2019年四川省达州市中考物理真题试卷（含答案）.doc

1、2019年四川省达州市中考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（1-10小题为物理题，每题3分；在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求）12019达州下列关于声现象的说法中正确的是（）A只要物体振动，我们就一定能听到声音B“隔墙有耳”说明固体可以传声C汽车的“倒车雷达”是利用次声传递能量D声源的振幅越大，听到声音的响度就一定越大B【解析】A.人耳能听到的声音频率范围一般在20Hz20000Hz范围内，在此范围以外的声波（超声波和次声波），人耳听不到，故A错误；B.“隔墙有耳”说明固体可以传声，故B正确；C.汽车的倒车雷达利用的是超声波的回声定位，是利用声传递信息，故C错误；D.振幅越大

2、，人听到的声音响度不一定越大，因为响度还跟距离声源的远近有关，故D错误。故选：B。22019达州下列关于光现象的说法中正确的是（）A站在岸边看见水中的白云是光的折射形成的B我们能看清物体是因为眼睛能发出光线C近视眼应配戴凹透镜矫正D用放大镜看物体时物体一定被放大C【解析】A.云在天上，所以“白云”是在水中形成的像，即平面镜成像，是由光的反射形成的，故A错误；B.我们能看清物体是因为物体发出或反射的光线进入眼睛。故B正确。C.近视眼晶状体曲度变大，对光的会聚能力增强，应佩戴对光有发散作用的凹透镜进行矫正，故C正确。D.放大镜属于凸透镜，当U2f，成倒立、缩小的实像。故D错误。故选：C。32019

3、达州下列关于热现象的说法中正确的是（）A物体的温度越高所含的热量越多B内燃机的做功冲程将机械能转化成内能C打扫卫生时灰尘飞扬说明分子在永不停息地做无规则运动D物质的比热容越大反映了物质吸收或放出热量的能力越强D【解析】A.热量是一个过程量，不能说物体含有多少热量，只能说吸收热量或放出热量，故A错误；B.内燃机的一个工作循环有四个冲程，做功冲程是将内能转化成机械能，故B错误；C.灰尘是可以看得见的物体，因此灰尘的飞扬不是分子的运动，而是物体的机械运动，故C错误；D.比热容是物质的一种特性，它反映了物质吸收或放出热量的能力，比热容越大反映了物质吸收或放出热量的能力越强，故D正确。故选：D。4201

4、9达州下列关于力的说法中正确的是（）A两个物体不接触就一定不产生力B摩擦力的方向一定与物体的运动方向相反C浸没在水中向上运动的物体浮力可能小于重力D随着生产力的提高人类将会制造出既省力又省距离的机械C【解析】A.两个物体不接触，也可以发生力的作用；如磁铁吸引远处的铁钉，故A错误；B.摩擦力的方向一定与物体的相对运动方向相反，故B错误；C.在水中向上运动的物体，若物体还受向上的拉力，受到的浮力可能小于重力，故C正确；D.在实际生活中，既省力又省距离的机械是不存在的，故D错误。故选：C。52019达州如图所示，甲、乙均为理想电表，当开关S闭合后灯L1、L2都能发光，下列说法中正确的是（）A灯L1、

5、L2是串联在电路中的B甲一定是电流表，乙一定是电压表C当L2短路时L1仍能发光D乙、甲两电表示数的比值与L1的阻值相等B【解析】（1）读图可知，开关S闭合后，要使灯L1和L2都能发光只有并联才行，因为电压表要并联在电路中，电流表要串联在电路中，所以电流从正极出发分两支，一支经灯泡L2回负极，另一支经电流表甲、灯L1回负极，所以甲一定是电流表，乙一定是电压表，故A错误，B正确。（2）因为甲是电流表，当L2短路时，发生电源短路，L1不能发光，故C错误；（3）乙是电压表，测量L2两端电压，甲是电流表，测量干路上的电流，因此乙、甲两电表示数的比值不等于L1的阻值，故D错误。故选：B。62019达州如图

6、所示，甲、乙两个底面积不同的圆柱形容器中分别盛有两种不同的液体A.B，液体对两个容器底的压强相等。现将两个质量相等的物体分别放入两个容器中，静止时个漂浮、一个悬浮（液体均无溢出，则液体密度A.B和液体对容器底部的压强p甲、p乙的大小关系正确的是（）AAB p甲p乙BAB p甲p乙CAB p甲p乙DAB p甲p乙C【解析】（1）由图知：hAhB，已知两种液体对容器底的压强相等，则根据pgh可知，AB；故AD错误；（2）因为原来两容器中液体产生的压强相等，均匀柱形容器，则FAGApSA；FBGBpSB；又因为SASB，可得GAGB，由将两个质量相等的物体分别放入两个容器中，静止时一个漂浮，另一个悬

7、浮（液体均无溢出），由于两物体重力相等都为G，则由p甲p+；p乙p+，所以，p甲p乙；故B错误，C正确。故选：C。72019达州如图是物理兴趣小组设计的四个测量身高的电路图，身高仪都由电压表改装而成。能实现身高越高身高仪示数越大且刻度均匀的电路是（）ABCDA【解析】A.两电阻串联，电压表测滑片下方电阻丝两端的电压，身高越高（滑片上移），与电压表并联部分的电阻越大，由串联分压的规律可知，电压表的示数越大；因电压表与滑片串联，且电压表可看做断路，所以变阻器始终以最大阻值接入电路，滑片移动时，电路总电阻不变，电源电压不变，所以电路中电流不变，由UVIR滑下可知，电压表的示数与滑片下方电阻丝的阻值成

8、正比，所以刻度是均匀的，故A符合题意；B.两电阻串联，电压表测滑片上方电阻丝两端的电压，身高越高，电压表并联部分电阻越小，但电路总电阻不变，电源电压不变，所以电路电流不变；由于串联电路用电器两端电压与其阻值成正比，所以身高越高，电压表示数越小并且刻度是均匀的。故B不符合题意；C.两电阻串联，电压表测变阻器两端的电压，身高越高，电压表并联部分电阻越大，滑动变阻器接入电路电阻变大，电路总电阻变大；电源电压不变，所以电路电流变小，由于串联电路用电器两端电压与其阻值成正比，由UIR知，身高越高，电压表示数越大，但刻度是不均匀的。故C不符合题意；D.两电阻串联，电压表测R0两端的电压，身高越高，电压表并

9、联部分电阻越大，滑动变阻器接入电路电阻变大，电路总电阻变大；电源电压不变，所以电路电流变小，由于串联电路用电器两端电压与其阻值成正比，所以身高越高，由UIR知，滑动变阻器两端电压越大，R0两端电压即电压表示数越小且刻度是不均匀的。故D不符合题意。故选：A。82019达州如图所示，轻质杠杆AB可绕O点转动，当物体C浸没在水中时杠杆恰好水平静止，A.B两端的绳子均不可伸长且处于张紧状态。已知C是体积为1dm3、重为80N的实心物体，D是边长为20cm、质量为20kg的正方体，OA：OB2：1，圆柱形容器的底面积为400cm2（g10N/kg），则下列结果不正确的是（）A物体C的密度为8103kg/

10、m3B杠杆A端受到细线的拉力为70NC物体D对地面的压强为1.5103PaD物体C浸没在水中前后，水对容器底的压强增大了2103PaD【解析】A.物体C的质量：mC8kg；物体C的密度：C8103kg/m3，故A正确；B.物体C排开水的体积：V排VC1103m3，受到的浮力：F浮水gV排1103kg/m310N/kg1103m310N；杠杆A端受到的拉力：FAGCF浮80N10N70N，故B正确；C.由杠杆平衡条件F1L1F2L2 得：FAOAFBOB，则杠杆B端受到细线的拉力：FBFA70N140N，由于力的作用是相互的，杠杆B端对D的拉力：F拉FB140N，D对地面的压力：F压GDFBmD

11、gF拉20kg10N/kg140N60N，D对地面的压强：p1.5103Pa，故C正确；D.物体C浸没在水中前后，水的深度变化：h2.5cm0.025m，水对容器底的压强增大值：p水gh1103kg/m310N/kg0.025m2.5102Pa，故D错。故选：D。92019达州如图所示，电源电压保持不变，R1、R2、R3为定值电阻，且R2R320闭合开关S，电压表V1和V2的示数之比为4：3，此时电路消耗的总功率为P1；若把电压表V1和V2分别换成电流表A1和A2，闭合开关S后电流表A1的示数为I1，电流表A2的示数为I2，此时电路消耗的总功率为P2则下列结果正确的是（）AR110 I1：I2

12、3：2 P1：P21：10BR15 I1：I22：3 P1：P21：10CR110 I1：I23：2 P1：P210：1DR15 I1：I22：3 P1：P210：1A【解析】由图知，当闭合开关S时，R1、R2、R3串联，电压表V1测R2和R3两端的电压之和，电压表V2测R1和R2两端的电压之和，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，且各处的电流相等，所以，由I可得，两电压表的示数之比：，解得：R110，故BD错误；此时电路消耗的总功率：P1；若把电压表V1和V2分别换成电流表A1和A2时，R1、R2、R3并联，电流表A1测R1和R2支路电流之和，电流表A2测R2和R3支路的电流之和，因并联电路

13、中各支路两端的电压相等，且干路电流等于各支路电流之和，所以，两电流表的示数之比：I1：I2（+）：（+）（+）：（+）：3：2，此时电路消耗的总功率：P2+，则P1：P2：1：10，故A正确、C错误。故选：A。102019达州如图甲所示，电源电压保持不变，R1为定值电阻，滑动变阻器R2的最大阻值为30，电压表的量程为015V电压表的示数与滑动变阻器R2的关系如图乙所示。则下列结果正确的是（）A电源电压为20VBR1的阻值为5C为了保证电压表不被烧坏，滑动变阻器的阻值变化范围为430D开关S闭合后电路消耗的最小功率为14.4WD【解析】由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压。（1）

14、由图乙可知，当R210时U112V，当R220时U18V，因串联电路中各处的电流相等，所以，电路中的电流分别为：I，I，因串联电路中总电压等于各分电压之和，且电源电压保持不变，所以，电源的电压：UI（R1+R2）I（R1+R2），即（R1+10）（R1+20），解得：R110，故B错误；电源的电压UI（R1+R2）（10+10）24V，故A错误；（2）当电压表的示数U115V时，电路中的电流最大，滑动变阻器接入电路中的电阻最小，此时电路中的电流：I大1.5A，此时滑动变阻器两端的电压：U2小UU124V15V9V，则滑动变阻器接入电路中的最小阻值：R2小6，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，

15、电路中的电流最小，电压表的示数最小，所以，滑动变阻器接入电路中的阻值范围为630，故C错误；（3）当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，电路消耗的功率最小，则P小14.4W，故D正确。故选：D。二、填空题（本大题9小题，每空1分，共22分）112019达州牵引车将停放在机库的战斗机拖出的过程中，说明力可以改变物体的 ；战斗机机翼下平上凸，目的是使战机飞行时机翼下方空气的流速小于机翼上方空气的流速，从而使机翼下方空气的压强 机翼上方空气的压强（选填“大于”、“等于”或“小于”）；战斗机在进入战斗前抛掉副油箱的目的是 战斗机的惯性（选填“增大”或“减小”），从而增强战斗机机动性。运

16、动状态 大于 减小【解析】（1）牵引车将停放在机库的战斗机拖出的过程中，运动速度发生了变化，说明力可以改变物体的运动状态；（2）机翼上方的空气流速比机翼下方的流速快，因此机翼下方气体压强大于机翼上方气体压强，从而产生了升力；（3）由于惯性的大小只与物体的质量有关，故战斗机进入战斗状态前要扔掉副油箱，这是为了减小惯性，以提高战斗机的灵活性。故答案为：。122019达州甲图为电影放映机，其成像原理如图乙所示。为让观众看到清晰的实像，应将胶片放在距离透镜 的位置（选填序号：一倍焦距以内一倍焦距到二倍焦距之间二倍焦距以外），白色银幕是为了 所有颜色的光（选填“反射”或“吸收”）。 反射【解析】电影放映

17、机的镜头相当于一个凸透镜，可以成放大的实像，则此时物距2fuf，像距v2f，即所成的像位于二倍焦距以外；白色银幕是为了反射所有颜色的光，让观众看到五彩的画面。故答案为：。132019达州如图是研究电磁铁磁性的电路图，则电磁铁的S极为 （选填“A”或“B”）端。当滑动变阻器的滑片P向右移动时，电磁铁的磁性变 （选填“强”或“弱”）。B 弱【解析】（1）由图看出，电流从电磁铁下端流入，依据安培定则，四指顺着电流方向，大拇指应向上握住电磁铁，所以上端为N极，B端的磁极为S极。（2）滑动变阻器的滑片P向右移动时，连入电路的电阻变大，电路中的电流变小，电磁铁的磁性减弱。故答案为：。142019达州额定功

18、率为2103W的家用电热水器，正常工作24min消耗的电能为 kWh，若这些电能的70%被水完全吸收，则能使体积为6L、温度为25的水在一个标准大气压下升高 c水4.2103J/（kg）。0.8 75【解析】（1）由题知，额定功率P2103W2kW，t24min0.4h；家用电热水器正常工作24min消耗的电能：WPt2kW0.4h0.8kWh2.88106J；（2）由于电能的70%被水吸收，则水吸收的热量：QW70%2.88106J2.016106J；水的质量：mV1.0103kg/m36103m36kg；由Qcmt可知，水升高的温度：t80。由于在标准大气压下，水的沸点是100，且水在沸腾

19、过程继续吸热，温度保持在沸点不变，所以水最多升高的温度为t100257580；故水最多升高75。故答案是：。152019达州某单缸四冲程汽油机正常工作时飞轮的转速为2400r/min，若每次做功冲程对外所做的有用功为300J，则该汽油机的输出功率为 W，所使用的燃料是 能源（选填“可再生”或“不可再生”）。6000 不可再生【解析】由题可知，单缸四冲程汽油机的飞轮转速是2400r/min，即每秒钟飞轮转40圈，因曲轴转2圈完成一个工作循环，对外做功一次，所以该汽油机每秒完成20个工作循环，对外做功20次，则每秒做的有用功W20300J6000J，该汽油机的输出功率为P6000W；汽油机所用的燃

20、料是汽油，属于化石能源，是不可再生能源。故答案为：。162019达州将密度为0.9103kg/m3、体积为V的冰块放入盛有适量水的圆柱形容器中（无水溢出），冰块静止时露出水面的体积V露 V，当冰块完仝熔化后（总质量不变）容器中的水面将 （选填“升高”“降低”或“不变”）。 不变【解析】由题意可知冰浮在水面上，则F浮G冰，由阿基米德原理和重力公式可得：水gV排冰gV，则V排VV，所以露出水面的体积：V露VV排VVV；当冰块完全熔化后，熔化为水的质量和冰的质量相同，即水V冰化水冰V，所以V冰化水V，即熔化为水的体积与原来排开水的体积相同，故液面高度不变。故答案为：。172019达州救援车工作原理如

21、图所示，当车载电机对钢绳施加的拉力F大小为2.5103N时，小车A恰能匀速缓慢地沿斜面上升。已知小车A的质量为1t，斜面高为2m，斜面长为5m（不计车长、钢绳重、动滑轮重、钢绳与滑轮间的摩擦和滑轮与轴间的摩擦，g10Nkg）在小车A由水平路面被拖上救援车的过程中，钢绳所做的有用功为 J，整个装置的机械效率为 ，小车A与斜面间的摩擦力大小为 N。2104 80% 1103【解析】（1）小车质量m1t1000kg，其重力Gmg1000kg10N/kg1104N，钢绳做的有用功：W有用Gh1104N2m2104J，（2）不计车长、拉力端移动距离s2L25m10m，拉力做的总功：W总Fs2.5103N

22、10m2.5104J，整个装置的机械效率：100%80%；（3）不计钢绳重、动滑轮重、钢绳与滑轮间的摩擦和滑轮与轴间的摩擦，克服小车A与斜面间的摩擦做的功为额外功，W额W总W有用2.5104J2104J5103J，由W额fL可得摩擦力：f1103N。故答案为：。182019达州如图所示，电源电压保持不变，灯泡L标有“10V 5W”字样（不考虑温度对灯丝电阻的影响），当S、S1都闭合且滑动变阻器的滑片P在A端时，电流表A的示数为1A，此时灯泡正常发光，则滑动变阻器的最大阻值为 当S闭合、S1断开且滑动变阻器的滑片P在B端时，电压表的示数为 V，灯泡L的实际功率为 W。20 5 1.25【解析】（

23、1）当S、S1都闭合且滑动变阻器的滑片P在A端时，灯泡L与R的最大阻值并联，电流表测干路电流，因并联电路中各支路两端的电压相等，且此时灯泡正常发光，所以，电源的电压UUL10V，由PUI可得，通过灯泡的电流：IL0.5A，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，通过R的电流：IRIIL1A0.5A0.5A，由I可得，滑动变阻器的最大阻值：R20；（2）灯泡的电阻：RL20，当S闭合、S1断开且滑动变阻器的滑片P在B端时，灯泡L与滑动变阻器R的最大阻值串联，电压表测R两端的电压，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路中的电流：I0.25A，此时电压表的示数：URIR0.25A205

24、V，灯泡L的实际功率：PL（I）2RL（0.25A）2201.25W。故答案为：。192019达州如图所示，电源电压保持不变，R1、R2、R3均为定值电阻，R1：R22：3，S为单刀双掷开关。当S接到1时，电流表的示数为0.4A，R1消耗的功率为P1，此时R3消耗的功率为1.6W；当S接到2时，R2消耗的功率为P2，已知P1：P232：27则电源电压为 V，R1为 ，R3为 。12 20 10【解析】S为单刀双掷开关。当S接到1时，R1与R3串联，电流表测电路的电流，电流表的示数为0.4A，P1I12R1（0.4A）2R1，P3I12R3（0.4A）2R31.6W，R310；当S接到2时，R1

25、与R3串联，电流表测电路的电流，R2消耗的功率为P2，P2I22R2；已知P1：P232：27，由得：即，因R1：R22：3，由得：I20.3A；由电阻的串联和电压不变时，电流与电阻成反比有：；即，由得：R120；由电阻的串联和欧姆定律，在第1次操作中，电源电压：UI1（R1+R3）0.4A（20+10）12V。故答案为：。三、作图题（本大题2小题，每小题3分，共6分）202019达州轻质杠杆OABC能够绕O点转动，已知OABC20cm，AB30cm，在B点用细线悬挂重为100N的物体G，为了使杠杆在如图所示的位置平衡，请在杠杆上作出所施加最小动力的图示（不要求写出计算过程）。如答图所示【解析

26、】根据杠杆的平衡条件，要使力最小，则动力臂应最长，即连接OC为最长的力臂，力的方向与OC垂直且向上，根据勾股定理和全等三角形定理可得，动力臂OC50cm，故根据杠杆平衡条件可得：F1OCGOA，代入数值可得：F150cm100N20cm，解得F140N，选取标度为20N，过C点作出最小动力，使线段长度为标度的2倍。212019达州用笔画线代替导线，将图中的拉线开关、电灯、熔断器和插座接入家庭电路中。要求：符合安全用电原则；熔断器控制插座；拉线开关控制电灯。如答图所示【解析】（1）灯泡接法：开关接在灯和火线之间，零线直接与灯泡的螺旋套相连：（2）安装三孔插座的原则，左孔接零线，中间插孔与地线相连

27、，右孔接火线，保险丝要接在火线上。四、创新设计与实验探究（本大题2小题，每空1分，共13分）222019达州小明按如下步骤完成探究“影响滑动摩擦力大小的因素”的实验：a如图1中甲图所示，将木块A平放在长木板B上，缓缓地匀速拉动木块A，保持弹簧测力计示数稳定，并记录了其示数。b如图1中乙图所示，将毛巾固定在长木板B上，木块A平放在毛巾上，缓缓地匀速拉动木块A，保持弹簧测力计示数稳定，并记录了其示数。c如图1中丙图所示，将木块A平放在长木板B上，并在木块A上放一钩码，缓缓地匀速拉动木块A，保持弹簧测力计示数稳定，并记录了其示数。（1）该实验主要采用的探究方法是 。（2）由图1中 两图可知：当接触面

28、粗糙程度一定时，接触面受到的压力越大，滑动摩擦力越大。（3）由图1中甲乙两图可知：当接触面受到的压力一定时，接触面越粗糙滑动摩擦力越 （选填“大”或“小”）。（4）实验后小组交流讨论时发现：在实验中很难使木块做匀速直线运动。于是小丽设计了如图1中丁图所示的实验装置，该装置的优点是 长木板做匀速直线运动（选填“需要”或“不需要”）。实验中小丽发现：当F为3N时，木块A相对于地面静止且长木板B刚好做匀速直线运动，则长木板B受到地面的摩擦力大小为 N。（5）实验拓展：如图2所示，放在水平地面上的物体C受到方向不变的水平拉力F的作用，Ft和vt图象分别如图3图4所示。则物体C在第4秒时受到的摩擦力大小

29、为 N。（1）控制变量法 （2）甲丙 （3）大 （4）不需要 3 （5）4【解析】（1）该实验主要采用的探究方法是控制变量法。（2）因沿水平方向拉着物体做匀速直线运动，物体在水平方向上受到平衡力的作用，根据二力平衡，拉力大小等于摩擦力的大小；由图1中甲丙两图可知：当接触面粗糙程度一定时，接触面受到的压力越大，滑动摩擦力越大。（3）由图1中甲乙两图可知：当接触面受到的压力一定时，接触面越粗糙滑动摩擦力越大；（4）如图1中丁图所示的实验装置，A相对于地面静止，受到摩擦力和测力计的拉力为一对平衡力，故该装置的优点是不需要长木板做匀速直线运动；实验中小丽发现：当F为3N时，木块A相对于地面静止且长木板

30、B刚好做匀速直线运动，根据二力平衡，则长木板B受到地面的摩擦力大小为3N。（5）实验拓展：如图2所示，放在水平地面上的物体C受到方向不变的水平拉力F的作用，Ft和vt图象分别如图3图4所示，由图4知，69秒物体做匀速直线运动，受到的拉力与摩擦力为一对平衡力，大小相等，因压力大小和接触面粗糙程度不变，则受到摩擦力大小不变，故物体C在第4秒时受到的摩擦力大小为4N。故答案为：。232019达州实验老师为“测量小灯泡额定功率”准备了如下器材：电源（电压恒为6V）开关、电压表和电流表各一只、额定电压为2.5V的待测小灯泡（电阻约为10）、滑动变阻器（“20 1A”）、导线若干。（1）请用笔画线代替导线

31、，将图甲中的实物图连接完整（要求：滑片向右移动灯泡变亮）。（2）闭合开关前电流表的指针如图乙所示，其原因是 。（3）故障排除后，调节滑动变阻器的滑片，并绘制了小灯泡的电流随其两端电压变化的关系如图丙所示，则小灯泡的额定功率为 W从图象中还发现：当电压表的示数增大时，电压表与电流表的示数之比 （选填“变大”“变小或“不变”）。（4）小陈同学为了验证电流跟电阻的关系，他又借到了一个滑动变阻器（50 0.5A）和五个定值电阻（5、10、15、20g、25），其余器材不变。用定值电阻更换甲图中的灯泡，小陈同学得到如图丁所示的电流随定值电阻变化的图象，则实验中他所用的滑动变阻器是 （选填字母：A.20

32、1A B.50 0.5A），若某次实验中滑动变阻器连入的阻值为14，则所用定值电阻的阻值为 。（5）下课前老师布置了一道课后作业。要求：在只有下列实验器材的前提下测出未知定值电阻Rx的阻值。实验器材：电阻Rx、电源（电压恒定但未知）、滑动变阻器（已知最大阻值为R0）、电流表、开关、导线若干。小张同学设计了如图戊所示的电路图，用以下步骤测Rx的阻值。闭合开关S，移动滑片P至B端，记下电流表示数I1；移动滑片P至A端，记下电流表示数I2（I1未超过电流表的量程）；请帮他写出Rx的表达式：Rx （用字母R0、I1、I2表示）。（1）如答图所示 （2）电流表指针没有调零 （3）0.625 变大 （4）

33、B 10 （5）【解析】（1）滑片向右移动灯泡变亮，即电流变大电阻变小，故变阻器滑片右下接线柱连入电路中，如下所示：（2）闭合开关前电流表的指针如图乙所示，其原因是电流表指针没有调零。（3）根据绘制的小灯泡的电流随其两端电压变化的关系知，灯在额定电压下的电流为0.25A，则小灯泡的额定功率为：PUI2.5V0.25A0.625W；从图象知，当电压为0.5V时，电流为0.1A，由欧姆定律，灯的电阻为：R15，同理，灯正常发光时的电阻为10，故当电压表的示数增大时，电压表与电流表的示数之比 （灯的电阻）变大；（4）图丁所示的电流随定值电阻变化的图象，电流与电阻之积为：UIR0.1A250.5A52

34、.5V，根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：U滑UUV6V2.5V3.5V，变阻器分得的电压为电压表示数的1.4倍，根据分压原理，当接入25电阻时，变阻器连入电路中的电阻为：R滑1.42535，故为了完成整个实验，应该选取最大阻值至少35的滑动变阻器，则实验中他所用的滑动变阻器是50 0.5A，选B；若变阻器连入的阻值为14，由欧姆定律，电路的电流为：I0.25A，由欧姆定律，则所用定值电阻的阻值为：R定10；（5）闭合开关S，移动滑片P至B端，记下电流表示数I1；移动滑片P至A端，记下电流表示数I2（I1未超过电流表的量程）；在中两电阻串联，由电阻的串联和欧姆定律，电源电压：UI1（R

35、x+R0）在中，为R0的简单电路，由欧姆定律：UI2R0，因电源电压不变，故：UI1（Rx+R0）I2R0，Rx的表达式：Rx。故答案为：。五、综合运用与计算（本大题2小题，每小题7分，共14分.解答时要求有必要的文字说明、公式和计算过程，只写结果不得分）242019达州如图所示，工人准备用一根最多能承受400N力的绳子（若超过绳子将断裂）绕成的滑轮组先后打捞水中材料相同、体积不同的实心物体A和B完全露出水面的物体A被此装置匀速提起时绳子达到最大拉力。已知动滑轮的质量为20kg（绳的质量、绳与滑轮的摩擦、滑轮与轴的摩擦以及水的阻力均不计，连接动滑轮与物体间的钢绳不会断裂，g10N/kg）。求：

36、（1）物体A完全露出水面后以0.5m/s的速度匀速上升时，物体A的重力和工人拉力的功率分别是多少。（2）在物体A浸没在水中匀速上升的过程中，滑轮组的机械效率为75%，物体A的密度是多少。（3）若用该滑轮组打捞体积为50dm3的物体B时，物体B最多露出多少体积时绳子将断裂。解：（1）G动m动g20kg10Nkg200N物体有三段绳子承担，n3F（GA+G动）400N（GA+200N）GA1000N绳子自由端移动的速度：vnv30.5m/s1.5m/sPFv400N1.5m/s600W。（2）物体A浸没在水中匀速上升的过程中，滑轮组提起的力：FGAF浮1000N水gVA75%解得，VA4102m3

37、GAAgVA1000NA10N/kg4102m3A2.5103kg/m3（3）GBBgVB2.5103kg/m310N/kg50103m31250NF（GBF浮+G动）400N（1250NF浮+200N）F浮250NV排2.5102m325dm3V露VBV排50dm325dm325dm3答：（1）物体A的重力是1000N，工人拉力的功率是600W。（2）物体A的密度是2.5103kg/m3。（3）物体B最多露出25dm3时绳子将断裂。252019达州如图所示，电源电压保持不变，R2为定值电阻，小灯泡L上标有“6V 3W”字样（不考虑温度对灯丝电阻的影响），滑动变阻器R1的最大阻值为20只闭合S

38、1，将滑动变阻器的滑片P移动到A端时，L正常发光；闭合所有开关时整个电路1min消耗的电能为540J已知电流表的量程为00.6A，电压表的量程为03V求：（1）电源电压。（2）R2的阻值。（3）在保证电路安全的前提下，只闭合S1时移动滑片P使电路消耗的功率最小，若此时电路的最小功率为P1；只闭合S2时移动滑片P使电路消耗的功率最大，若此时电路的最大功率为P2则P1和P2的比是多少。解：（1）只闭合S1、将滑动变阻器的滑片P移动到A端时，电路为灯泡L的简单电路，因额定电压下灯泡正常发光，所以，由灯泡正常发光可知，电源的电压UUL6V；（2）闭合所有开关时，灯泡L与电阻R2并联，因并联电路中各支路

39、两端的电压相等，所以，此时灯泡正常发光，其功率为3W，由P可得，灯泡1min消耗的电能：WLPLt3W60s180J，则1min内R2消耗的电能：W2WWL540J180J360J，由WUItt可得，R2的阻值：R260s6；（3）由PUIt可得，灯泡的电阻：RL12，只闭合S1时，灯泡L与变阻器R1串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流，当电压表的示数U13V时，灯泡两端的电压：ULUU16V3V3V，此时电路中的电流：I0.25A，电路的最小功率：P1UI6V0.25A1.5W；只闭合S2时，R2与变阻器R1串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流，当电流表的示数I0.6A时，滑动变阻器接入电路中的电阻：R1R264，所以，电路中的最大电流为0.6A，此时电路的功率最大，则P2UI26V0.6A3.6W，则P1：P21.5W：3.6W5：12。答：（1）电源电压为6V；（2）R2的阻值为6；（3）P1和P2的比是5：12。第16页（共16页）