广东省广州市花都区九年级上学期物理期末质量评价试卷及答案.pdf

1、 九年级上学期物理期末质量评价试卷九年级上学期物理期末质量评价试卷 一、单选题一、单选题 1下列各家用电器正常工作时，电功率最接近 1000W 的是（ ） A普通照明灯泡 B手电筒 C家用挂式空调 D电风扇 【答案】C 【解析】【解答】A普通照明灯泡正常工作的电流一般为 0.2A 左右，家庭电路电压为 220V，正常工作的功率约为 A 不符合题意； B手电筒小灯泡正常工作的电流一般为 0.2A 左右，额定电压为 2.5V，正常工作的功率约为 B 不符合题意； C家用挂式空调正常工作的电流一般为 5A 左右，家庭电路电压为 220V，正常工作的功率约为 C 符合题意； D电风扇正常工作的电流一般

2、为 0.2A 左右，家庭电路电压为 220V，正常工作的功率约为 D 不符合题意。 故答案为：C。 【分析】根据常见用电器的电功率，结合实际用电器解答。 2被丝绸摩擦过的玻璃棒带上了正电荷，以下说法中正确的是（ ） A摩擦过程中有电子发生了转移 B摩擦创造了正电荷 C摩擦过程中有质子发生了转移 D丝绸也带正电荷 【答案】A 【解析】【解答】ABC摩擦起电并不是创造了电荷，只是电子从一个物体转移到另一个物体，使正、负电荷分开，A 符合题意，BC 不符合题意； D被丝绸摩擦过的玻璃棒带上了正电荷，是因为玻璃棒失去电子，丝绸得到电子，故丝绸带负电，D 不符合题意。 故答案为：A。 【分析】不同物体间

3、相互摩擦时，实现电子的转移使物体带电，失去电子的物体带正电。 3芬兰奥卢大学的研究团队研发出一种新型钙钛矿材料。该材料可在光照、温度和所受压力变化的情况下产生电能，有着非常广阔的应用前景，该材料不能直接实现的能量转化是（ ） A化学能电能 B内能电能 C机械能电能 D光能电能 【答案】A 【解析】【解答】A由题意可知，该材料不是在发生化学变化时产生电能，故不能直接实现从化学能向电能的转化，A 符合题意； B根据题意，该材料可以在温度变化的情况下产生电能，故可以将内能转化为电能，B 不符合题意； C根据题意，该材料可以在压力变化的情况下产生电能，故可以将机械能转化为电能，C 不符合题意； D根据

4、题意，该材料可以在光照的情况下产生电能，故可以将光能转化为电能，D 不符合题意。 故答案为：A。 【分析】新型发电材料，实现了把内能、机械能、光能转化为电能的转化。 4输电线进户后，经过家庭电路元件再连接用电器，图中连接顺序正确的是（ ） A B C D 【答案】B 【解析】【解答】根据家庭电路各元件接连的要求，为了测量家中用电器消耗的电能，进户线接入后首先应安装电能表，为更换保险丝时的安全，应将总开关安装在保险丝之前。 故答案为：B。 【分析】在家庭电路中，先连接电能表，其次是开关和保险丝。 5物体 M 和 N 是同种物质，已知 M 的温度为 0，N 的温度为4，下列说法正确的是（ ） AM

5、 的内能为 0 BM 和 N 之间不会发生热传递 CM 的分子运动比 N 更剧烈 DM 的内能一定大于 N 的内能 【答案】C 【解析】【解答】A一切物体在任何温度下都有内能，故 M 的内能不为 0，A 不符合题意； B发生热传递的条件是两物体间存在温度差，因 M 和 N 两物体温度不同，故 M 和 N 之间会发生热传递，B 不符合题意； C分子无规则运动的剧烈程度与温度有关，物体的温度越高，分子运动越剧烈。M 的温度高于 N的温度，故 M 的分子运动比 N 更剧烈，C 符合题意； D物体的内能大小与物体的温度、状态和质量等因素有关，M 的温度高于 N 的温度，但 M 的内能不一定大于 N 的

6、内能，D 不符合题意。 故答案为：C。 【分析】温度不同的物体间，可以发生热传递；温度越高的物体，分子运动越剧烈。 6电炉工作时，电炉丝产生的热量比导线多，电炉丝热得发红，而连接电炉丝的导线不太热，根据焦耳定律分析可得，其主要原因是（ ） A通过电炉丝的电流较大 B电炉丝的电阻较大 C电炉丝通电的时间较长 D导线的电阻较大 【答案】B 【解析】【解答】电炉工作时，导线与电炉丝串联，根据串联电路电流规律，两者的电流相同，同时工作，通电时间相同，根据焦耳定律，在通电时间和电流相同时，电流通过导体产生的热量与电阻大小成正比，电炉丝热得发红，而连接电炉丝的导线不太热，是因为电炉丝的电阻较大，导线的电阻

7、较小。ACD 不符合题意，B 符合题意。 故答案为：B。 【分析】电流产生的热量和电流大小有关，和电阻有关，和时间有关。 7有一种电动烤地瓜机，将地瓜放在托盘上，盖上锅盖相当于闭合开关 S1，托盘旋转，再将温控开关 S2闭合，开始加热；若只闭合开关 S2，则不能加热。下图 M 是托盘电动机，R 是加热电阻，对其内部电路设计合理的是？（ ） A B C D 【答案】B 【解析】【解答】由题意知，闭合开关 S1，托盘旋转，再将开关 S2闭合，开始加热；只闭合开关S2，则不能加热；这说明电动机和加热电阻在工作时互不影响，即两者是并联的，且 S1在干路上，S2在加热电阻的支路上，由各选项电路图可知，B

8、 符合题意，ACD 不合题意。 故答案为：B。 【分析】结合题意，得出电路的连接方式和开关的位置，再逐项分析即可. 8如图所示，电源电压不变，闭合开关后，发现发光二极管 L1比小灯泡 L2亮，测得通过 L1的电流为 0.0013A，通过 L2的电流为 0.27A，则（ ） AL1的实际功率比 L2小 BL1的实际功率比 L2大 CL1两端的电压比 L2大 DL1两端的电压比 L2小 【答案】A 【解析】【解答】CD闭合开关，发光二极管 L1与小灯泡 L2并联，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以 L1与 L2的实际电压相等，CD 不符合题意； AB通过 L1的电流为 0.0013A，通过 L

9、2的电流为 0.27A，通过 L1电流远小于 L2的电流，而它们两端的电压相等，根据公式 P=UI 可知，L1的实际功率小于 L2的实际功率，A 符合题意，B 不符合题意。 故答案为：A。 【分析】半导体工作时，电流具有单向导电性；在并联电路中，电压相同，电流越大，电功率越大。 9如图所示，闭合开关，两灯都正常发光，电流表和电压表都有示数。若灯 L2断路，则电流表和电压表的读数将（ ） A变大；变大 B不变；变大 C变小；不变 D都变为零 【答案】D 【解析】【解答】如图所示，闭合开关，两灯串联，电压表测 L1两端的电压，电流表测串联电路中的电流；当 L2断路时，电路中电流为 0，则电流表示数

10、为 0，此时电压表未接入电路，示数也为 0，所以电流表和电压表示数均变小且为 0。ABC 不符合题意，D 符合题意。 故答案为：D。 【分析】在串联电路中，电压表测量位置以外断路，电路中无电流，电压表无示数。 10有 A、B 两个电热水壶，里面装了质量和初温都相等的水。现把两个电热水壶里的水都加热到相同的温度，电热水壶 A 比电热水壶 B 加热时间短，忽略散热，下列说法中正确的是（ ） A电热水壶 A 消耗的电能更多 B电热水壶 B 里的水吸收的热量更多 C电热水壶 B 消耗的电能更多 D电热水壶 A 消耗电能更快 【答案】D 【解析】【解答】ABC忽略散热，水吸收的热量等于电热水壶消耗的电能

11、，水的质量和初温相同，把两个电热水壶里的水都加热到相同的温度，升高的温度相同，由 Q=cmt 可知，吸收的热量相同，所以两个电热水壶消耗的电能相同，ABC 不符合题意； D由以上分析可知，两个电热水壶消耗的电能相等，电热水壶 A 比电热水壶 B 加热时间短，由 可知电热水壶 A 的电功率较大，电热水壶 A 消耗电能更快，D 符合题意。 故答案为：D。 【分析】产生相同热量时，用电器的电功率越大，工作时间越短。 二、综合题二、综合题 11 （1）请用笔画线，将图 1 中的开关和灯按照安全用电的原则接入家庭电路中，要求：S 同时控制L1和 L2，如果 L1烧坏后 L2能继续工作； （2）用试电笔测

12、试家庭电路的电线，发现接触 （选填“火线”或“零线”）时，试电笔的氖管会发光；在图 2 所示的情境中，使用试电笔方法正确的是图 ； （3）下列情况会造成家庭电路中的“空气开关”自动“跳闸”的是_。 A开关接触不良 B灯泡灯丝断了 C电压偏低 D双孔插座中的两个线头相碰 【答案】（1） （2）火线；甲 （3）D 【解析】【解答】 （1）根据题意，两灯相互不影响应并联，为防止断开开关灯泡仍带电，引起触电事故，开关应串联在火线与用电器之间，如图所示： （2）火线与大地之间的电压为 220V，零线与大地之间的电压为 0，当试电笔与火线相接触，人手接触尾端的金属体时，可以通过人体与氖泡、大地形成一个回路

13、，氖泡能发光，如果是零线因为没有电压就没有电流，则氖泡不能发光。而图 2 乙的使用方法人手直接接触笔尖的金属体，相当于在站在大地上直接接触火线，会导致触电事故。故在图 2 所示的情境中，使用试电笔方法正确的是图甲。 （3）空气开关跳闸是因为电流过大引起的。 A开关接触不良，电路中会出现断路，干路上的电流变小，A 不符合题意； B灯泡灯丝断了，电路中会出现断路，干路上的电流变小，B 不符合题意； C电压偏低，根据欧姆定律，在用电器使用情况不变的条件下，干路上的电流变小，C 不符合题意； D双孔插座中的两个线头相碰即形成短路，电路中总电阻很小，根据欧姆定律，干路上电流很大，D 符合题意。 故答案为

14、：D。 【分析】 （1）家庭电路连接时，灯泡的开关连接在火线一侧；灯泡并联； （2）火线能使测电笔的氖管发光；使用测电笔时，手要接触金属笔尾； （3）家庭电路中短路、总功率过大，空气开关会跳闸。 12汽油机是热机的一种，请回答以下问题。 （1）图 1 中甲、乙是汽油机的其中两个冲程，则甲是 冲程，乙是 冲程（以上两空均选填“吸气”、“压缩”、“做功”或“排气”） ； （2）做功冲程是把 能转化成 能，从而获得动力； （3）图 2 是汽油机的能量流向图，其效率为 100%（用图中的符号表示） ； （4）某汽车在水平路面上行驶，共消耗了 0.5kg 汽油。汽油热值 q4.6107J/kg，水的比热

15、容 假如汽油完全燃烧，求释放的热量 ； 若其释放热量的 20%被初温为 20质量为 100kg 的水完全吸收，求水升高的温度是多少 ？（结果保留整数） 【答案】（1）排气；压缩 （2）内；机械 （3） （4）； 【解析】【解答】 （1）图 1 甲中进气门关闭，排气门打开，活塞向上运动，故甲是排气冲程；乙中，两气门关闭，活塞向上运动，乙是压缩冲程。 （2）利用内能可以做功，人们制造了各种利用内能做功的机械即热机。做功冲程是把内能转化成机械能，从而获得动力。 （3）用来做有用功的那部分能量，与燃料完全燃烧放出的能量之比，叫做热机的效率。图 2 是汽油机的能量流向图，故其效率为 （4）假如汽油完全燃

16、烧，释放的热量 Q=mq0.5kg4.6107J/kg=2.3107J 水吸收的热量为 初温为 20质量为 100kg 的水升高的温度是 【分析】 （1）根据汽油机的气门的开合情况，结合活塞运行方向，判断冲程； （2）汽油机的做功冲程将内能转化为机械能； （3）根据汽油机的有用功和总热的比值， 计算热机效率； （4）根据燃料的质量和热值的乘积，计算热量；结合热机效率，计算液体吸收的热量；结合物体的比热容和质量，计算温度差。 13如图 1 所示，小灯泡 L 的额定电压为 3.8V，R 为定值电阻（其电压与电流的变化关系如图 2 所示） ，S1处于闭合状态。当 S2断开时，电压表的示数如图 3 所

17、示；闭合 S2后，电压表的示数为 2V，电流表的示数如图 4 所示。 （1）求 R 的阻值 ； （2）S1闭合，S2断开时，求电流表的示数 ； （3）S1和 S2都闭合后，小灯泡 （选填“能”或“不能”）正常发光；请求出小灯泡 L 工作30s 所消耗的电能 。 【答案】（1）10 （2）0.24A （3）不能；14.4J 【解析】【解答】 （1）由图 2 可知，电阻 R 的阻值为 （2）S1闭合，S2断开时，只有 R 的简单电路，电压表测量 R 两端的电压，电流表测量通过 R 的电流，由图 3 可知，电压表的量程是 03V，分度值是 0.1V，电压表的示数是 2.4V，电流表的示数 （3）闭合

18、 S2后，电阻 R 与灯泡 L 并联，电流表测量干路中的电流，电压表测量 R 和 L 两端的电压，电压表的示数为 2V，小灯泡 L 的额定电压为 3.8V，灯泡的实际电压是 2V，低于额定电压，小灯泡不能正常发光。 由图 4 可知，电流表的量程是 00.6A，分度值是 0.02A，电流表的示数是 0.44A，通过 R 的电流 由并联电路电流的规律可知通过 L 的电流 IL=I-I3=0.44A-0.2A=0.24A 小灯泡 L 工作 30s 所消耗的电能 W=U3ILt=2V0.24A30s=14.4J 【分析】 （1）根据用电器的电功率和电压，计算电流； （2）利用电压和电阻的比值， 计算电

19、流； （3）利用电压和电阻的比值， 计算电流，根据并联电路电流规律，计算之路电流，根据电压、电流和时间的乘积，计算消耗的电能。 三、作图题三、作图题 14请在如图所示电路中的“”内填上电流表或电压表的符号，使 L1和 L2并联。 【答案】解：如图所示： 【解析】【解答】两个灯泡的两端分别连在一起，然后接到电路中，这两个灯泡就是并联的。在分析电路时，电流表可视为一根导线。由图知，L1的右端的 L2的左端已连接在一起，故再将 L1的左端的L2的右端连接在一起，两灯即为并联，因此下面的“”内为电流表，上面的“”内为不能为电流表，否则两电流表串联后直接接在电源两端，造成电源短路，故上面的“”内为电压表

20、，如下图所示： 【分析】电流表和所测量的位置，串联，电压表和所测量的位置并联。 四、填空题四、填空题 15如图所示的电能表示数为 ，允许通过的最大电流为 。 【答案】225.8kWh；40A 【解析】【解答】电能表的最后一位是小数位，单位是 kWh，图中电能表示数为 225.8kWh。 10(40)A：表示电能表的标定电流是 10A，电能表的额定最大电流是 40A。 【分析】根据电能表窗口示数，判断消耗的电能；电能表的规格中，有运许通过的最大电流。 16小明通过温度传感器监测密封注射器内气体的温度。 （针筒内气体分子间的作用力忽略不计，可不考虑分子势能） （1）当他快速下压活塞，注射器内密封的

21、气体温度升高。此过程注射器内的气体内能 （选填“增加”、“减少”或“不变”） ，这是通过 （选填“做功”或“热传递”）的方式改变气体的内能； （2）当他缓慢推动活塞压缩针筒中的气体，发现压缩过程中针筒内气体温度保持不变，活塞对气体做功 5J。上述过程中，针筒内气体的内能 （选填“有”或“没有”）发生变化，你的依据是 ；针筒内气体一定 （选填“向外界放热”或“有从外界吸热”） 。 【答案】（1）增加；做功 （2）没有；内能的大小与质量、温度、状态等因素有关，而此时的质量、温度及状态均未改变；向外界放热 【解析】【解答】 （1）快速下压活塞，活塞压缩筒内空气对气体做了功，将机械能转化成了内能，筒内

22、气体内能增加，温度升高，是通过做功改变内能的。 （2）内能的大小与质量、温度、状态等因素有关，而此时的质量、温度及状态均未改变，如果不考虑分子势能的影响，内能没有发生变化。 压缩气体，对气体做了功，气体内能应增加，而这里没有增加的原因是由于速度较慢，筒内气体向周围环境放了热，最终与外界实现热平衡，故温度没有上升，内能也没有增加。 【分析】 （1）压缩气体的体积时，内能增大，温度升高；是做功的方式改变内能； （2）内能的大小与质量、温度、状态等因素有关。 五、实验题五、实验题 17如图 1 所示，用相同的电加热器给初温及质量均相同的甲、乙两种不同的液体加热，两种液体每秒吸收的热量相同，两种液体的

23、温度加热时间的图像如图 2 所示。 （1）加热到第 2min， （选填“甲”或“乙”）液体上升的温度较多，两种液体吸收热量关系为 Q甲 （选填“”、“=”或“”）Q乙； （2）乙液体在第 2min 时的内能 （选填“大于”、“等于”或“小于”）第 1min 时的内能（质量变化忽略不计） ；乙液体在第 2min 时的比热容 （选填“大于”、“等于”或“小于”）第1min 时的比热容； （3）通过图像分析可得，甲、乙两液体的比热容大小之比 c甲:c乙 。 【答案】（1）甲；= （2）大于；等于 （3）1:2 【解析】【解答】 （1）根据图 2 可知，加热到第 2min，甲液体上升的温度较多。 我们

24、使用相同的电加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法。加热到第2min，因加热时间相同，故两种液体吸收热量关系为 Q甲=Q乙。 （2）从第 1min 加热到第 2min，乙液体吸收热量，温度升高，但状态没有改变，质量没有改变，故在第 2min 时的内能大于第 1min 时的内能（质量变化忽略不计） 。 比热容是物质的一种特性，与物质的种类、状态有关，因种类相同，状态没有改变，故端乙液体在第 2min 时的比热容等于第 1min 时的比热容。 （3）通过图像分析可得，升高 20，甲用时 1min，乙用时 2 min，甲、乙吸收的热量之比为 ，根据 Q=cmt，在质量和升高温度相同

25、的情况下，吸热多少与比热容大小成正比，故甲、乙两液体的比热容大小之比为 c甲:c乙1:2 【分析】 （1）根据实验数据图像，判断加热时间相同时，温度变化情况；加热时间相同，物体吸收的热量相等； （2）物体在吸收热量时，内能增大，相同物质，状态不变时，比热容不变； （3）当质量和吸收热量相等时，根据温度差的比值， 可以计算比热容比值大小。 18学习小组想探究当小灯泡两端的电压增大时，其实际功率和亮度的变化情况。图 1 是实验电路图，实验提供的小灯泡的额定电压为 2.5V。 （1）按图 1 在图 2 中正确连接实物，要求滑动变阻器滑片 P 向右移动时，滑动变阻器接入电路的电阻值变大； （2）正确连

26、接电路后，闭合开关，小明发现电流表和电压表的指针都有偏转，灯泡却不亮。小明认为一定是因为灯丝烧断了，他的判断是否正确？ ；依据是 ； （3）解决以上问题后，继续做实验。小明移动滑动变阻器的滑片，记录电压表示数、电流表示数及灯泡亮度如表： 数据序号 1 2 3 4 5 6 电压 U/V 0.61 1 1.5 2.5 3 4.3 电流 I/A 0.11 0.2 0.35 0.7 0.94 1.4 灯泡亮度 微微发光 偏暗 较亮 亮 很亮 忽然烧坏 由上表可得，小灯泡两端电压越大，它的实际功率 （选填“越大”、“越小”或“不变”） ；小灯泡正常发光时的功率为 W； （4）小红认为不需要滑动变阻器，只

27、通过增加干电池（每节 1.5V）的节数也能记录多组实验数据完成该探究实验，你觉得可行吗？ ；为什么？ 。 【答案】（1） （2）错误；闭合开关发现两电表都有示数，说明电路为通路，灯泡却不亮，可能变阻器连入电路中的电阻较大，电路中的电流较小，他的判断是错误的。 （3）越大；1.75 （4）不可行；没有普遍性 【解析】【解答】 （1）从电源的正极连接电流表、变阻器、灯泡、开关回到电源的负极，电压表和灯泡并联，由表中数据可知，电流表选择 03A 的量程，电压表选择 015V 的量程，滑动变阻器滑片P 向右移动时，滑动变阻器接入电路的电阻值变大，滑动变阻器应一上一下串联入电路中，将变阻器左下角接线柱连

28、入电路中，如图所示： （2）闭合开关发现两电表都有示数，说明电路为通路，灯泡却不亮，可能变阻器连入电路中的电阻较大，电路中的电流较小，他的判断是错误的。 （3）由表中数据可知，小灯泡两端电压越大，通过它的电流越大，由 P=UI 可知它的实际功率越大。 小灯泡的额定电压是 2.5V，由表中数据可知通过它的电流是 0.7A，小灯泡正常发光时的功率P=UI=2.5V0.7A=1.75W （4）实验中，不需要滑动变阻器，增加干电池的节数，电压表的示数成 1.5 倍的增加，变化有规律，实验没有普遍性，这样不可行。 【分析】 （1）根据电路图，连接实物图，电压表和电流表接线柱正入负出，电压表和所测量的位置

29、并联，电流表和所测量的位置串联，滑动变阻器一上一下； （2）在灯泡和滑动变阻器串联时，滑动变阻器的阻值过大，电流较小，实际电功率较小； （3）灯泡的实际电压越大， 实际电功率越大；利用电压和电流的乘积，计算电功率； （4）测量灯泡电功率时，通过调节滑片测量电功率，可以探究普遍性。 19小明将两个铅棒底面削平紧压在一起，一段时间后，两铅棒就结合起来，如图所示。在铅棒下悬挂一个 5kg 的重物不能把两铅棒拉开。小明得出结论：两铅棒没被重物拉开，主要是因为铅棒分子之间存在引力的作用。小乐则认为：两铅棒没被重物拉开，主要是靠大气压强的作用。请你设计一个实验验证小乐的结论是否正确。要求：写出需要补充的器材、实验步骤及判断小乐的结论是否正确的依据。 【答案】补充器材：真空罩、抽气机。 实验步骤：将两个已对接的铅棒挂在真空罩的顶部，铅棒下悬挂着 5kg 的重物，用抽气机持续向外抽气。 实验现象：用抽气机持续向外抽气后，发现两铅棒始终不会被重物拉开。 简要说明：持续抽气后，真空罩中没有空气，两铅棒始终不会被重物拉开，说明两铅棒没被重物拉开，不是靠大气压强作用。因此证明小乐的观点错误。 【解析】【分析】探究分子间相互作用的力和大气压无关时，需要真空罩，观察在真空环境中，吸引的铅块是否分开。