2020年河北中考化学复习课件专题十六 信息给予题.pptx
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1、1.(2019贵州贵阳,6,2分)电导率传感器可辅助探究复分解反应的实质。相同条件下,离子浓度越大,电导率 越大,溶液导电性越强。将含有酚酞的Ba(OH)2溶液平均分成两份置于两个烧杯中并插入电导率传感器,往 其中一份滴加稀硫酸,往另一份滴加硫酸钠溶液,测得溶液的电导率变化如图所示。下列说法正确的是 ( ) A.乙曲线电导率减小过程中,溶液由红色变为无色 B.乙曲线对应的反应中四种离子数目都减少,C.甲曲线对应氢氧化钡与硫酸钠反应 D.甲曲线上的M点代表两种溶液恰好完全反应,答案 D 由图可知M点的电导率几乎为零,可以推知M点对应的溶液中,几乎没有自由移动的离子,氢氧化 钡和稀硫酸恰好反应时,
2、生成硫酸钡沉淀和水,电导率与M点一致,故可判断出甲曲线对应氢氧化钡与稀硫 酸的反应,乙曲线对应氢氧化钡与硫酸钠的反应。乙曲线电导率减小过程中,氢氧化钡与硫酸钠反应生成 氢氧化钠和硫酸钡,溶液始终为红色,故A错误;氢氧化钡和硫酸钠反应过程中钡离子和硫酸根离子数目减 少,但钠离子和氢氧根离子数目不变,故B错误;甲曲线对应氢氧化钡与稀硫酸的反应,故C错误;甲曲线上的 M点代表氢氧化钡与稀硫酸两种溶液恰好完全反应,故D正确。,解题关键 本题的解题关键在于分析出M点时溶液的电导率几乎为零,溶液中几乎没有自由移动的离子, 据此可以得出M点所在曲线甲为氢氧化钡与稀硫酸的反应。,易错警示 乙曲线表示氢氧化钡与
3、硫酸钠反应,在反应过程中虽然氢氧化钡逐渐减少直至反应完全,但反 应中又生成碱性物质氢氧化钠,故溶液不会变为无色,而是始终为红色。,2.(2019云南昆明,17,3分)在一个密闭容器中,有甲、乙、丙、丁、戊五种物质,在一定条件下发生反应,测得 反应前后各物质的质量变化量如图所示(图中正数表示物质质量的增加量,负数表示物质质量的减少量,0表 示物质质量不变),下列说法正确的是 ( ) A.该反应一定属于置换反应 B.戊一定是该反应的催化剂 C.参加反应的乙、丙的质量比一定为4823,D.该反应中甲、丁的相对分子质量之比一定为4427,答案 C 根据图示,该反应为乙+丙 甲+丁,反应物和生成物均为2
4、种,但物质的种类未知,无法判断反 应类型,故A错误;戊的质量在反应前后未发生变化,戊可能是催化剂也可能是杂质,故B错误;根据图示,乙、 丙均为反应物,参加反应的乙、丙的质量比为4823,故C正确;该反应中各物质的化学计量数无法推知,故 各物质的相对分子质量之比无法推知,D错误。,易错警示 化学方程式中,各反应物和生成物的质量比等于化学计量数与相对分子质量的乘积比,计算时 切勿忽略化学计量数。,3.(2018山东潍坊A,9,2分)某矿石样本只含有如图所示的四种元素,该矿石中可能含有的物质是 ( ) A.CaCO3 B.SiO2 C.Al2O3 D.CuFeS2,答案 B 该矿石中不含碳元素,不可
5、能含有CaCO3,故A错误;该矿石中含有硅元素和氧元素,可能含有SiO2, 故B正确;该矿石中不含铝元素,不可能含有Al2O3,故C错误;该矿石中不含铁元素、铜元素,不可能含有 CuFeS2,故D错误。,4.(2018内蒙古呼和浩特,4,2分)下列对客观事实的解释正确的是 ( ),答案 B Fe、Fe2+、Fe3+化学性质不同,是由于它们的最外层电子数不同,故A不正确;水通电产生氢气和氧 气,是因为在通电条件下水分子分解成氢原子和氧原子,氢原子结合成氢分子,氧原子结合成氧分子,故B正 确;稀盐酸、稀硫酸均显酸性,是因为稀盐酸、稀硫酸中都含有H+,故C不正确;冰和水都是由水分子构成的, 所以冰水
6、混合物属于纯净物,故D不正确。,5.(2017安徽,6,2分)建立模型是学习化学的重要方法。下列有关模型正确的是 ( ),答案 D 原子是由原子核和核外电子构成的,原子核是由质子和中子构成的,故A错误;物质分为纯净物和 混合物,纯净物分为单质和化合物,故B错误;燃烧条件为:可燃物,与氧气接触,温度达到可燃物的着火 点,故C错误;空气中的成分按体积分数计算,氮气约占78%,氧气约占21%,其他成分约占1%,故D正确。,6.(2017福建,8,3分)炼铁炉中某反应的微观示意图(不同的球代表不同原子)如下所示。下列说法正确的是 ( ) A.该反应属于化合反应 B.反应前后原子数目发生变化 C.反应前
7、后各元素化合价均不变 D.反应前后元素种类发生变化,答案 A 由反应的微观示意图可以看出,反应物有两种,生成物有一种,该反应属于化合反应,A说法正确; 化学反应前后原子数目不变,B说法错误;反应物中的一种物质是单质,生成物是化合物,单质中元素化合价 为0,化合物中元素化合价不为0,反应前后存在元素化合价的变化,C说法错误;化学反应前后元素种类不变, D说法错误。,知识拓展 化学反应中的六个不变:宏观上物质的总质量、元素种类、元素质量不变;微观上原子种类、 数目、质量不变。,7.(2015广西南宁,14,2分)下图为某化学反应的微观模拟图。“ ”和“ ”分别表示两种不同的原子,下 列说法正确的是
8、 ( ) A.该反应的基本反应类型为置换反应 B.反应前后原子的种类和数目保持不变 C.由大量微粒甲“ ”聚集成的物质是单质 D.参加反应的甲、乙两种反应物的分子个数比为11,答案 B 根据微观模拟图可知,该反应中两种物质生成一种物质,属于化合反应,A错误;根据质量守恒定 律可知反应前后原子的种类和数目不变,B正确;甲含两种元素,是化合物,C错误;参加反应的甲、乙的分子 数目比为21,D错误。,8.(2018湖南衡阳,23,2分)现有盐酸和CaCl2的混合溶液,向其中逐滴滴入Na2CO3溶液,生成沉淀质量与滴入 Na2CO3溶液质量的变化关系如下图所示。下列说法错误的是 ( ) A.滴加碳酸钠
9、溶液质量为ac克时,溶液中发生的反应为CaCl2+Na2CO3 2NaCl+CaCO3 B.滴加碳酸钠溶液质量至b克时,溶液中含有三种溶质 C.滴加碳酸钠溶液质量至a克时,溶液质量比原混合溶液质量大,D.滴加碳酸钠溶液质量至c克时,溶液呈中性,答案 B 向含有CaCl2和盐酸的混合溶液中滴入Na2CO3溶液时,Na2CO3先与盐酸反应,后与CaCl2反应,因此 当滴加Na2CO3溶液质量至a克时,Na2CO3与盐酸恰好完全反应,此时溶液增加的质量为加入的Na2CO3溶液的 质量减去逸出的CO2的质量,溶液质量比原混合溶液质量大,故C正确;当滴加Na2CO3溶液质量为ac克时,Na2 CO3与C
10、aCl2发生反应,故A正确;当滴加Na2CO3溶液质量至b克时,CaCl2有剩余,溶液中含有NaCl和CaCl2两种 溶质,故B错误;当滴加Na2CO3溶液的质量至c克时,CaCl2和Na2CO3恰好完全反应,溶液中的溶质只有NaCl,溶 液呈中性,故D正确。,9.(2016新疆乌鲁木齐,10,2分)下图所示的各组变化中,每个转化在一定条件下均能一步实现的是 ( ) A. B. C. D.,答案 C 铜在空气中加热能生成氧化铜,氧化铜与稀硫酸反应生成硫酸铜,铁与硫酸铜溶液反应生成 铜;水不能通过一步反应生成过氧化氢;氢氧化铁不能通过一步反应生成铁;碳酸钠与石灰水反应生 成碳酸钙,碳酸钙与稀盐酸
11、反应生成二氧化碳,二氧化碳与氢氧化钠反应生成碳酸钠,故和均能通过一 步反应实现转化,答案为C。,10.(2017湖北武汉,28,4分)图1是氧元素在元素周期表中的相关信息,图2是该元素形成的一种粒子的结构示 意图。 8 O 氧 16.00 图1 图2 (1)在元素周期表中,氧元素的原子序数为 。 (2)图2所示粒子为 (填“离子”或“原子”)。 (3)由氧元素组成的一种气体单质可以支持燃烧,写出实验室制取该气体的一个化学方程式,。,答案 (1)8 (2)离子 (3)2H2O2 2H2O+O2或2KClO3 2KCl+3O2或2KMnO4 K2MnO4+ MnO2+O2,解析 (1)元素周期表中
12、单元格左上角数字表示原子序数,故氧元素的原子序数为8。 (2)题图2中质子数为8,核外电子数为10,表示离子。 (3)氧元素组成的可以支持燃烧的气体单质为氧气,实验室可用高锰酸钾、氯酸钾与二氧化锰的混合物、 过氧化氢溶液和二氧化锰的混合物来制取氧气,化学方程式分别为2KMnO4 K2MnO4+MnO2+O2、2 KClO3 2KCl+3O2、2H2O2 2H2O+O2。,11.(2015广西南宁,28,5分)化学活动课上,老师给同学们表演了一个“水能生火”的魔术(如图所示),他将包 有过氧化钠(Na2O2)粉末的脱脂棉放在石棉网上,向脱脂棉上滴了几滴水,脱脂棉立刻燃烧起来。通过查阅 资料可知,
13、过氧化钠和水反应生成的产物只有两种,都是初中化学常见的物质。根据所学化学知识回答: (1)从燃烧的条件分析可知,过氧化钠(Na2O2)和水发生反应生成了可以支持燃烧的物质 ,反应 (填“吸收”或“放出”)大量的热。 (2)根据质量守恒定律可推测另一种产物必含的元素是 。 (3)过氧化钠和水反应的化学方程式是 。,答案 (1)氧气(或O2) 放出 (2)钠、氢(或Na、H) (3)2H2O+2Na2O2 4NaOH+O2,解析 (1)燃烧需要三个条件:氧气、可燃物、温度达到着火点,因此说明过氧化钠和水反应生成了支持燃 烧的氧气,并放出了热量。(2)根据质量守恒定律,反应前后元素的种类不变,反应前
14、含钠、氧、氢三种元素, 反应后产物中除了氧气含氧元素,其他产物中应至少含钠元素和氢元素。,12.(2018福建,12,6分)我国科学家研究出碳化钼(Mo2C)负载金原子组成的高效催化体系,使水煤气中的CO 和H2O在120 下发生反应,反应微观模型如下图所示。 (1)反应微观模型中,除钼外还有 种元素,有 种单质分子。 (2)该反应过程中:,构成催化剂的各原子 (填“有”或“没有”)变化。 金原子对 (填“CO”或“H2O”)起吸附催化作用。 反应的化学方程式为 。,答案 (1)4 1 (2)没有 CO CO+H2O CO2+H2,解析 (1)从反应微观模型中可以看出,有五种原子,故除钼外还有
15、四种元素。反应微观模型中的分子有 CO、H2O、CO2、H2,只有H2分子为单质分子。 (2)构成催化剂的各原子没有发生变化;从反应微观模型中可以看出金原子对CO起吸附催化作用;由 反应微观模型可知,CO和H2O在120 和催化剂的作用下,反应生成CO2和H2,故反应的化学方程式为CO+H2 O CO2+H2。,13.(2017北京,30,3分)工业上用硫铁矿烧渣(主要成分为Fe3O4、Fe2O3等)、煤粉作原料制备FeCO3的主要流 程如下: (1)焙烧炉中,发生的主要反应为: 3C+2O2 2CO+CO2,Fe2O3+CO 2FeO+CO2 Fe3O4+CO 3FeO+CO2 上述反应中的
16、各物质,碳元素呈现 种化合价。 (2)酸浸槽中,FeO转化为FeSO4,加入的物质X是 。 (3)主反应器中,生成FeCO3的反应物为 。,答案 (1)3 (2)硫酸 (3)FeSO4和NH4HCO3,解析 (1)反应中出现的含碳元素的物质有C、CO、CO2,其中碳元素化合价分别是0、+2、+4价。(2)酸浸 槽中,FeO为金属氧化物,需要与酸反应才能转化为FeSO4,从生成物FeSO4的组成看出,需加入的物质为H2SO 4。(3)根据化学反应前后元素种类不变分析主反应器中的反应,生成的FeCO3中Fe元素来自FeSO4,C 来自 NH4HCO3,所以反应物应为FeSO4和NH4HCO3。,思
17、路分析 根据化学反应前后元素种类不变分析出化学反应中未知的反应物或生成物。,14.(2018广东广州,28,8分)室温为25 时,某小组用无水氯化铜粉末制备氯化铜大晶体。制备过程如下: 步骤:查阅资料,得到氯化铜溶解度数据如下:,步骤:配制少量CuCl2热饱和溶液,冷却结晶,得到晶种。 步骤:把晶种悬挂在新配制的CuCl2热饱和溶液中,室温下静置数天,形成大晶体。 步骤:取出大晶体,处理剩余的溶液(母液)。 根据以上信息,回答下列问题: (1)用20 mL蒸馏水(密度约为1 g/mL)配制50 的氯化铜饱和溶液。 计算需称取CuCl2的质量是 g。 将称取的CuCl2固体和20 mL水倒入烧杯
18、中, (填操作名称),直至固体完全溶解。 (2)母液中Cu2+属于重金属离子,随意排放将导致环境污染。下列方法可用于母液处理的是 。,A.收集母液于敞口容器中,用报纸包住容器口,待水分自然蒸干后保存所得固体 B.向母液中加入适量AgNO3,充分反应后过滤,滤渣干燥保存,滤液倒入下水道 C.向母液中加入适量NaOH,充分反应后过滤,滤渣干燥保存,滤液倒入下水道 (3)若用铁粉置换出母液中的铜,100 g母液需要铁粉的质量至少是 g(只列计算式。已知Cu- Cl2的相对分子质量为135)。,答案 (1)17.1 搅拌 (2)AC (3),解析 (1)由表格中的数据可知,50 时氯化铜的溶解度为85
19、.5 g,用20 mL蒸馏水(密度约为1 g/mL)配制5 0 的氯化铜饱和溶液,需称取CuCl2的质量是 85.5 g=17.1 g;溶解CuCl2固体时,需要用玻 璃棒搅拌,直至固体完全溶解。(2)收集母液于敞口容器中,用报纸包住容器口,待水分自然蒸干后保存所得 固体,则不会有含铜离子的液体排放,不会导致环境污染,故A正确;向母液中加入适量AgNO3,充分反应后生 成氯化银沉淀和硝酸铜,过滤,滤渣氯化银干燥保存,滤液中仍然有铜离子,倒入下水道,会导致环境污染,故B 错误;向母液中加入适量NaOH,生成氢氧化铜沉淀和氯化钠,充分反应后过滤,滤渣氢氧化铜干燥保存,滤液 中只有氯化钠,没有铜离子
20、,倒入下水道,不会导致环境污染,故C正确。(3)25 时氯化铜的溶解度为76.4 g, 设100 g母液中含有氯化铜的质量为x, = ,解得x= g;若用铁粉置换出母液中的铜, 设100 g母液需要铁粉的质量至少是y。 CuCl2 + Fe FeCl2+Cu 135 56,g y = 解得y= g。,15.(2016河北,36,5分)某化学兴趣小组在实验室用碳酸钠溶液和熟石灰制取少量氢氧化钠溶液。他们的实 验过程和相关数据如图所示。请计算: (1)实验中生成沉淀的质量为 g。 (2)所得氢氧化钠溶液中溶质的质量分数。,答案 (1)10(1分) (2)解:设反应生成氢氧化钠的质量为x。 Ca(O
21、H)2+Na2CO3 CaCO3+2NaOH(1分) 100 80 10 g x = (1分) x= =8 g(1分) 所得溶液中溶质的质量分数为 100%=10%(1分) 答:所得氢氧化钠溶液中溶质的质量分数为10%。,解析 (1)反应前熟石灰、烧杯、碳酸钠溶液的总质量为195.6 g,反应后所得滤液和烧杯的总质量为185.6 g,减少10 g,故生成碳酸钙的质量为10 g。(2)根据碳酸钙的质量,由化学方程式计算出生成氢氧化钠的质量, 最后求得氢氧化钠溶液中溶质的质量分数。,教师专用题组 1.(2019云南,15,2分)下图是某汽车尾气净化装置中发生反应的微观示意图。下列说法正确的是 (
22、) A.乙、丁属于氧化物 B.该反应的化学方程式为NO+NH2 N2+H2O C.甲物质由一个氧原子和一个氮原子构成 D.反应前后,原子种类、原子数目不变,答案 D 由图示可知:甲是一氧化氮,乙是氨气,丙是氮气,丁是水。所以属于氧化物的是甲和丁,A错误;该 反应的化学方程式为6NO+4NH3 5N2+6H2O,B错误;甲物质的一个分子是由一个氮原子和一个氧原 子构成的,C错误;化学反应前后原子种类、数目不变,D正确。,2.(2019湖南衡阳,19,2分)下列图像不能正确反映其对应实验操作的是 ( ),答案 A A项,常温下向一定质量的饱和石灰水中加入氧化钙,氧化钙与水反应生成氢氧化钙,使饱和石
23、灰 水中溶剂减少,溶质氢氧化钙结晶析出,溶液的质量减少;B项,向硫酸和硫酸铜的混合溶液中滴加过量的氢 氧化钠溶液,先是硫酸与氢氧化钠发生中和反应生成水和硫酸钠,此阶段没有沉淀产生,再是硫酸铜与氢氧 化钠反应生成氢氧化铜蓝色沉淀和硫酸钠,此阶段随着氢氧化钠的加入沉淀质量逐渐增大,硫酸铜消耗完, 继续加入氢氧化钠溶液,沉淀不再增加;C项,向足量的锌粉、铁粉中分别加入等质量、等浓度的稀硫酸,由 于锌的金属活动性比铁强,开始反应阶段锌粉与硫酸反应产生氢气较快,生成氢气较多,最终由于锌粉和铁 粉足量,等量的稀硫酸反应完,产生等量的氢气;D项,氢氧化钠溶液显碱性,pH大于7,随着水的加入,氢氧化钠 溶液被
24、稀释,碱性减弱,pH向7靠拢至无限接近于7。,3.(2018广东,9,2分)下表中知识的归纳正确的是 ( ),答案 C 2O表示两个氧原子,故A错误;有机物不一定都易燃,故B错误;生活垃圾集中焚烧,可利用产生的 热量发电,新制木家具通风放置,让甲醛挥发,避免甲醛污染,故C正确;钙是人体内的常量元素,故D错误。,4.(2018山东潍坊A,19,2分)升温、增大浓度、加大压强和使用催化剂均可以提高化学反应速率。现把镁条 投入盛有稀盐酸的试管中,试管外壁发烫。产生氢气的速率变化情况(v)和反应进行的时间(t)的关系如图所 示,则下列说法不正确的是 ( ) A.反应过程中溶液的pH逐渐增大 B.t1t
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