上海市浦东新区2019-2020学年九年级（上）期末物理试题（解析版）.docx

1、浦东新区2019学年第一学期初中学业质量监测初三理化试卷物理部分一、选择题1.一节新干电池的电压最接近A. 0.5伏B. 1.5伏C. 2.5伏D. 3伏【答案】B【解析】【分析】要记住一些生活中常见的电压值，如：一节干电池的电压是1.5V；一节铅蓄电池的电压是2V；家庭电路的电压为220V；动力电压为380V；对人体安全的电压为不高于36V。【详解】一节新干电池的电压1.5V，故ACD错误、B正确。2.下列实例中，应用连通器原理工作的是A. 液位计B. 深潜器C. 吸尘器D. 水库大坝【答案】A【解析】【分析】根据连通器定义：上端开口下端连通的容器；连通器里只有一种液体，在液体不流动的情况下

2、，连通器各容器中液面的高度总是相平的。【详解】A液位计的结构符合上端开口下端连通的特点，是利用连通器原理工作的，则A符合题意；B深潜器的上浮、下潜是通过相互作用力来实现的，与连通器无关，则B不合题意；C吸尘器在工作时，由于转动的扇叶处气体的流速大，压强小，从而在周围大气压的作用下将灰尘、纸屑等垃圾“吸”入，是利用流体压强与流速的关系工作的，与连通器无关，则C不合题意；D大坝可以提高水位，让水的重力势能增加，即将水的重力势能转化为动能来发电，所以不是连通器，则D不合题意。3.当一杯水结成冰之后，下列物理量中不发生变化的是A. 质量B. 体积C. 密度D. 比热容【答案】A【解析】【分析】在质量、

3、体积、密度三个量中，质量是物体的属性，只与所含物质的多少有关，与物体的位置、状态、形状、温度无关；而体积、密度都与温度有一定关系。【详解】A质量是物体的属性，只与所含物质的多少有关，与物体的位置、状态、形状、温度无关，因此水结成冰后质量不变，则A符合题意；C水的密度是1.0103kg/m3，冰的密度是0.9103kg/m3，因此水结成冰密度变小，则B不合题意；B根据体积的计算公式，质量m不变，密度变小，因此体积V变大，则C不合题意；D水的比热容是4.2103J/(kg)，冰的比热容是2.1103J/(kg)，因此水结成冰比热容变小，则D不合题意。4.下列与物理单位“帕斯卡”相同的是A. 牛顿/

4、米B. 牛顿/米2C. 米/牛顿D. 米2/牛顿【答案】B【解析】【分析】结合压强的定义式及物理量的单位运算规律，物理学中对压强单位的规定，不难选出答案。【详解】根据压强的定义式可知，压强的单位是牛顿/米2，与其国际单位“帕斯卡”相同，故选B。5.当把电阻R1和R2(R1R2)串联后接入电路，以下判断正确是A. 通过电阻R1的电流大B. 通过电阻R2的电流大C. 通过两电阻的电流相等D. 无法判断电流的大小【答案】C【解析】【分析】两电阻串联，根据串联电路的电流特点分析答题。【详解】串联电路电流处处相等，两电阻串联，则通过两电阻的电流相等，故选C。6.关于浸在液体中的物体所受浮力F浮与物体重力

5、G物、物体排开液体的重力G排间的大小关系，以下说法中正确的是A. 只有当物体浸没时，F浮等于G物B. 不管物体是否浸没，F浮都等于G物C. 只有物体未浸没时，F浮等于G排D. 不管物体是否浸没，F浮都等于G排【答案】D【解析】【分析】根据阿基米德原理和物体的沉浮条件进行判断即可。【详解】AB根据物体的沉浮条件可知，当物体处于漂浮或悬浮状态时，物体受到的浮力等于自身的重力，故AB错误；CD根据阿基米德原理，浸在液体里的物体所受的浮力等于物体排开液体所受的重力，故C错误、D正确。7.如图所示的电路中，电源电压保持不变。闭合开关后，当滑片P向右移动时A. 电流表A的示数变小B. 电压表V的示数变大C

6、. 电压表V与电流表A示数的比值变大D. 电压表V与电流表A示数的比值不变【答案】D【解析】【分析】由电路图可知，R1与R2并联，电压表V测电源两端的电压，电流表A测支路R1的电流。根据并联电路的电压特点可知电压表示数的变化情况，再根据欧姆定律可知支路R1的电流变化情况，进一步可知电压表V示数与电流表A示数的比值变化。【详解】由电路图可知，R1与R2并联，电压表V测电源两端的电压，电流表A测支路R1的电流；AB闭合开关后，当滑片P向右移动时，R2的电阻变大，而电源电压不变，则电压表V的示数不变，；根据并联电路的电压特点可知，R1两端的电压不变，又因为R1的阻值不变，根据欧姆定律可知，通过R1的

7、电流不变，即电流表A的示数不变，故AB错误； CD由电压表V和电流表A的示数不变可知其比值也不变，故C错误、D正确。8.盛有不同液体的甲、乙两个柱形容器（S甲S乙）放于水平地面上，如图所示，液体对容器底部的压强相等。倒入（液体不溢出）或抽出部分液体后，液体对容器底部的压强变为p甲、p乙，以下判断中正确的是A. 若倒入相等质量的原液体，p甲可能等于p乙B. 若抽出相等质量的原液体，p甲一定大于p乙C. 若倒入相等体积的原液体，p甲一定大于p乙D. 若抽出相等体积的原液体，p甲一定小于p乙【答案】B【解析】【分析】液体原先对容器底部的压强相等，已知h甲h乙，然后利用可推出甲、乙液体的密度关系；根据

8、规则容器中液体对容器底部压力等于液体的重力，由S甲S乙，再根据可知相同质量的甲、乙两种液体压强的变化量大小关系，进而可知变化后压强的大小；由S甲S乙可知，相同体积的甲、乙两种液体在容器中的高度大小，又由液体密度的大小关系，利用可推出甲、乙两种液体压强的变化量大小关系，进而可知变化后压强的大小。【详解】液体原先对容器底部的压强相等，已知h甲h乙，根据可知：；A若倒入相等质量的原液体，则两种液体对容器压力的增加量相同，S甲S乙，由可知，甲、乙两种液体压强的增加量，则变化后的压强p甲一定小于p乙，则A错误；B若抽出相等质量的原液体，则两种液体对容器压力的减少量相同，S甲S乙，由可知，甲、乙两种液体压

9、强的减少量，则变化后的压强p甲一定大于p乙，则B正确；C若倒入相等体积的原液体，S甲S乙，则甲液体的高度增加量小于乙液体的高度增加量，又，根据可知甲、乙两种液体压强的增加量，则变化后的压强p甲一定小于p乙，故C错误；D若抽出相等体积的原液体，S甲S乙，则甲液体的高度减少量小于乙液体的高度减少量，又，根据可知甲、乙两种液体压强的减少量，则变化后的压强p甲一定大于p乙，故D错误。【点睛】本题综合考查液体压强公式、液体压力公式及密度、重力公式等，要求学生对各公式之间的关联物理量及影响情况分析到位，具有一定的难度和典型性。二、填空题9.教室内照明灯正常工作的电压为_伏，开关与灯之间是_（选填“串联”或

10、“并联”）连接的。家中空调与节能灯均正常工作时，通过_的电流较大。【答案】 (1). 220 (2). 串联 (3). 空调【解析】【分析】(1)家庭电路的电压是220V；(2)串联电路的元器件是可以相互影响的，据此分析即可判断；(3)根据工作时功率情况分析即可判断。【详解】1我国家庭照明电路的电压是220伏；2开关需要控制灯的亮灭，所以开关与灯之间是串联的关系；3家用空调的电功率一般都是上千瓦，而节能灯的电功率一般只有几十瓦，家庭电路的电压恒定不变，根据可知，通过空调的电流较大。10.首先用实验测定大气压强值的科学家是_。大气压强的大小随海拔高度的升高而_，空气的_和湿度也会影响大气压强的大

11、小。【答案】 (1). 托里拆利 (2). 减小 (3). 温度【解析】【分析】知道著名的马德堡半球实验证明了大气压强的存在，托里拆利首次用实验测定了大气压强的值；大气压的大小与高度有关，海拔越高，气压越低；还与空气的温度、湿度等有关。【详解】1由科学史的知识可知，意大利物理学家托里拆利首次用实验测定了大气压强的值；2实验表明大气压强的大小随海拔高度的变化而变化，海拔高度越高，大气压强就越小；3由于气体的热胀冷缩，所以大气压强的大小也与空气的温度有关。11.牛奶的密度为1.03103千克/米3，读作1.03103_，它表示每立方米牛奶的_为1.03103千克。相同体积的牛奶和水，牛奶的质量较_

12、。【答案】 (1). 千克每立方米 (2). 质量 (3). 大【解析】【分析】由某种物质组成的物体，其质量与体积的比值是一个常量，它反映了这种物质的一种特性；在物理学中，把某种物质单位体积的质量叫做这种物质的密度；密度的公式为。【详解】1牛奶的密度为1.03103千克/米3，读作1.03103千克每立方米；2密度的定义：某种物质单位体积的质量；则牛奶的密度为1.03103千克/米3，就是表示1米3牛奶的质量为1.03103千克；3由得可知：体积相同时，密度小的质量小，水的密度小于牛奶的密度，所以水的质量小于牛奶的质量。12.三峡水库的水深可超过100米，在水面下50米深处水的压强为_帕；深水

13、处也存在着某些鱼类及生物，若水面下50米深处有一面积为0.02米2的鱼，这条鱼受到水的压力为_牛，鱼类体内的压强_（选填“大于”、“等于”或“小于”）该处水的压强。【答案】 (1). 4.9105 (2). 9800 (3). 等于【解析】【分析】知道水的深度，根据求出水面下50m深处水的压强；再根据可算出鱼受到的压力，而鱼体内与外界的水是相通的，据此判断两者的压强大小。【详解】1水面下50m深处水的压强：；2已知此鱼的面积为0.02米2，则这条鱼受到水的压力：；3鱼体内与外界的水是相通的，据此可知两者的压强相等。13.重为10牛的金属块用弹簧测力计吊着浸没在水中，这时弹簧测力计的示数为8牛，

14、则该金属块受到的浮力是_牛；此时金属块受到液体向上的压力比受到液体向下的压力_。浮力的方向总是_的。【答案】 (1). 2 (2). 大 (3). 竖直向上【解析】【分析】弹簧测力计两示数之差即为这时金属块受到的浮力；利用压力、压强的公式求浸在液体中的金属块受到的液体对它产生的压力，分析所受压力的合力，从而得到浮力产生的原因。【详解】1当金属球浸没在水中，受到的浮力：；2据相同深度液体向各个方向的压强相等的特点可知，金属块浸没在水中时，它的侧面受到的各个方向水的压力相互平衡，即可以相互抵消掉；而金属块上、下表面所受的压力是不同的，上表面所处的深度为，下表面深度为，则上表面受到的压强为：，受到的

15、压力为：；下表面受到的压强为：，受到的压力为：又，所以，则此时金属块受到水向上的压力比受到水向下的压力大；3金属块上、下表面的压力差就产生了浮力，即：，所以浮力方向是与向上的压力F向上的方向一致，是竖直向上的。14.某导体的电阻为10欧，通过它的电流为0.3安，则它两端的电压为_伏，20秒内通过它的电荷量为_库。若它两端的电压变大为6伏，它的电阻为_欧。【答案】 (1). 3 (2). 6 (3). 10【解析】【分析】电阻是导体本身的特性，与导体两端的电压、通过的电流无关，但可以通过欧姆定律求出其大小；根据求出20秒内通过该导体横截面的电荷量。【详解】1由可知，导体两端的电压为：；2由可知，

16、20s内通过导体的电荷为：；3因为导体的电阻与两端的电压无关，所以当电压为6V时，电阻仍为10。15.十九世纪初，人类对于电流的认识还处于模糊阶段，而对热传递的规律有较深的认识，“导热杆中两点间的热流正比于这两点间的温度差”已成为当时科学家的普遍共识。欧姆认为，导线中的电流现象应该与此相似，猜想“导线中两点之间的_也许与它们之间的某种驱动力成正比”，这个“驱动力”就是我们现在所称的_。欧姆当时研究的条件十分艰苦，他克服了没有稳定电流的困难、自行研制了测量电流的工具。经过多年大量实验后，他在1827年出版的电路的数学研究一书中，把实验规律总结成如下公式：S=E。式中S表示电流、E表示“驱动力”、

17、应表示_（选填“A”、“B”或“C”）。A导线对电流的传导能力 B导线对电流的阻碍能力 C导线中的电荷量【答案】 (1). 电流 (2). 电压 (3). A【解析】【分析】电路中电流的成因及欧姆定律内容：导体中的电流跟导体两端的电压成正比，跟导体的电阻成反比；导体电阻是导体本身的一种特性，与电压和电流无关。【详解】1根据导线中的电流现象应该与导热杆中两点间的热流相似可知，导线中两点之间的电流也许与它们之间的某种驱动力成正比；2根据电路中电流的成因可知，这个“驱动力”就是我们现在所称的电压；3由S=E知，电压E一定时，通过的电流S与电导率成正比，所以电导率反映的是导体对电流的导通能力，故A正确

18、。16.如图所示的电路中，电源电压保持不变，R1、R2中有一个存在故障，闭合开关后，电压表示数为0V，则故障可能是_。若用一个完好的电阻R替换R1，电压表示数不变，则电路中存在的故障是_。若用一个完好的电阻R换替R2，请写出电压表示数变化情况及相对应的故障。_【答案】 (1). R1短路或R2断路 (2). R2断路 (3). 若电压表示数不变，则R1短路；若电压表示数变大，则R2断路。【解析】【分析】电路故障有断路和短路，根据电压表示数为零，可判断故障的原因：断路或是电压表并联部分短路，通过分别替换电阻R1、R2，再根据电压表示数进一步判断电路故障原因。【详解】1分析电路可知R1、R2串联，

19、电压表V测量R1两端的电压；电压表示数为0V存在两种可能：一是R1短路，一是R2断路；2若用一个完好的电阻R替换R1，电压表示数不变，说明电压表之外的电路仍处于断路状态，即R2断路；3若用一个完好的电阻R换替R2，若电压表示数不变，则R1短路；若电压表示数变大，则R2断路。三、作图题17.在如图中，重为8牛的物体静止在水平地面上，请用力的图示法画出物体对地面的压力【答案】【解析】【详解】物体放在水平地面上，压力的大小与物体的重力大小相等，FG8N，方向垂直于地面向下，作用点在地面，设定标度为4N，压力的图示如图： 【点睛】注意压力的作用点在地面，方向与地面垂直，标度必须能被力的大小整除，最后要

20、标明力的大小18.在图中的里填上适当的电表符号，使之成为正确的电路图。（ ）【答案】【解析】【分析】根据电流表与被测电路串联，电压表与被测电路并联即可完成电路。【详解】因为电流表与被测电路串联，电压表与被测电路并联；第二排的与灯泡串联，所以是电流表；第三排的与电源串联，所以是电流表，第一排的与灯泡并联，所以是电压表，如图所示：19.在图示的电路中，有一根导线尚未连接，请用笔画线代替导线补上。补上后要求：闭合开关S，向右移动滑动变阻器滑片的过程中，电流表的示数变大。（ ）【答案】【解析】【分析】当滑动变阻器的滑片向右移动时，电流表的示数逐渐变大，说明电路中电阻变小，则变阻器应选择右下接线柱；根据

21、已有的导线，可判断灯泡、变阻器和电流表串联。【详解】由电路图可知，灯泡、变阻器和电流表串联，滑动变阻器接右下接线柱时，向右移动滑片，变阻器接入的电阻变小，则电路中的总电阻变小，故电路中的电流变大，即电流表示数变大；电路图如图所示：四、计算题20.物体排开水的体积为310-3米3，求物体受到浮力F浮的大小。【答案】29.4N。【解析】【分析】已知物体排开水的体积，利用阿基米德原理求物体受到的浮力。【详解】由阿基米德原理可知，物体受到的浮力：。答：物体受到的浮力为29.4N。21.如图所示的电路中，电源电压恒为6伏、电阻R1的阻值为10欧，滑动变阻器R2标有“20 1A”字样。闭合开关后，电流表的

22、示数为0.4安。(1)求R1两端的电压U1是_伏；(2)求此时R2连入电路的电阻值是_欧。(3)把上述器材重新连接后，闭合开关，在确保安全的情况下，移动滑片的过程中电流表示数能达1.2A。可判断出电流表测量的是_（选填“R1”、“R2”或“干路”）的电流，求移动滑片时电流表示数能达到的最大范围_。【答案】 (1). 4 (2). 5 (3). 干路 (4). 0.91.6A【解析】【分析】由电路图可知，电阻R1与R2串联，电流表测电路中的电流；(1)根据欧姆定律求出电阻R1两端的电压；(2)根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的电阻；(3)根据滑

23、动变阻器的铭牌可知，此时电阻R1与R2并联，根据欧姆定律求出R1所在支路的电流，由此电流值小于1.2A可知，电流表测量干路电流，根据欧姆定律可知，当滑动变阻器R2的滑片移到最大阻值时，此支路的电流最小，结合铭牌再根据并联电路的电流特点即可求电流表示数能达到的最大范围。【详解】(1)1电阻R1两端的电压：；(2)2串联电路中总电压等于各分电压之和，则此时滑动变阻器两端的电压为：，由欧姆定律可知，电阻R2的阻值：；(3)3根据滑动变阻器的铭牌“20 1A”可知，电阻R1与R2并联，由欧姆定律可知，电阻R1所在支路的电流：，则电流表测量的是干路电流；4当滑动变阻器R2的滑片移到最大阻值时，其所在支路

24、的电流：，根据并联电路的电流特点可知，干路的最小电流：，根据滑动变阻器的铭牌可知，干路的最大电流：，则移动滑片时电流表示数能达到的最大范围0.91.6A。22.如图所示，盛有酒精和水的两个足够高的柱形容器置于水平地面上。若向容器中分别倒入相等体积的原有液体，倒入前后液体对容器底的压强记录在下表中。（酒=0.8103千克/米3）液体对容器底部的压强倒入前倒入后p酒（帕）11761568p水（帕）11761960(1)求倒入后容器中酒精的深度h酒。(2)若倒入后酒精的质量为3.2千克，求酒精的体积V酒。(3)求两容器内部底面积S酒:S水的值。【答案】(1)0.2m；(2)0.004m3；(3)8:

25、5。【解析】【分析】(1)根据求出倒入后容器中酒精的深度h酒；(2)根据求出酒精的体积V酒；(3)根据倒入后和倒入前液体对容器底部的压强可求出压强差，根据求出倒入容器中酒精和水的深度变化量；又因倒入酒精和水体积相等，根据即可求出两容器内部底面积S酒:S水的值。【详解】(1)根据可知，倒入后容器中酒精的深度：；(2)根据可知，酒精的体积：；(3)由表中数据可知，倒入后和倒入前酒精对容器底部的压强差：，倒入后和倒入前水对容器底部的压强差：，根据可知，酒精的高度变化量：，水的高度变化量：，又因倒入酒精和水体积相等，根据可知，两容器内部底面积的比值：。答：(1)倒入后容器中酒精的深度h酒为0.2m；(

26、2)若倒入后酒精的质量为3.2千克，酒精的体积V酒为0.004m3；(3)两容器内部底面积S酒:S水的值为8:5。五、实验题23.在“探究导体中电流与电压的关系”实验中，需要测量的物理量有_和_。如图所示的仪器用于研究_，实验中在调节金属盒的朝向和深度时，眼睛要注意观察该仪器两边液面_的变化情况。【答案】 (1). 电流 (2). 电压 (3). 液体内部压强 (4). 高度差【解析】【分析】(1)根据“探究导体中电流与电压关系”实验的原理、步骤等分析此题；(2)压强计测量液体压强时是通过橡皮膜来感知压强的，根据压强计的原理及使用方法解答即可。【详解】12在“探究导体中电流与电压的关系”实验中

27、，需要控制电阻不变，测量的物理量是电流和电压；3如图所示的仪器是压强计，用于研究液体内部压强；4实验中在调节金属盒朝向和深度时，眼睛要注意观察该仪器两边液面高度差的变化情况。24.在“探究物质质量与体积的关系”实验中，需要用电子天平测出物质的_，本实验需要进行多次测量，其目的是为了_（选填字母A“得到普遍规律”或B“求平均值减小误差”）。在“测定物质的密度”实验中，其实验原理是_，实验时要用_（选填“同种”或“不同”）物质进行多次实验。【答案】 (1). 质量 (2). A (3). = (4). 同种【解析】【分析】(1)若要探究物质质量与体积的关系，则需要测量这种物质的质量和体积，据此作答

28、；(2)在物理实验中，多次测量的目的有两个：将测量数据取平均值，减小误差；总结普遍规律，避免结论的偶然性；(3)根据密度公式分析即可。【详解】1在“探究物质质量与体积的关系”实验中，需要测量这种物质的质量和体积，而需要用电子天平测出的是该物质的质量；2本实验需要进行多次测量，其目的是为了总结普遍规律，避免因次数太少造成结论的偶然性或片面性；3在“测定物质的密度”实验中，其实验原理是；4实验时要用不同体积的同种物质进行多次测量。25.小张研究物体浸入同一柱形容器的水中时，容器对水平地面压强的变化规律。他在一个足够高的柱形容器中盛有一定量的水，按如图10所示将系在弹簧测力计下的物体逐渐浸入液体中。

29、他读出测力计示数F，并用传感器测得容器对水平地面的压强p容，把数据记录在表一中。他又用二个重力不同的物体重复上述实验，相关数据记录在表二和表三中。表一 物体重G物=8N表二 物体重G物=9N表三 物体重G物=10N实验序号F/牛p容/帕实验序号F/牛p容/帕实验序号F/牛p容/帕162000572000982000242250652250107212532250073250011425004027508226251222750分析比较表一、或表二、或表三中p容随F的变化情况可初步得出：物体浸入同一柱形容器的水中时，G物相等，_。分析比较实验序号2与11、或3与8与12、或5与10中p容随G物的

30、变化情况可初步得出：_。分析比较实验序号_中的数据及相关条件可得出：物体浸入同一柱形容器的水中时，G物与F的差值相等时，p容相等。进一步分析比较表中数据及相关条件，可推理得出：若把重为7牛的物体浸入该容器中，当F为6牛时，p容为_帕。【答案】 (1). p容随F的减小而增大 (2). 物体浸入同一柱形容器的水中时，F相等，G物越大，p容也越大 (3). 1与5与9、或2与6、或3与7与11、或4与12 (4). 1875【解析】【分析】固体压强的大小与固体的总重力和受力面积有关，在实验中通过分析实验条件、G、F及p的变化量等，按照控制变量法的要求，可对题干中的问题进行逐一解答。【详解】1分析比

31、较表一、或表二、或表三中p容随F的变化情况可初步得出：物体浸入同一柱形容器的水中时，G物相等，p容随F的减小而增大；2分析比较实验序号2与11、或3与8与12、或5与10中p容随G物的变化情况可初步得出：物体浸入同一柱形容器的水中时，F相等，G物越大，p容也越大；3分析比较实验序号1与5与9、或2与6、或3与7与11、或4与12中的数据及相关条件可得出：物体浸入同一柱形容器的水中时，G物与F的差值相等时，p容相等；4由表一前两组数据可知，F减小2N时，p容增大250Pa，则柱形容器对水平地面原有的压强为：，把重7N的物体浸入该容器中，当F为6N时，F减小1N，此时容器对水平地面的压强：。26.

32、小王做“用电流表、电压表测电阻”的实验，他把电源（电压保持不变且为1.5V的整数倍）、滑动变阻器（“10 2A”、“20 2A”中的一个）、电流表、电阻、开关、导线组成串联电路，把电压表并联在电路中，并把滑片置于滑动变阻器的一端。闭合开关后，发现电压表的指针不动，电流表示数如图 (a)所示；当滑片向另一端移动的过程中，电流表示数最小值如图 (b)所示；经思考，他仅改变了电压表的位置，继续将滑片移到另一端，电压表示数如图(c)所示。根据以上信息可判断：刚闭合开关时电压表并联在_两端；请判断图(a)中电流表的示数，并写出理由；_请通过计算说明滑动变阻器的规格_及电源电压U；_待测电阻的阻值为_欧。

33、(计算电阻时，精确到0.1欧)【答案】 (1). 滑动变阻器 (2). 若电流表量程为03A，则示数为2.8A，超出滑动变阻器允许通过的最大电流2A，因此电流表量程为00.6A，电流表的示数为0.56安 (3). “20 2A” (4). 4.5V (5). 8.1【解析】【分析】(1)闭合开关后，发现电压表的指针不动，即示数仍为零，据此判断；(2)根据滑动变阻器允许通过的最大电流值进行判断并读数；(3)由题意小王改变了电压表的位置可知，电压表此时测量待测电阻两端的电压，当电压表示数如图(c)所示，滑动变阻器的阻值全部接入电路，此时电路中的总电阻最大，由欧姆定律可知电流最小，根据串联电路电压的

34、特点结合滑动变阻器的两种规格及电源电压保持不变且为1.5V的整数倍分析求解；(4)电压表示数如图(c)所示时电路中电流值最小，根据欧姆定律即可求出待测电阻阻值。【详解】1闭合开关后，发现电压表的指针不动，即示数仍为零，由此可知电压表只能并联在滑动变阻器两端，且此时滑动变阻器接入电路的阻值为0；2若电流表量程为03A，则示数为2.8A，超出滑动变阻器允许通过的最大电流2A，因此电流表量程为00.6A，电流表的示数为0.56安；34由题意小王改变了电压表的位置可知，电压表此时测量待测电阻两端的电压，当电压表示数如图(c)所示，滑动变阻器的阻值全部接入电路，此时电路中的总电阻最大，由欧姆定律可知电流最小，最小电流如图 (b)所示为0.16A，根据串联电路电压的特点有：，当滑动变阻器取“10 2A”时，电源电压为2.9V，不是1.5V的整数倍，不合题意；当滑动变阻器取“20 2A”时，电源电压为4.5V，是1.5V的整数倍，故所选滑动变阻器的规格“20 2A”，电源电压为4.5V；5电压测量待测电阻两端的电压，电压表示数如图(c)所示为1.3V，电路中的电流最小，最小电流如图 (b)所示为0.16A，根据欧姆定律可知，待测电阻阻值：。