放在挡板与斜面之间保持静止，如图2所示，不考虑铅球受到的摩擦力，重力加速度为。求挡板、斜面对铅球的弹力大小，要求画出铅球的受力分析图。【答案】(1) ，FN=FN=G； (2) ，。【解析】【详解】(1)图1中球受力分析如图所示：由二力平衡得：FN=G由牛顿第三定律得铅球对挡板的压力FN=FN=G(2)图2铅球受力

23、分析如图所示：由平衡得：FN2cos30=mg FN1=FN2sin30 联立解得：21.如图，足够长的斜面倾角，一个质量的物体，在沿斜面向上的恒力作用下由静止开始运动，后撤去力已知物体与斜面间的动摩擦因数，重力加速度，求(1)物体沿斜面上滑的最大位移为多大？(2)物体由初始至回到出发点所用的总时间为多少？【答案】(1)12m； (2) 。【解析】【详解】(1)拉力F拉动物体上滑，由牛顿第二定律：F-mgsin-mgcos=ma1解得：a1=4m/s2撤去外力时：mgsin+mgcos=ma2解得：a2=8m/s2撤去外力时的速度：v1=a1t1=8m/s撤去外力时的位移：撤去外力后上升的位移：经过的时间为：总位移为：x=x1+x2=12m(2)向下运动时有：mgsin-mgcos=ma3解得：a3=4m/s根据位移时间关系可得：得：总时间为：