2019年江苏省淮安市中考物理真题试卷（含答案）.doc

1、2019年江苏省淮安市中考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题共8小题，每小题2分，共16分.每小題给出的四个选项中只有一个选每是符合題意的）1（2分）（2019淮安）在音乐会上，我们很容易分辨出二胡和笛子的声音，判断的依据是（）A响度B音色C音调D频率【解答】解：音色反映了声音的品质和特色，不同发声体的材料、结构不同，发出声音的音色也就不同。我们很容易分辨出二胡和笛子的声音，这是因为它们发出声音的音色不同，故B正确，ACD错误。故选：B。2（2分）（2019淮安）小明坐在正在驶的公共汽车上，他认为自己是静止的，所选取的参照物是（）A小明旁边的座位B路旁的树木C沿途的路灯D迎面驶来的公共

2、汽车【解答】解：A、小明坐在正在驶的公共汽车上，选定小明旁边的座位为参照物，小明和旁边的座位之间没有发生改变，以旁边的座位为参照物，小明是静止的；故A符合题意。BCD、坐在行驶的汽车中的小明，小明和路旁的树木、沿途的路灯、迎面驶来的公共汽车之间的位置都发生了变化，所以以路旁的树木、沿途的路灯、迎面驶来的公共汽车为参照物时，小明是运动的；故BCD不符合题意；故选：A。3（2分）（2019淮安）下列现象中，属于液化的是（）A 冰凌的消融B 霜的形成C 冰冻的衣服晾干D 露的形成【解答】解：A、冰凌的消融，是固态的冰变成液态的水，是熔化现象，故A不符合题意；B、霜是空气中的水蒸气遇冷形成的小冰晶，是

3、凝华现象，故B不符合题意；C、冰冻的衣服晾干，是固态的冰吸热直接变成水蒸气，是升华现象，故C不符合题意；D、露是空气中的水蒸气遇冷形成的小水滴，是液化现象，故D符合题意。故选：D。4（2分）（2019淮安）在日常生活中，摩擦的现象普遍存在。有益的摩擦需要增大，有害的摩擦需要减小。下列实例中是为了减小摩擦的是（）A鞋底凹凸不平的花纹B自行车的车轴处加润滑油C汽车的轮子加防滑链D自行车刹车时捏紧刹车闸【解答】解：A、鞋底凹凸不平的花纹，在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故A不合题意；B、自行车的车轴处加润滑油，在压力一定时，通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦力，故B符合题意；C、

4、汽车轮胎上装有防滑链，在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故C不合题意。D、自行车刹车时捏紧刹车闸，是在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力，故D不合题意；故选：B。5（2分）（2019淮安）如图所示是演示点火爆炸的实验装置，按动电火花发生器的按钮，点燃盒内酒精。盒盖迅速飞出。这个过程与四冲程汽油机中的哪一个冲程的能量转化相同（）A吸气冲程B压缩冲程C做功冲程D排气冲程【解答】解：如图所示是演示点火爆炸的实验装置，按动电火花发生器的按钮，点燃盒内酒精，盒盖被打出去，这是因为酒精燃烧产生的燃气对外做功，消耗燃气的内能，转化为盒盖的机械能，故是将内能转化为机械能的过程；四

5、冲程汽油机中的做功冲程就是利用内能来做功的冲程，也是将内能转化为机械能。故选：C。6（2分）（2019淮安）长江上，一艘满载货物的轮船在卸完一半货物后，该艘轮船（）A会浮起一些，所受浮力变小B会浮起一些，所受浮力变大C会下沉一些，所受浮力变大D会始终漂浮，所受浮力不变【解答】解：因轮船在江水中，处于漂浮状态，浮力等于重力，在码头卸下货物后，轮船重力变小，则受到的浮力变小；由公式V排知，排开水的体积减小，轮船要上浮一些，故A正确。故选：A。7（2分）（2019淮安）如图为“探究感应电流产生条件”的实验装置示意图，实程中磁体处于静止状态。关于这个实验，下列说法正确的是（）A导体棒处于靜止状态时，灵

6、敏电流计的指针发生偏转B导体捧沿竖方向向下运动时，灵敏电流汁的指针发生偏转C导体棒沿水平方向左右运动时，灵敏电流计的指针发生偏转D导体棒向右上方运动时，灵敏电流计的指针不发生偏转【解答】解：A、导体棒处于靜止状态时，没有做切割磁感线运动，不会产生感应电流，灵敏电流计的指针不发生偏转，故A错误；B、导体捧沿竖方向向下运动时，没有做切割磁感线运动，不会产生感应电流，灵敏电流计的指针不发生偏转，故B错误；C、导体捧沿竖方向向左右运动时，做切割磁感线运动，会产生感应电流，灵敏电流计的指针发生偏转，故C正确；D、导体棒向右上方运动时，做切割磁感线运动，会产生感应电流，灵敏电流计的指针发生偏转，故D错误。

7、故选：C。8（2分）（2019淮安）如图（a）所示是电阻甲和乙的IU图象（b）、（c）是它们的部分电路连接示意图，下列说法错误的是（）A当电阻乙两端电压为2.5V时，它的阻值和甲的阻值相等B图（b）中，当电压U为3V时，乙的电阻为5C图（c）中，当电压U为2V时，干路总电流为0.6AD图（c）中，在电压U从0增大到2.5V的过程中，通过甲、乙两电阻的电流之差先变大后变小【解答】解：A由图（a）可知，当电阻甲、乙两端电压为2.5V时，通过两者的电流均为0.5A，则由I的变形式R可知，电阻甲、乙的阻值相等，故A正确；B图（b）中，两电阻串联，由图（a）可知，当电路中的电流I0.2A、U甲1V、U乙

8、2V时，电压U为3V，此时乙的电阻R乙10，故B错误；C图（c）中，两电阻并联，由图（a）可知，当电压U2V、I甲0.4A、I乙0.2A时，干路总电流为0.6A，故C正确；D图（c）中，两电阻并联，由图（a）可知，在电压U从0增大到2.5V的过程中，通过甲、乙两电阻的电流之差先变大后变小，故D正确。故选：B。二、填空题（本题共10小題，每空1分，共24分）9（2分）（2019淮安）手机拨打、接听电活或WiFi上网都是利用了电磁波传递信息，该波能（选“能”或“不能”）在真空中传播。【解答】解：WiFi利用了电磁波中的微波技术进行信息传输，电磁波能在真空中传播。故答案为：电磁；能。10（3分）（2

9、019淮安）“足球进校园”推进了校园足球的发展。运动员将静止的足球踢飞，说明力可以改变物体运动状态；足球落地后会继续向前滚动。是因为足球具有惯性。当足球静止在水平地面上时。受到的重力和地面的支持力是一对平衡力（选填“平衡力”或“相互作用力”）。【解答】解：力可以改变物体的运动状态，所以运动员将静止的足球踢飞，运动状态发生变化；一切物体都具有惯性，落地后的足球由于惯性，要保持原来的运动状态，所以会在地面上滚动；当足球静止在水平地面上时，它受到的重力和地面的支持力大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上，是一对平衡力。故答案为：改变物体运动状态；惯性；平衡力。11（2分）（2019淮

10、安）如图所示是淮安某路口安装的一种太阳能交通信号灯。太阳能属于一种可再生（选填“可再生”或“不可再生”）能源，用半导体材料制成的LED（发光二极管）交通信号灯日夜发光，提醒着人们注意交通安全。【解答】解：太阳能从自然界源源不断得到，是可再生能源；LED灯是一种新型的高效节能光源，它的核心元件是发光二极管，二极管是由半导体材料制成的。故答案为：可再生；半导体。12（3分）（2019淮安）一些大厦的外部安装了平板玻璃，人们可以通过它看到自己的虚（选填“虚”或“实”）像。人靠近幕墙，像的大小不变（选填“变大”、“变小”或“不变”）。我国已经对玻璃幕墙的安装制定了限制性法规，因为玻璃幕墙会发生镜面（选

11、填“镜面”或“漫”）反射，造成光污染。【解答】解：因为平面镜成正立、等大的虚像，所以人们可以通过大厦的外部安装的平板玻璃幕墙看到自己的虚像；由于平面镜成的像与物大小相同，故人远离幕墙时像的大小不变；高楼大厦的玻璃幕墙造成的光污染是由于光的镜面反射引起的。故答案为：虚；不变； 镜面。13（3分）（2019淮安）小明在“探究杠杆平衡条件”的实验中：（1）实验前调节平衡蜾母使杠杆在水平位置平衡，目的之一是方便测量力臂；（2）如图甲所示。在杠杆左边A处挂4个钩码，要使杠杆在水平位置平衡，在杠杆B处挂3个钩码（实验中所用的钩码均相同）；（3）小明又用弹簧测力计。在C处竖直向上拉。如图乙所示。当弹簧测力计

12、逐渐向右倾时，使杠杆仍然在水平位置平衡。则弹簧测力计的示数将逐渐变大（选填“变大”、“变小”或“不变”）。【解答】解：（1）实验前调节平衡蜾母使杠杆在水平位置平衡，当杠杆在不挂钩码时处于水平平衡状态时，从支点到挂钩码处杠杆的长度即为力臂长度，目的之一是方便测量力臂；（2）设一个钩码的重力为G，杠杆一个小格代表L，图中，杠杆的左端：4G3L12GL，B处的力臂为4L，杠杆的右端：F24L12GL，解得F23G，即在B处挂3个同样的钩码；（3）弹簧测力计竖直向上拉杠杆时，拉力力臂为OC，当弹簧测力计逐渐向右倾斜时，拉力的力臂小于OC，拉力力臂变小，拉力变大，弹簧测力计示数变大。故答案为：（1）力臂

13、；（2）3；（3）变大。14（2分）（2019淮安）如图是“探究物体动能大小与哪些因素有关”的实验示意图（A为小球，B为木块）。在探究小球动能大小与速度的关系时，应保持小球的质量不变。本实验是通过木块B被推动的距离大小来反映小球动能的大小。【解答】解：在探究小球动能大小与速度的关系时，根据控制变量法的操作原则，应当保持小球的质量不变，本实验是通过木块B被撞击后前进的距离来反映小球动能大小的；故答案为：质量；被推动的距离大小。15（3分）（2019淮安）如图所示，工人将80N的重物提升了3m，所用的时间为20s，拉力为50N则工人做的有用功为240J拉力的功率是15W，动滑轮的机械效率是80%。

14、【解答】解：（1）工人做的有用功：W有用Gh80N3m240J；（2）拉力移动距离s2h23m6m，工人做的总功：W总Fs50N6m300J，拉力的功率：P15W；（3）动滑轮的机械效率：100%100%80%。故答案为：240；15；80%。16（2分）（2019淮安）如图所示。小车水平向右做直线运动。数字钟显示的时间格式是“时，分，秒”，则小车从起点到终点通过的总路程是4.50cm，全程的平均速度是0.90cm/s。【解答】解：小车运动的距离：s8.00cm3.50cm4.50cm，小车运动的时间t10：6：710：6：25s，小车的运动速度v0.90cm/s。故答案为：4.50；0.90

15、。17（2分）（2019淮安）为了测定风速大小，小明设计了如图所示的装置。装置中探头、金属杆和滑动变阻器滑片P相连，可上下移动。该装置利用了流体流速越大，压强越小的原理。现要求：当风吹过探头时，风速越大，电压表的示数越大，请对该装置提出一条合理的改进措施将电压表接在定值电阻两端。【解答】解：如图当有风吹过探头时，由于探头上表面凸，相同时间空气经过上表面的路程比下表面长，经过上表面的速度比下表面快，所以上表面的气压小于下表面的气压，探头将受到一向上的合力，滑片向上移动；故该装置利用了流体流速越大，压强越小的原理。当风速增大时，探头上下表面空气流速差较大，上下表面气压差较大，受向上的合力较大，滑片

16、上移，R2接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，由I可知，电路中的电流变大，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，R2两端的电压变小，即电压表的示数变小，若使风吹过探头时，风速越大，电压表的示数越大，可将电压表接在定值电阻两端，由UIR可知，R1两端的电压变大，电压表的示数变大。故答案为：小；将电压表接在定值电阻两端。18（2分）（2019淮安）如图所示。电源电压恒定不变，R为定值电阻。闭合开关，当滑动变阻器滑片P位于1位置时，电压表的示数为4V，电流表示数为0.2A；当滑片由1移至2位置（如图虚线位置）时，电压表示数为3V，电流表示数为0.3A则滑片置于1位置时滑动变阻器接入电路的阻

17、值为20，滑片由1移至2位置的过程中，定值电阻R的电功率变化量为0.5W。【解答】解：由电路图可知，定值电阻R与滑动变阻器串联，电压表测变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。当滑动变附器滑片P位于1位置时，变阻器两端的电压U14V，电路中的电流I10.2A，由I可得，此时滑动变阻器接入电路的阻值：R120，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电源的电压：UU1+I1R4V+0.2AR当滑片由1移至2位置时，变阻器两端的电压U23V，电路中的电流I20.3A，则电源的电压：UU2+I2R3V+0.3AR联立可得：R10，滑片由1移至2位置的过程中，定值电阻R的电功率变化量：PRPRPRI

18、22RI12R（0.3A）210（0.2A）2100.5W。故答案为：20；0.5。三、解答题（本题共10小题，共40分，解答第24题时，应写出解题过程）19（1分）（2019淮安）画出图中入射光线AO的反射光线。【解答】解：先过入射点作出法线，再根据反射光线和入射光线分居在法线的两侧，使反射角等于入射角作出反射光线OB即可，如图所示：20（1分）（2019淮安）画出图中靜止在斜面上的茶杯所受重力的示意图。【解答】解：过茶杯的重心沿竖直向下的方向画一条带箭头的线段，并用符号G表示，如图所示：21（1分）（2019淮安）在图内虚线框中，标出通电螺线管磁极的名称。【解答】解：由电源方向可知电流由正

19、极流向负极，则可知电流方向为由右端流入左端，由安培定则可得磁极方向是左侧为N，故答案如图：22（1分）（2019淮安）在图中。画出使用滑轮组提升物体时最省力的绳子绕法。【解答】解：图中只有一个动滑轮和一个定滑轮，要求最省力，则由3段绳子承担物重，是最省力的绕绳方法；绳子先系在动滑轮的固定挂钩上，绕过上面的定滑轮，再绕过动滑轮，如图所示：23（5分）（2019淮安）小明想通过实验测置小石块的密度。（1）将天平放在水平工作台上，游码移到标尺左端的零刻线处。观察到指针指在分度盘上的位置如图甲所示，此时应将平衡螺母向左调节，使指针对准分度盘中央刻度线。（2）用调好的天平测小孖块的质最。天平平衡时，右盘

20、中砝码和游码位置如图乙所示，则小石块的质量为64g。（3）如图丙所示，用量筒测出小石块的体积为20cm3。（4）通过计算，小石块的密度为3.2103kg/m3。【解答】解：（1）将天平放在水平工作台上，游码移到标尺左端的零刻线处。由图甲所示可知，指针偏向分度盘的右侧，应向左调节平衡螺母，使天平平衡。（2）由图乙所示可知，小石块的质量m50g+10g+4g64g。（3）由图丙所示可知，金属螺母的体积V40ml20ml20ml20cm3，（4）小石块的密度3.2g/cm33.2103kg/m3。故答案为：（1）零刻线处；左；（2）64；（3）20；（4）3.2103。24（8分）（2019淮安）如

21、图是一款家庭常用的电热水壶，经测量该电热水壶的质量为0.6kg，它与桌面的接触面积为0.02m2该电热水壶的额定电压为220V，额定功率为1000Wg取10N/kg，水的比热容为4.2103J/（kg）（1）求电热水壶的额定电流（保留一位小数）；（2）求电热水壶静止放在水平桌面上对桌面的压强；（3）用此电热水壶将1kg，初温为20的水加热到100，沸腾水至少吸收多少热量？（4）电热水壶正常工作时，若不考虑热量损失，将壶中质量为lkg、初温为20的水加热到100需要多长时间。【解答】解：（1）由PUI可得，电热水壶的额定电流：I4.5A；（2）电热水壶对桌面的压力：FGmg0.6kg10N/kg

22、6N，电热水壶对桌面的压强：p300Pa；（3）水吸收的热量：Q吸cmt4.2103J/（kg）1kg（10020）336000J；（4）已知不考虑热量损失，所以消耗的电能WQ336000J，由P可得，需要的加热时间：t336s。答：（1）电热水壶的额定电流为4.5A；（2）电热水壶对桌面的压强为300Pa；（3）水吸收的热量为336000J；（4）将壶中质量为lkg、初温为20的水加热到100需要336s。25（6分）（2019淮安）小明利用如图所示的实验装置观察水的沸腾现象。（1）组装器材时，应先固定图甲的B（选填“A”或“B”）。（2）水沸腾时温度计示数如图乙所示，则此时水沸点是99，水

23、沸腾过程中继续吸热，水的温度不变。（3）水沸腾时，水中气泡的情形为丙中A（选填“A”或或“B”）。（4）实验中是通过热传递的方式增加水的内能，若要缩短将水加热至沸腾的时间。请写出一种可行的办法提高水的初温或适当减少水量。【解答】解：（1）由于要用酒精灯的外焰加热，所以需先根据酒精灯固定图甲的B的高度；目的是使用酒精灯的外焰加热；（2）从图象可以看出水在沸腾过程中保持99不变，所以沸点为99水沸腾时，不断吸收热量，温度保持不变。（3）A中气泡在上升过程中体积逐渐变大，所以是沸腾时的现象；B图中气泡在上升过程中体积逐渐减小，所以是沸腾前的现象。（4）实验中，由于酒精灯火焰的温度较高，所以热由酒精灯

24、火焰传递给石棉网、烧杯底，然后传递给水，是通过热传递方式增加水的内能的；要缩短加热时间，可适当提高水的初温或适当减少水量。故答案为：（1）B；（2）99；不变；（3）A；（4）热传递；提高水的初温或适当减少水量。26（6分）（2019淮安）如图所示为“探究凸透镜成像规律”的实验装置图，已知凸透镜的焦距为10cm。（1）为了便于观察实验现象，实验环境应该较暗（选填“较亮”或“较暗”）一些。（2）组装并调整实验器材。使烛焰和光屏的中心位于凸透镜的主光轴上。（3）如图所示，当蜡烛距离凸透镜40cm时，移动光屏，可在光屏上找到一个清晰的倒立、缩小（选填“放大”、“等大”或“缩小”）的实像。日常生活中照

25、相机（选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）就是利用这一原理工作的。（4）将图中的凸透镜换成焦距为30cm的凸透镜，保持蜡烛和凸透镜的位置不变，在光具座上移动光屏，不能（选填“能”或“不能”）找到某一位置，使像清晰的呈现在光屏上，理由是像距大于主光轴的长度。【解答】解：（1）为使实验现象更加明显，实验环境应该比较暗，这样成的蜡烛的像更加清晰；（2）探究凸透镜成像的实验时，必须调整烛焰、凸透镜、光屏三者的中心在同一高度，且使烛焰和光屏的中心位于凸透镜的主光轴上，这样像才能成在光屏的中央。（3）如图所示，当蜡烛距离凸透镜40cm时，物距大于2f，凸透镜成倒立缩小的实像，移动光屏，可在光屏上找到一

26、个清晰的倒立缩小的实像；照相机就是利用这一原理工作的。（4）将图中的凸透镜换成焦距为30cm的凸透镜，保持蜡烛和凸透镜的位置不变，物距处于f和2f之间，凸透镜成倒立缩小的实像，像距大于2f，在光具座上移动光屏，不能找到某一位置，使像清晰的呈现在光屏上，理由是像距大于主光轴的长度。故答案为：（1）较暗；（2）主光轴；（3）缩小；照相机；（4）不能；像距大于主光轴的长度。27（6分）（2019淮安）如图中所示，在“测量小灯泡电功率”的实验中，电源电压为4.5V，小灯泡额定电压为2.5V，电阻约为10。（1）请用笔画线代替导线，将图甲中的实物电路连接完整。（2）连接电路时，开关应处于断开状态。（3）

27、实验中无论怎么移动滑片P，发现小灯泡始终不亮，电压表有示数，电流表无示数，原因可能是灯泡断路（写出一种即可）（4）排除故障后，移动滑片P到某位置，电压表示数如图乙所示，示数为2.2V；要测量小灯泡的额定功率，应将滑片PB（选填“A”或“B”）端移动，使电压表示数为2.5V。（5）移动滑片P，记录多组对应的电压表和电流表的示数，绘制成IU图象。根据图内所给的信息。计算出小灯泡的额定功率是0.5W。【解答】解：（1）灯泡的电流约：I0.25A，因此电流表选择00.6A的量程，并且电流表与灯泡串联，电流从电流表的正接线柱流入，从负接线柱流出，如图：（2）连接电路时，开关要处于断开状态；（3）小灯泡始

28、终不亮，电压表有示数，电流表无示数，则可能与电压表并联的灯泡断路；（4）电压表选择03V量程，每一个大格代表1V，每一个小格代表0.1V，电压为2.1V；灯泡实际电压小于额定电压，为了使灯泡正常发光，滑动变阻器分得的电压需减小，因此滑片需向B端移动；（5）由图象知：灯泡在额定电压2.5V时，通过灯泡的电流为0.2A，则小灯泡的额定功率：PUI2.5V0.2A0.5W；故答案为：（1）见上图；（2）断开；（3）灯泡断路；（4）2.2；B；2.5；（5）0.5。28（5分）（2019淮安）某科技兴趣小组在实验室看到若干长方体金属导体。它们的材料相同，外形都如图甲所示，他们想探究该种导体电阻与厚度及

29、边长的关系。在老师的帮助下，他们测量了部分导体厚度h、边长a和电阻R，并记录在表格中。（在测量电阻时，老师要求导体都要按照图乙所示的方式通过导线接入电路；实验时环境温度保持不变。）根据以上信息，请回答下面问题：（1）分析表格中的数据可得：该种导体电阻大小与边长a无关（选填“有关”或“无关”），与厚度h成反比（选填“正比”或“反比”）。（2）从该种导体中，选取了厚度h之比为2：3、边长a之比为2：1的两个导体R1、R2，按图丙方式串联后接在闭合电路中，设两端的电压为U1，R2两端的电压为U2，则U1：U23：2。（3）现代集成电路技术需要电子元件微型化，且集成度越高，电子元件越需要微小。现某集成

30、电路需要一只阻值为1.6103的该种导体，小华从边长a为5mm、10mm、15mm、20mm的四个导体中选择了边长为5mm的导体。与其它三个导体相比，请分析该导体工作时的优缺点：电阻大小不变，所占空间小。次数厚度h/mm边长a/mm电阻R/1031151.621101.631151.641201.652100.864100.475100.32【解答】解：（1）由实验1、2、3、4得，导体的厚度一定时，边长增大，电阻不变，说明导体的电阻跟边长无关。由实验2、5、6、7得，在导体的边长一定时，导体的厚度和电阻的乘积都为1.6，所以可以判断导体的电阻跟厚度成反比。（2）导体的电阻跟边长无关，导体的电阻跟厚度成反比，厚度A之比为2：3，所以电阻之比为3：2，串联电路中电压跟电阻成正比，所以电阻两端的电压之比为3：2。（3）导体的电阻跟边长没有关系，在电阻不变时，选取的边长越小所占空间越小，所以选择边长为5mm的导体。故答案为：（1）无关；反比；（2）3：2；（3）电阻大小不变，所占空间小。第17页（共17页）