2019年江苏省苏州市中考物理试题（含答案）.doc

1、2019年苏州市初中毕业暨升学考试试卷物理注意事项1.本试卷选择题共24分，非选择题共76分，全卷满分100分；考试时间100分钟；2.答题前，考生务必将自己的姓名、考点名称、考场号、座位号用0.5毫来黑色墨水签字笔填写在答题卡的相应位置上；并认真核对条形码上的准考号、姓名是否与本人的相符合；3.答客观题必须用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案；签主观题须用0.5毫来黑色墨水签字笔写在答题卡上指定的位置上，不在答题区域内的答案一律无效；不得用其他笔答题；4.考生答题必须答在答题卡上，答在试卷和草稿纸上一律无效。一、选择题(本题共12小题，每小题

2、2分，共24分，每小题给出的选项中只有，个选项符合题意)1.中科院苏州纳米所的科研人员近期研制出一种超级保温材料”实验测试显示、在60环境中，其保温能力是棉纤维的2.8倍，这体现了该材料( )A导热性差 B.导电性好 C硬度大 D.密度大【答案】A【解析】本题考查物质的物理属性：从题目中可以得知材料的保温性能，是指的热性方面的物理属性，只有A符合题意。2.下列数据用，符合实际情况的是( )A一个学准的量约为500gB苏州地区6月份的平均气温约为50C一支全新2B船笔的长度约为20mmD成人正常步行的速度约为1.4m/s 【答案】D【解析】A一个学准的量约为59kg，因此错误；B苏州地区6月份的

3、平均气温约为25左右，因此错误C一支全新2B船笔的长度约为20cm，错误D成人正常步行的速度约为1.4m/s ，正确3.关于声现象，下列说法正确的是( )A声能在真空中传播B声音是由于物体振动产在的C:根据响度能分分辨不同乐器的声音D. “禁止鸣笛”是在人耳处控制噪声 【答案】B【解析】综合考察了声音的产生、传播、特征、和噪声的控制A声不能在真空中传播，传播需要介质，因此错误B任何声音都是由于物体振动产在的，故正确C:根据音色能分辨不同乐器的声音，故错误。D. “禁止鸣笛”是在声源处控制噪声4.下列现象属于熔化的是( )A.清晨枝叶露珠 B.太阳升起后浓雾散去 C.气温升高冰雪融化 D.冬天铁

4、丝网出现白霜【答案】C【解析】考察生活中常见的物态变化。A.清晨枝叶露珠是由水蒸气液化形成，不合题意； B.太阳升起后浓雾散去 是液态小水珠发生了汽化，以蒸发的形式消失，故不合题意； C.气温升高冰雪融化属于熔化，故正确；D.冬天铁丝网出现白霜，是水蒸气发生了凝华，故不合题意5.下列现象由于光的直线传播而形成的是( )A.雨后天空出现彩虹 B.物体在阳光下有影子C.玻璃幕墙造成光污染 D.斜插人水中的筷子“弯折”【答案】B【解析】简单考察光现象A.雨后天空出现彩虹是由于光线发生了折射；故错误；B.物体在阳光下有影子是光线的直线传播，故正确；C.玻璃幕墙造成光污染 是光线发生了反射，故错误D.斜

5、插人水中的筷子“弯折”是光线的折射造成的，故错误。6关于粒子和宇宙，下列说法正确的是( )A.地球绕太阳运行，太阳是宇宙的中心B.分子由原子组成，原子由质子和中子组成C.水和酒精均匀混合后总体积变小，因为分子间存在空隙D.两个表面光滑的铅块紧压后会粘在起，因为分子间存在排斥力【答案】C【解析】A.地球绕太阳运行，太阳是宇宙的中心，错误B.分子由原子组成，原子由原子核和核外电子组成，故错误；C.水和酒精均匀混合后总体积变小，因为分子间存在空隙，正确D.两个表面光滑的铅块紧压后会粘在起，因为分子间存在吸引力，故错误7.下列实例中，通过增大接触面粗糙程度来增大摩擦的是( )A.轮胎表面有槽纹B轴承内

6、部有滚珠C.在齿轮间加入润滑油D皮带传动需将皮带张紧【答案】A【解析】考察摩擦力的应用，BCD都属于减小摩擦的措施，故A正确8.关于电动自行车，下列说法不正确的是( )A.废旧电瓶会污染环境，不可随意处置B.电流具有热效应，长时向充电有火灾隐患C.车上装有电动机，其工作原理是电磁感应D.要使车加速前进，可增大通过电动机的电流【答案】C【解析】A.废旧电瓶会污染环境，不可随意处置，说法正确，不合题意B.电流具有热效应，长时向充电有火灾隐患，说法正确，不合题意C.车上装有电动机，其工作原理是通电导体在磁场中受力转动，故错误D.要使车加速前进，可增大通过电动机的电流正确的，也可以通过增强磁场强度来实

7、现。故说法正确。9.将凸透镜正对太阳，可在距凸透镜15cm处得到一个最小、最亮的光斑。现将该凸透镜和蜡烛、光屏安装到光具座上，位置如图所示，下列说法正确的是( )A.此时可以在光屏上观察到清晰缩小的像B.仅在凸透镜左侧附近放一合适的凹透袋，可模拟近视眼的矫正C.将蜡烛形到30cm刻度处，移动光屏可在屏上得到清晰等大的像D.将蜡烛移到40cm刻度处，动光屏可在光屏上很到清晰放大的像【答案】B【解析】考察凸透镜的成像规律，A.由题意可知，透镜的焦距时15cm，如图所示物距是40cm大于二倍焦距，在透镜的另一侧一倍焦距和二倍焦距之间成倒立缩小的实像，而如图光屏却在二倍焦距之外，因此不成像，故A错误；

8、B.仅在凸透镜左侧附近放一合适的凹透袋，相当于使成像在视网膜前面的像，通过凹透镜的发散作用使像落在视网膜上，说法正确。故A正确；C.将蜡烛形到30cm刻度处，物距在一倍和二倍焦距之间，根据成像规律，移动光屏可在屏上得到清晰放大的实像，而不是等大的，故C错误；D.将蜡烛移到40cm刻度处，物距在一倍焦距之内，此时凸透镜右侧不成像，在物体同侧会成正立放大的虚像，动光屏无法得到任何像，故D错误。10.如图甲所示，将质量相等的冰和烛蜡分别装在两个相同的试管中，放入装有水的烧杯中加热绘制出温度随时间变化的图像如图乙所示.下列说法正确的是( )A.图甲中的实验装置，安装时应按照“由上到下”的顺序B.图甲中

9、两试管放在同一烧杯中加热，可以控制相同时间内冰和烛蜡吸收的热量相同C.由图乙可知，A图线对应物质的内能先增大后不变再增大D.由图乙可知，B图线对应的物质是冰【答案】B【解析】考察实验的组装、晶体和非晶体区别、实验过程中能量的变化。A.图甲中的实验装置，安装时应按照“由下到上”的顺序；故错误；B.图甲中两试管放在同一烧杯中加热，可以控制相同时间内冰和烛蜡吸收的热量相同；正确C.由图乙可知，A图线对应物质的内能一直是增大的，虽然在熔化过程中温度保持不变，但是仍然在吸收热量，内能继续增大。故错误；D.由图乙可知，B图线对应的物质是非晶体，没有固定的熔点，而冰有固定的熔点，故错误。1l.额定电压均为6

10、V的甲、乙两灯，U图线如图所示下列说法正确的是( )A.甲、乙两灯的电阻均随电压增大而减小B.甲、乙两灯的额定功率之比为4:1C甲、乙两灯并联接在电压为2V的电源两端时，电阻之比为3：2D.甲、乙两灯串联接在电压为8V的电源两端时，实际功率之比为1:3【答案】D【解析】A.图线的斜率恰好是电阻的倒数，斜率越大电阻越小，因此由图可知斜率逐渐变小，即电阻逐渐变大，故A错误；B.当电压都是6V的时候，正常工作，此时甲灯泡I=0.6A，乙灯泡I=0.3A，由P=UI计算可得P甲=3.6W，P乙=1.8W，甲、乙两灯的额定功率之比为2:1，故B错误；C甲、乙两灯并联接在电压为2V的电源两端时，由图可知甲

11、灯泡电流为0.3A，乙灯泡电流为0.2A，由R=U/I可得：电阻之比为2：3，故C错误；D.甲、乙两灯串联接在电压为8V的电源两端时，根据图中信息可知此时电流为0.3A，则电压之和为8V，由P=UI可知，实际功率之比为1:3，故D正确。12.将皮球从离地某一高度O点处水平抛出，球落地后又弹起，它的部分运动轨迹如图所示，下列说法正确的是( )A.皮球经过同高度的A、B两点时动能相等B皮球第一次反弹后到达最高点P点时速度为零C皮球在D点时的机械能小于在C点时的机械能D,若将皮球表面涂黑，则会在地面M、N两点留下两个大小相等的黑色圆斑【答案】C【解析】A.皮球经过同高度的A、B两点时由于空气阻力的影

12、响B动能小于A处的动能。故错误B皮球第一次反弹后到达最高点P点时竖直方向上是速度为零，但是水平方向上由于继续向右移动，因此水平方向速度不为0.故错误；C皮球由于受到空气阻力的影响，机械能逐渐减小，因此从C到达D时，机械能也存在损失，故C正确；D,若将皮球表面涂黑，由于空气阻力影响 M、N两点的机械能不相等，因而留下的两个黑色圆斑也是不一样，应该M处较大。故D错误。二、填空题(木题共10小题，每空1分，共26分) 13.如图甲所示，木块的长度为 cm:如图乙所示，弹簧测力计的示数为 N【答案】2.25（0.02）；1.2.【解析】（1）考察刻度尺的使用，首先分清量程和分度值，分度值是0.1cm，

13、注意起始测量位置，由图可知，整数部分是2cm，小数部分为0.2cm加上估读到分度值的下一位，因此为2.25（0.02）。（2）考察弹簧测力计的读数：看清量程0-5N，分度值是0.2N，由图可知为1.2N。14.我国家庭电路电压是 V；蒸汽熨斗接入电路熨烫衣物时，水蒸气液化会 热量；衣物内能增加主要是通过 的方式来实现的。【答案】220；放出；热传递。【解析】本题考查，家庭电路常识，物态变化的特点，内能改变的方式。我国家庭电路电压220V是物理常识，液化过程中伴随着热量的放出，熨斗发热后和衣物是接触的，熨斗温度较高，衣物温度较低，因此会发生热传递，使得衣物内能增加。15.小明用力将足球踢出后，足

14、球在空中持续飞行一段时间，这是因为足球具有 ；同时他的脚感觉疼痛，这是因为力的作用 的。【答案】惯性；相互。【解析】主要考察力和运动的关系，以及力的特点。足球离开脚以后，根据牛顿第一定律，由于要保持原来的状态，因此会继续向前飞行一段，这种属性叫做惯性。踢球的过程中，力的作用是相互的；人对球施加力的同时，也会受到一个反作用力，因此会感觉到疼痛。16.煤、石油、天然气是 能源(选填“可再生”成“不可再生”)，核能是日前被广泛应用的新能源我国已建成十余座核电站，它们是利用 (选填“核裂变”或“核聚变”)反应所释放的能量来发电的。【答案】不可再生；核裂变。【解析】主要考察能源的基本分类，和常见的新能源

15、：核能的利用。煤、石油、天然气都是化石能源，随着人们的开采，总量会越来越少，因此是不可再生能源；核电站对核能的利用主要是利用核裂变释放的能量来发电的。17.2019年4月23日，中国人民海军成立70周年阅兵仪式在黄海举行(1)两并排行驶的舰艇编队间距较远(如图所示)，这是因为若靠得过近，彼此间海水流速会很大，导致压强很 ，压力差会使舰艇发生碰撞(2)在仪式上，我国研制的新型核潜艇浮出水面接受检阅，它是通过减小所受 (选填“重力”或“浮力”)实现上浮的(3)901综合补给舰也一起亮相，该舰的满载排水量约为40000t,它满载时所受的浮力大约为 N(g=10N/kg)【答案】（1）小；（2）重力；

16、（3）4108.【解析】考察压强与流体的关系，浮力的影响因素，阿基米德原理的应用。（1）根据压强和流体的关系，流体的速度越大，受到的压强就会越小。（2）潜艇的沉浮是通过改变自身的重力来实现沉浮的，利用浮力和重力的关系达到目的。（3）舰艇满载时，根据阿基米德原理，F浮=G排：排水所受到的重力就等于浮力。再根据G排=m水g=4108N.18.如图所示电路中，电电压为3V.R1和R2阻值相等.若断开S2闭合S1,两电阻的连接方式为 (选填“串联或并联”)：若断开S1 S3闭合S2,此时电压表示数为 V【答案】并联；1.5.【解析】考察电路的连接方式、以及串并联的特点。断开S2闭合S1此时两电阻的两端

17、都接在了电源的两端，根据并联的特点可知，两电阻的连接方式为并联，若断开S1 S3闭合S2，此时R1和R2是串联，由于两电阻相等，因此根据串联的特点，等流分压，分担的电压是相等的，所以都为1.5V.19.如图甲所示，一个装有适量水的烧杯放置在水平来面上，将一装满水的小试管(管壁厚度不计)倒扣在水中，对小试管施加一个竖真向上的拉力F,使其缓慢上升到如图乙所示位置，在此过程中，小试管中一直充满水，这是由于 的作用，试管口中心的压强 （选填“变大”、“变小”或“不变”)。【答案】大气压；变小.【解析】考察大气压、液体压强的特点；由于在试管上升的过程中，由于大气压的作用使得内部始终充满水，根据大气压的常

18、识，大气压的数值相当于10米多水柱产生的压强。试管口位置的液体由于在水杯中的深度逐渐变小，根据液体压强的特点，深度越小，所受液体压强越小。20.如图所示，在空气压缩引火仪玻璃筒的底部放一小团干燥的棉花，用力将活塞迅速下压，棉花被点燃，此过程的能量转化方式与汽油机的 冲程相同；某效率为25%的汽油机在一次工作中消耗了体4kg汽油，该汽油机对外做的机械功为 (汽油热值为4.6107J/kg)【答案】压缩；4.6107.【解析】考察内能的利用，热机的四冲程、热效率的相关计算；用力将活塞迅速下压，棉花被点燃，是此过程是机械能转化为内能，相当于汽油机的压缩冲程；燃烧4kg的汽油释放的热量为Q放=mq=4

19、.6107J/kg4kg=1.84108J；汽油机的热效率为25%即被汽油机吸收的热量来做机械功的能量占总消耗能量的25%，所以被汽油机吸收的热量Q吸=1.84108J25%=4.6107J.21.如图所示，一氢气球用细绳系在玩具车上，静置广场的光滑水平地面上，当有匀速的风沿水平方向向右吹来，气球和玩具车在风力作用下向前运动，说明力能改变物体的 ；玩具车在向右运动的过程中 选填（可能”不可能”）被风吹离地面，一段时间后玩具车匀速前进，此时细绳 （选填“向左倾斜”向右倾斜”或”保持竖直）”。 【答案】运动状态；不可能；保持竖直。【解析】考察力的作用效果、力与运动的关系、牛顿第一定律。静止的小车在

20、风力的作用下发生了运动，说明力能够改变物体的运动状态；因为风力是水平向右的，在竖直方向上没有向上的力，因此不会吹离地面；当小车匀速前进时，小车和气球都处于平衡状态，因此气球水平方向不受力，竖直方向上只受小车给它的拉力以及浮力，因此保持竖直。22阅读材料，回答问题新社电：2019年5月17日23时48分，我国在西昌卫星发射中心用长征丙运载火箭，成功发射一题北斗导航卫星。该卫星属地球静止轨道卫星，它运行在位于地球赤道上空约36000km的圆形轨道上，运行方向与地球自转方向相同，运行一周的时间与地球自转一周的时相等。地球静止轨道卫星可以对所覆盖区域实现24小时不间断的移动通信，如卫星电话、电视节目转

21、播、卫星电话使“天涯若比邻”成为了现实。两人通过卫星通话时、发出“呼叫“与听到“回应”“之间有一段时间差称之为“延迟时间”。（1）火箭发射时，高温高压燃气点从尾部喷出，火箭获得上升的推力，该推力的施力物休是 。地球静止轨道卫星沿圆形轨道正常运行时相对于地面是 (选填”运动”或“静止”)的，此时卫星 （选填“处于”或“不处于”）平衡状态。（2）卫星电话是通过 （选填“超声波”成“电磁波”）来传递信息的，请你估算出使用卫星电话通话的“延迟时间”至少 s。【答案】（1）燃气；静止；不处于（2）电磁波；0.48。【解析】主要考察机械运动、作用力与反作用力、牛顿第一定律、电磁波的应用。（1）火箭发射时，

22、火箭获得向上的力是由于气体燃烧向下喷出，根据作用力与反作用力而获得的，因此施力物体是燃气。地球静止轨道卫星沿圆形轨道正常运行时相对于地面是静止的，相当于地球的同步卫星，因此相对于地球来说是静止；由于卫星是做的圆周运动，根据牛顿第一定律，卫星不处于平衡状态。（2）卫星的通信是利用电磁波完成，电磁波可以在真空中传播，而声音的传播必须要介质，因此选择电磁波；电磁波的速度近似光速V=3.0108m/s。根据v=s/t得，t=0.48s。三、解答题(木题共8小题，共50分解答24、25、26题时应有解题过程)23.(8分)按题日要求作图：(1)图甲中，一条光线从空气射入水中，请标出它的入射角并大致画出折

23、射光线(2)图乙中，物块沿绝对光滑的斜面下滑，请画出物块受力的示意图：(3)图丙中，请将灯泡按照安全用电的要求接入家庭电路；(4)图丁中，请根据小磁针静止时的指向画出P点的电流方向并标出螺线管的N极【答案】【解析】（1）过入射点作法线，再根据光从空气斜射入水中时，折射角小于入射角即可作图；（2）因为斜面是绝对光滑的，因此不受摩擦力，只受重力和斜面给它的支持力；过物体重心画带箭头的线段，方向竖直向下，符号为G，然后过重心画带箭头的线段方向垂直于斜面如图所示；（3）根据安全电路的原则以及家庭电路的连接特点，灯泡应并联接在电路中，开关安装在火线上，如图所示；（4）由安培定则可判出螺线管的磁极，根据磁

24、体外部磁感线的特点标出磁感线的方向24.(6分)如图所示，利用动滑轮提升货物在竖直向上、大小为250N的拉力F作用下，重为400N的货物在20s的时间内匀速上升5m,求： (1)有用功W有 (2)拉力F的功率P (3)此过程中动滑轮的机械效率。【答案】（1）2000J；（2）125W；（3）80%。【解析】本题主要考察滑轮的特点、功、机械效率的相关计算。（1）有用功W有=Gh=400N5m=2000J；（2）拉力F做的功为总功，根据题意做功时间t=20s，根据W=FS,得:W总=FS=250N（25）m=2500J.根据W=Pt，所以拉力F的功率P= W总/t=2500J/20S=125W.(

25、3)滑轮组的机械效率=W有/W总=2000J/2500J100%=80%。25.(6分)某款电热水壶的相关信息如表所示，现在该水壶内装入质量为1kg、初温为20的水，放置在水平桌面上接通电源使其正常工作，在标准大气压下将水烧开(不计热量损失)求：(1)装入水后水壶对桌面的压强p；(2)水吸收的热量Q；(3)将水烧开听需时间t；(c=4.2103J/(kg)。g=10N/kg)【答案】（1）750pa；（2）3.36105J；（3）336s。【解析】本题考查、电功电热、压强、焦耳定律的基本运算。（1）装入水后，水壶的总重量G总=G自+G水=5N+1kg10N/kg=15N；根据P=F/S得P=G

26、总/s=15N/20010-4m=750pa；（2）将水烧开所吸收的热量根据Q吸=cmt得：Q吸=cmt=4.2103J/(kg) 1kg（10020）=3.36105J；（3）根据W=Pt得，t=W/P=Q/P=3.36105J/1000W=336s.26.(6分)如图所示电路中，电源电压为6V,电阻R1、R2的阻值分别为12和6闭合开关S则：(1)电流表的示数是多少？(2)求电阻R2在1min内消托的电能；(3)断开s，将电阻R2拆下，再将最大阻值为30的滑动变阻器R3接入剩余电路中，重新闭合S，移动滑片，记录电流表示数如下表所示表中有1个数据记录错误，该数据是 ；请根据表中数据判断R1与

27、R3的连接方式并简述理由： 。【答案】（1）0.5A；（2）360J；（3）0.12A;表中第2、3组数据电流值均小于0.5A，有欧姆定律可知，电路总电阻变大，故两电阻应为串联。【解析】本题考查并联电路的特点、焦耳定律、电路的连接方式。（1）由图可知，两电阻是并联，电流表测量的支路R1的电流。根据欧姆定律I=U/R得：I=U/R1=6v/12=0.5A；（2）电阻R2并联在电源两端，U=6v；电阻已知R2=6，根据W=Ut/R2=(6v)60s/6=360J；（3）当滑动变阻器和R1串联时，滑动变阻器30全部接入电路时，总电阻应该是最大为42此时根据欧姆定律可以算出电路中的最小电流I=6v/4

28、20.14A，故0.12A明显错误；表中第2、3组数据电流值均小于0.5A，有欧姆定律可知，电路总电阻变大，故两电阻应为串联。27.(5分)“探究光的反射规律”的实验装置如图甲所示，平面镜放在水平桌面上，标有刻度(图中未画出)的白色纸板ABCD。能绕垂直于CD的ON轴翻转，在纸板上安装一支可在纸板平面内自由移动的激光笔。(1)实验前，应将纸板 放置于平面镜上；移动激光笔，使入射光束绕入射点O沿逆时针方向转动，可观察到反射光束沿 时针方向转动；(2)移动激光笔，使入射角为45，测得反射角也为45，由此就得出“光反射时，反射角等于入射角”的结论你认为有何不妥之处？ ；(3)如图乙所示，将纸板右半部

29、分绕ON向后翻转任意角度，发现纸板上均无反射光束呈现此现象说明了： ；(4)在图甲中，若将纸板(连同激光笔)绕CD向后倾斜，此时反射光束 。A.仍在纸板上呈现 B.被纸板挡住 C.在纸板前方【答案】（1）垂直（竖直）；顺；（2）一次实验得到的结论具有偶然性；（3）反射光线、入射光线和法线在同一平面内。（4）C。【解析】本题考查光的反射规律的基础实验；（1）实验前，应将纸板垂直放置于平面镜上，便于观测反射光线，入射光束绕入射点O沿逆时针方向转动时，入射角增大，反射光线的反射角也会相应增大，因此反射光线远离法线，即顺时针转动；（2）为了得出普遍规律，一般采用多次测量，多次实验从而避免实验的偶然性，

30、更能得出普遍规律。（3）将纸板右半部分绕ON向后翻转任意角度，发现纸板上均无反射光束呈现此现象说明了反射光线、入射光线和法线在同一平面内。（4）无论入射光线怎样移动变化，法线始终是垂直于镜面，且满足反射光线、入射光线、法线在同一平面内；反射光线、入射光线分居在法线两侧，因此入射光线向后倾斜，那么反射光线就会出现在纸板前方。28.(5分)利用杠杆开展相关实验探究：(1)安装好杠杆，将其放到水平位置后松手，发现杠杆沿顺时针方向转动，如图甲所示。则应将平衡螺母向 (选填“左”或“右”)调节，直到杠杆在水平位置平衡；(2)如图乙所示，在A点挂3个重力均为0.5N的钩码，在B点用弹簧测力计竖直向下拉杠杆

31、，使其在水平位置平衡，弹簧测力计的示数为 N；若在第(1)小题所描述的情形中未调节平衡螺母而直接开展上述实验，弹簧测力计的示数会 (选填“偏大”、“偏小”或“不变”)；(3)始终竖直向下拉弹簧测力计，使杠杆从水平位置缓慢转过一定角度，如图丙所示，此过程中，弹簧测力计拉力的示数会 (选填”变大”、“变小”或“不变”，下同)，拉力的大小 。【答案】（1）左；（2）2.0；偏小；（3）变小；不变。【解析】本题考查杠杆的平衡条件以及实验过程中的细节问题。（1）调节平衡的方法是通过调节平衡螺母来实现的，哪一侧高，螺母就向相同的方向调节。（2）根据杠杆的平衡条件：F1L1=F2L2，就可以算出弹簧测力计的

32、示数；如果（1）中未调节平衡，杠杆顺时针转动，即右侧重，即杠杆的重心在右侧，那么根据平衡条件可以得知弹簧测力计示数偏小；（3）杠杆在旋转的过程中，缓慢转过一个角度说明仍杠杆本身处于平衡状态，因此外力的大小保持不变；而弹簧测力计和砝码的力臂都会减小，由于阻力臂减少量大于动力臂减少量，因此拉力大小会变小。29.(6分)用不同的方法测量小石块和小瓷杯的密度，(1)测小石块的密度天平放置于 工作台上，将游码移到标尺 处，调节平衡螺母使横梁平衡用此天平测量小石块的质量，右盘所加砝码和游码位置如图甲所示，则小石块的质量为 g,在量筒内放入适量的水，用细线绑好小石块，缓慢放入水中，如图乙所量为示，则小石块的

33、密度为 kg/m3(2)测小瓷杯的密度如图丙所示，先在量筒内放入适量的水，液面刻度为V1；再将小瓷杯浸没于水中，液面刻度为V2；最后捞起小瓷杯并将杯中的水倒回量筒，使其浮于水面(水未损失)，液面刻度为V3小瓷杯密度的表达式= (用V1、V2、V3和p水表示)。实验完毕后发现小瓷杯内的水未倒干净，则所测结果 (选填“偏大”、“偏小”或“不变”)【答案】（1）水平；刻度线17.4；3.4810（2）水（V3V1）/( V2V1)；不变【解析】本题主要考察密度的测量、天平的使用、阿基米德原理。（1）天平的使用要放置在水平桌面上，然后游码置于0刻度线处，然后去调平。天平的读数：砝码的质量+游码的示数即

34、：m=10g+5g+2.4g=17.4g；注意游码读数时要读左侧的刻度和横梁的分度值。由图可知小石块的体积V=5ml，然后根据:=m/v=17.4g/5ml=3.4810kg/m3.（2）初始液面刻度为V1；再将小瓷杯浸没于水中，液面刻度为V2；由此可以算出小瓷杯的体积：V杯= V2V1；捞起小瓷杯并将杯中的水倒回量筒，使其浮于水面(水未损失)，液面刻度为V3；瓷杯将水倒回后，体积仍是V1，放入空杯后漂浮于水面，F浮=G；根据阿基米德原理F浮=G排水=水V排；而此时V排=（V3V1），因此根据=m/v求得：=水（V3V1）/( V2V1)。如果瓷杯内水未倒干净，假如剩余V则，V杯= V2V1V

35、；V排= V3V1V；而V2V= V2；V3V= V3。因此所测结果不受影响。30.(8分)小明要测量定值电阻Rx的阻值(约十几欧)现有器材：电源(6V)、滑动变阻器、电流表、电压表，开关各一个，导线若干。(1)他设计并连接了如图甲所示电路请用笔画线代替导线，将该电路连接完整；(2)电路连好后，闭合开关前，应将滑动变阻器滑片移至最 端闭合开关，移动滑片到某一位置，电压表示数如图乙所示，此时Rx两端的电压为 V。(3)当小明准备读取电流表示数时，发现两电表示数突然都变为0.他用一条导线检查电路故障，当将该导线两端分别接到a、d接线柱上，发现电流表有示数，电压表示数仍为0;当将该导线两端分别接到c

36、、f、接线柱上，发现电压表有示数，电流表示数仍为0;则由此可以判断故障是： ；(4)排除故障后继续实验，却不慎将电流表损坏，小明发现桌上有一根标有长度刻度、总长为20.0cm、总阻值为10的均匀电阻丝，还有一根带有鳄鱼业的导线(如图丙所示)查阅资料了解到，均匀电阻丝阻值与长度成正比，经过思考，重新设计了如图丁所示的电路(AB为电阻丝，C为鳄鱼夹)，继续进行实验根据已知条件判断，电压表量程应选用 V，按照图丁所示电路连接好器材，多次实验测得数据如下表所示：求出第1次实验时电路中的电流I1= A;利用表中所有数据求出待测电阻Rx= 【答案】（1）如图所示（2）左；1.2；（3）c、d间电路断路（不

37、通）（4） 03 ；0.4；14.【解析】本题考查的伏安法测电阻实验：包括实验器材组装、电路故障分析、仪表的使用，数据的处理。（1）电压表测量对象是未知电阻，因此是要并联在未知电阻两端，滑动变阻器的接法要注意“一上一下”原则如图所示；（2）滑动变阻器连接时，为安全起见，应将全部电阻接入电路，由图可知应该将滑片移至最左端；电压表测量的是Rx的电压，因此根据示数可知其两端电压为1.2V，注意量程和分度值，然后再读数。（3）当将该导线两端分别接到a、d接线柱上，发现电流表有示数，电压表示数仍为0;说明a、d间出现了断路；当将该导线两端分别接到c、f、接线柱上，发现电压表有示数，电流表示数仍为0；说明c、d间电路断路（不通）。（4） 根据表格中数据，电压表的示数都没有超过3V，因此选择03V量程比较合适；第一组数据连入电路中电阻丝的长度为4cm，由题可知连入电路中的电阻R=(4/20)10=2；根据欧姆定律I=U/R得：I=0.8V/2=0.4A；根据表中信息和串联电路等流分压的特点，第一组数据中Rx分担电压为：U=（60.8）V，电流I=0.4A，根据欧姆定律变形可得R1=U/I可以求出R1=13；同理R2=14；R3=15；最后将三组数据取平均值R=14。