2020年中考物理复习课件专题十 机械能和内能.pptx
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1、考点一 机械能及其转化,A组 2019年全国中考题组,1.(2019四川成都,A10,2分)如图所示的情景中,关于能量的说法正确的是 ( ) A.水力发电,将电能转化为机械能 B.在空中飞行的C919,只具有重力势能 C.张弓待发,弓静止,所以没有能量 D.过山车冲上高处的过程中,重力势能增加,答案 D 水力发电将水的机械能转化为电能,A项错误;在空中飞行的C919具有动能和重力势能,B项错误; 张弓待发,弓具有弹性势能,C项错误;过山车冲上高处过程中,质量不变,高度增加,所以重力势能增加,D项正 确。,知识归纳 1.机械能包括动能和势能; 2.动能大小与物体的质量、速度有关; 3.重力势能大
2、小与物体的质量、被举高的高度有关; 4.弹性势能大小与物体的弹性形变量和材料有关。,2.(2019福建,15,2分)踢毽子是一项有益的体育活动。如图,毽子某次被踢出后,竖直上升经过某一位置时,毽 子的动能和重力势能分别为Ek1和Ep1,下落经过同一位置时,毽子的动能和重力势能分别为Ek2和Ep2,则 ( ) A.Ek2Ek1 B.Ek2Ep1 D.Ep2Ep1,答案 B 下落经过同一位置时,毽子的质量、高度均相同,故毽子的重力势能不变,C、D错误;由毽子的形 状可知,毽子在运动过程中,空气的阻力不可忽略,因此,毽子在上升与下落过程中,克服空气阻力做功,部分 机械能转化为内能,故其动能会减少,因
3、此Ek2Ek1,A错误,B正确。故选B。,知识拓展 掌握动能和重力势能大小的影响因素及机械能与内能的转化是解决本题的关键。,3.(2019江苏苏州,12,2分)将皮球从离地某一高度O点处水平抛出,球落地后又弹起,它的部分运动轨迹如图 所示。下列说法正确的是 ( ) A.皮球经过同一高度的A、B两点时动能相等 B.皮球第一次反弹后到达最高点P点时速度为零 C.皮球在D点时的机械能小于在C点时的机械能 D.若将皮球表面涂黑,则会在地面M、N两点留下两个大小相等的黑色圆斑,答案 C 皮球经过同一高度的A、B两点时由于空气阻力的影响,在B处的动能小于在A处的动能,故A错 误;皮球第一次反弹后到达最高点
4、P点时竖直方向上速度为零,但是水平方向上由于继续向右移动,水平方 向速度不为0,所以皮球在P点时速度不为零,故B错误;皮球由于受到空气阻力的影响,机械能逐渐减小,因此 从C点到达D点时,机械能存在损失,故C正确;若将皮球表面涂黑,由于空气阻力影响,在M、N两点皮球的机 械能不相等,因此在地面上留下的两个黑色圆斑大小不相等,应该M处较大,故D错误。,思路分析 本题明显看出皮球的弹起高度在逐渐降低,我们首先得出在整个过程中皮球的机械能不断减 小,也就是越往右边的位置球的机械能越小;在等高的两个点中我们比较皮球的动能的大小是通过比较皮 球的机械能的大小,因为等高点重力势能相等,机械能大的位置动能也大
5、。,易错警示 同学们会想当然地以为整个过程机械能是不变的,所以在高度大的位置重力势能大动能小,这 种认知是有前提条件的,在本题中不适用;最高点速度不一定为零,此时竖直方向的速度为零,我们还要考虑 水平方向上的速度。,4.(2019安徽,12,3分)如图所示,在光滑的水平台面上,一轻弹簧左端固定,右端连接一金属小球,O点是弹簧保 持原长时小球的位置。压缩弹簧使小球至A位置,然后释放小球,小球就在AB间做往复运动(已知AO=OB)。 小球从A位置运动到B位置的过程中,下列判断正确的是 ( ) A.小球的动能不断增加 B.弹簧的弹性势能不断减少 C.小球运动到O点时的动能与此时弹簧的弹性势能相等 D
6、.在任一位置弹簧的弹性势能和小球的动能之和保持不变,答案 D 小球在做往复运动的过程中,弹簧的弹性势能与小球的动能相互转化。由题知,O点是弹簧保持 原长时小球的位置,则AO段弹簧处于压缩状态,OB段弹簧处于拉伸状态;小球从A运动到O的过程中,弹簧逐 渐恢复原状,形变程度变小,弹性势能变小,小球所受弹力方向向右、速度不断增大,动能变大,此过程中弹簧 的弹性势能转化为小球的动能;到达O点时,弹簧恢复原长,弹簧的弹性势能为零,小球所受弹力为零,此时小 球的速度最大,动能最大;小球从O运动到B的过程中,弹簧被拉长,形变程度变大,弹性势能变大,此时小球所 受弹力方向向左、速度不断减小,动能减小,此过程中
7、小球的动能转化为弹簧的弹性势能,小球从A位置运 动到B位置的过程中,小球的动能先增大后减小,弹簧的弹性势能先减小后增大,故A、B错误。小球运动到 O点时的动能最大,此时弹簧的弹性势能为零,所以两者不相等,故C错误。“光滑的水平台面”表示小球不 受摩擦力,因为不受摩擦力,所以小球和弹簧组成的系统机械能守恒,则在任一位置弹簧的弹性势能和小球 的动能之和保持不变,故D正确。,审题指导 注意题中O点是弹簧保持原长时小球的位置,说明小球在O点时,弹簧的弹性势能为零。水平台 面光滑,没有外力对小球和弹簧做功,所以整个系统能量守恒。,知识归纳 (1)动能的大小与物体的质量、速度有关,质量越大、速度越大,则动
8、能越大。(2)同一弹簧弹性 势能的大小与物体的弹性形变程度有关,形变程度越大,弹性势能越大。,5.(2019湖北黄冈,10,3分)泥石流是在暴雨天极易发生的自然灾害。如果在野外突遇泥石流来袭,停留在泥 石流下游低洼处是很危险的。这是由于 力的作用,泥石流会涌向低洼处。正确的逃生方法是,朝 着与泥石流 (选填“垂直”“相同”或“相反”)的方向迅速逃离到较高的地方。泥石流向下游 流动过程中,重力 (选填“做功”或“没有做功”),重力势能主要转化成动能。,答案 重 垂直 做功,解析 泥石流流向低处是受到重力的作用。为了不被泥石流淹没,绝对不能迎着泥石流的方向跑,但是由 于泥石流下落的速度很快,人的奔
9、跑速度小于泥石流的速度,朝着与泥石流方向相同的方向跑也容易被淹 没,则人应该朝着与泥石流垂直的方向逃离到较高的地方。泥石流向下游流动,在重力的方向移动了距离, 重力做功。,6.(2019湖南长沙,34,6分)如图,小海在研究“物体的动能与哪些因素有关”时,将质量为m的小钢球从斜槽 的某一高度h处由静止释放,钢球运动到水平面时,将水平面上静止的木块撞出一段距离s。小海的部分实 验数据和现象记录如下:,(1)上述3次实验中,第 次实验钢球滑到斜槽底端时动能最大; (2)上述实验数据表明:当速度一定时, 钢球的质量越大,动能越 。 这个结论可用于解释汽车 (选填“超速”或“超载”)带来的危害。,答案
10、 (1)3 (2)大 超载,解析 (1)影响动能大小的因素是质量和速度,在实验中通过比较木块被撞击后滑行距离的远近来比较物 体具有动能的大小(转换法);由表格中数据可以知道,第3次实验木块滑行的距离最远,因此可以判断第3次 实验钢球滑到斜槽底端时动能最大。 (2)由表中数据可知,在实验中控制钢球下落高度相同,则钢球到达斜槽底端时的速度相同,三次实验钢球的 质量不同,质量越大的推动木块滑行的距离越远,即动能越大。该结论可以用于解释汽车超载带来的危 害。,考点二 内能及其转化,1.(2019福建,8,2分)下列实例中,属于通过做功改变物体内能的是 ( ) A.搓手会发热 B.用冷水冷却热鸡蛋 C.
11、晒太阳取暖 D.给热咖啡加冰降温,答案 A 搓手会发热,是搓手时克服摩擦力做功,手的内能增大,温度升高,A正确;用冷水冷却热鸡蛋,是通 过热传递改变物体内能,B错误;晒太阳取暖,是通过热传递改变物体内能,C错误;给热咖啡加冰降温,是通过 热传递改变物体内能,D错误。故选A。,知识归纳 改变内能的方式有两种:做功和热传递。它们在改变内能上是等效的。,2.(2019四川成都,A12,2分)关于分子和物体内能,下列说法正确的是 ( ) A.杯子里的水可以任意倒出,说明水分子间没有引力 B.固体间能扩散,表明固体物质分子是运动的 C.把0 的冰块加热熔化成0 的水,其内能不变 D.用力搓手,手发热是通
12、过热传递增加手的内能,答案 B 液体分子间存在引力作用,但比较弱,所以表现出流动性,杯子里的水可以任意倒出是因为水受 到了重力作用,不能表明分子间没有引力,A项错误;固体间能扩散,表明固体分子在做永不停息的无规则运 动,B项正确;0 的冰块熔化成0 的水,要吸收热量,其内能增加,C项错误;搓手时手发热是通过做功的方 式增加了手的内能,D项错误。,3.(2019重庆A,3,3分)如图是重庆人喜欢吃的酸辣粉,下列分析正确的是 ( ) A.煮酸辣粉前,锅中已沸腾的水温度一直升高 B.煮酸辣粉时,通过做功改变了酸辣粉的内能 C.酸辣粉冒的“白气”是由于水蒸气升华形成的 D.酸辣香味四溢是由于分子永不停
13、息做无规则运动,答案 D 水沸腾的特点是不断吸热,温度不变,故A错误;煮酸辣粉时,是通过热传递改变了酸辣粉的内能, 故B错误;酸辣粉冒的“白气”是水蒸气液化形成的小水滴,故C错误;酸辣香味四溢是由于分子在不停地做 无规则运动,故D正确。,4.(2019北京,13,2分)如图所示,在试管内装适量水,用橡胶塞塞住管口,将水加热至沸腾一段时间后,橡胶塞 被推出,管口出现大量“白气”。此实验中,主要是通过做功改变物体内能的过程是 ( ) A.试管变热的过程 B.水变热的过程 C.水变成水蒸气的过程 D.水蒸气推出橡胶塞的同时变成“白气”的过程,答案 D 水蒸气膨胀对橡胶塞做功,水蒸气的内能转化为橡胶塞
14、的机械能,水蒸气的内能减少,温度降低, 液化成“白气”,D正确。,5.(2019云南昆明,5,3分)如图是汽油机工作的四个冲程,其中表示排气冲程的是 ( ) A.甲 B.乙 C.丙 D.丁,答案 C 甲图中两气门都关闭,活塞上行,汽缸容积变小,是压缩冲程,故A不符合题意;乙图中进气门开启, 活塞下行,气体流入汽缸,是吸气冲程,故B不符合题意;丙图中排气门开启,活塞上行,气体流出汽缸,是排气 冲程,故C符合题意;丁图中两气门都关闭,活塞下行,汽缸容积变大,火花塞喷出电火花,是做功冲程,故D不符 合题意。,方法技巧 汽油机的四个冲程中只有排气冲程的排气门打开,针对本题快速选出答案C。,规律总结 汽
15、油机的四个冲程中,只有吸气冲程中进气门打开,只有做功冲程火花塞打火,只有排气冲程排 气门打开,在判断属于哪个冲程时,只要找到对应的特点即可解题。,6.(2019湖北武汉,21,3分)如图所示是嫦娥4号的中继卫星“鹊桥”由长征4号丙运载火箭发射时的情景。 火箭中的燃料燃烧时,燃气推动火箭和卫星上升,卫星的机械能会 (填“增大”“不变”或“减 小”),火箭外壳的温度会 (填“升高”“不变”或“降低”)。“鹊桥”最终在距地球约45万千米 的轨道上运行,由此可知, 从地球上发射的电磁波信号经过 秒后就会被“鹊桥”接收到。,答案 增大 升高 1.5,解析 卫星加速上升,速度增大,高度升高,所以动能和重力
16、势能都增大,所以卫星的机械能增加;火箭上升的 过程中,火箭外壳与空气摩擦,摩擦生热使外壳的内能增加,温度升高;电磁波 的传播速度为3108 m/s,从地球发射的电磁波到达“鹊桥”的时间为:t= = =1.5 s。,考点三 物质的比热容及热量的计算,1.(2019四川成都,B3,2分)用两只相同的电加热器,分别给相同体积的水和某种油加热,在开始和加热3 min 时各记录一次温度,如表所示。已知水=1.0103 kg/m3,c水=4.2103 J/(kg),油=0.8103 kg/m3,加热的效率都 为90%,油的末温没有达到它的沸点。下列说法正确的是 ( ),A.这种油的比热容为1.68103
17、J/(kg) B.这种油的比热容为2.1103 J/(kg) C.因为这种油的密度比水小,所以它的比热容比水小 D.加热效率没有达到100%,是因为电加热器没有把电能全部转化为内能,答案 B 相同的电加热器加热相同时间且加热效率都为90%,则水和油吸收热量相同,即Q吸水=Q吸油 c水m水t水=c油m油t油 c油= = = =2.1103 J/(kg), B正确,A错误。比热容是物质的特性,与物质的密度无关,C错误。加热效率没有达到100%,是因为电加热 器放出的热量没有被全部有效吸收,有部分热量散失了,D错误。,审题指导 1.相同的电加热器,在相同时间内放出的热量相同,加热效率相同,故水和油吸
18、收的热量相同; 2.电加热器加热效率等于被有效吸收的热量与放出的热量的比值,不是指电能转化为内能的效率。,2.(2019福建,11,2分)下表列出一些物质的比热容,根据表中数据,下列判断正确的是 ( ),A.不同物质的比热容一定不同 B.物质的物态发生变化,比热容不变 C.质量相等的铝和铜升高相同的温度,铝吸收的热量更多 D.质量相等的水和煤油吸收相同的热量,水升高的温度更多,答案 C 由表中数据可以看出,煤油和冰的比热容相同,A错误;水的比热容和冰的比热容不同,B错误;根 据Q吸=cmt可知,在质量相等、升高的温度相同时,由于铝的比热容比铜的大,因此铝吸收的热量较多,C正 确;由t= 可知,
19、质量相等、吸收的热量相同时,比热容大的物质温度升高得较少,水的比热容较大,因此水 升高的温度较少,D错误。故选C。,解题关键 认真分析表中的数据和掌握热量的计算公式是解答本题的关键。,3.(2019江苏南京,11,2分)利用图示甲、乙装置(燃烧皿内燃料和烧杯内液体未画出),既可以比较不同液体的 比热容,又可以比较不同燃料的热值。要求仅根据温度计示数的变化完成实验,则两个实验都需要控制相 同的 ( ) A.液体种类 B.燃料种类 C.液体质量 D.燃料质量,答案 C 比较不同液体的比热容时,若仅根据温度计示数的变化完成实验,就需要控制相同时间内两燃烧 皿内燃料提供的热量相同,烧杯相同,液体的质量
20、相同。比较不同燃料的热值,则需要控制烧杯中液体的质 量、种类相同。故A、B、D错误,C正确。,方法说明 控制变量法。,4.(2019广西北部湾经济区,20,3分)汽车的发动机常用水作为降温的物质,这是水的 较大的缘故。 汽油的热值是4.6107 J/kg,1 kg汽油完全燃烧放出的热量是 J。目前热机的效率还比较低,在热机 的能量损失中, 带走的能量最多,设法利用这部分能量,是提高燃料利用率的重要措施。,答案 比热容 4.6107 废气,解析 水的比热容较大,相同质量的水和其他物质,升高相同的温度,水吸收的热量更多,所以选水作为发动 机的降温物质;利用Q放=qm求出汽油完全燃烧放出的热量;在热
21、机的各种热损失中,废气带走的能量最多。,5.(2019云南昆明,14,2分)将0 的水和等质量的80 的水相混合,则混合后水的温度是 ;若将0 的冰和等质量的80 的水相混合,结果发现,冰全部熔化成了水,但水的温度维持0 ,这个现象说明 。(不计热量损失),答案 40 冰在熔化过程中吸热,温度不变,解析 设0 的水温度从t01升高到t,吸收的热量为Q1;80 的水温度从t02降低到t,放出的热量为Q2;不计热量 损失,则Q2=Q1,即cm(t-t01)=cm(t02-t),由题意知t01=0 ,t02=80 ,整理得t-0 =80 -t,解得t=40 。 若将0 的冰和等质量的80 的水相混合
22、,水的温度高于冰的温度,冰吸收热量,水放出热量,水的温度降低, 但是冰吸热熔化,水的温度仍然为0 ,说明冰在熔化过程中吸收热量,温度不变。,6.(2019广东广州,19,3分)(1)完全燃烧1.4 g 酒精释放的热量是完全燃烧0.7 g酒精释放热量的 倍。 0.7 g酒精完全燃烧释放的热量是2.1104 J。这些热量全部被100 g的液体A吸收,液体的温度升高了50 ; 完全燃烧1.4 g酒精释放的热量全部被200 g的液体A吸收,液体的温度升高了t= (不考虑散热)。 (2)现用图所示装置加热200 g的液体A,燃烧了1.4 g酒精,液体升高的温度小于t,有哪些原因会导致这个结 果?,答案
23、(1)2 50 (2)热量散失,水汽化带走部分热量,酒精燃烧不充分等。,解析 (1)根据Q=mq知,燃料完全燃烧的情况下,燃料质量增加1倍,放出的热量增加1倍;根据题意,液体吸收 的热量是原来的2倍,液体质量是原来的2倍,同种液体比热容相同,由t= 可知,液体升高的温度也相同,为 50 。(2)实际操作中液体升高的温度小于理论值,原因有酒精燃烧不充分,热量散失在空气中,水汽化带走 部分热量等,答案不唯一。,7.(2019云南,23,8分)太阳能是21世纪重点开发利用的能源之一,如今太阳能热水器已走进了千家万户。如 图所示,某家庭太阳能热水器接收太阳能总有效面积为2 m2,1 m2面积上1 h接
24、收到的太阳能平均为2.52106 J。若阳光照射该热水器5 h,可以使质量为80 kg的水温度升高30 。c水=4.2103 J/(kg),q干木柴=1.2107 J/ kg求: (1)水吸收的热量; (2)若这些水吸收的热量全部由燃烧干木柴来提供,需要完全燃烧多少千克干木柴(假设干木柴完全燃烧放 出的热量全部被水吸收); (3)该太阳能热水器的效率及开发利用太阳能的优点。,答案 (1)1.008107 J (2)0.84 kg (3)40% 节能、环保(合理即可),解析 (1)Q吸=c水m水t=4.2103 J/(kg)80 kg30 =1.008107 J(2分) (2)Q放=Q吸=1.0
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