2021-2022学年湖南省衡阳市高一（下）期中考试 物理 试题（含答案）.docx

1、2022年高中一年级期中考试物理卷注意事项：1本试卷共6页，共16小题，满分100分，考试用时75分钟。2请同学们科学、合理地安排好答题时间。3本卷为试题卷，答案必须答在答题卡的指定位置，答在试题卷上无效。第卷 选择题(共49分)一、选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分，在每小题给出的四个选项中，只有一r项是符合题目要求的。1在物理学的研究中用到的思想方法很多，下列关于几幅书本插图的说法中错误的是A甲图中，牛顿测定引力常量的实验运用了放大法测微小量B乙图中，研究小船渡河问题时，主要运用了等效法C丙图中，探究向心力的大小与质量、角速度和半径之间的关系时运用了控制变量法D丁图中，A点逐渐向B

2、点靠近时，观察AB割线的变化，就是曲线在B点的切线方向，运用了极限思想说明质点在B点的瞬时速度方向2下列说法，正确的是A正在比赛中的体操运动员，在裁判员的眼中能视为质点B瞬时速度大小叫瞬时速率，平均速度大小就叫平均速率C平抛运动是匀变速运动D匀速圆周运动是匀速运动32022年2月4日北京冬奥会开幕式以二十四节气为倒计时，最后定格于立春节气，惊艳全球，二十四节气，代表着地球在公转轨道上的二十四个不同的位置，如图所示，从天体物理学可知地球沿椭圆轨道绕太阳运动所处四个位置，分别对应我国的四个节气，以下说法正确的是A地球绕太阳运行方向(正对纸面)是顺时针方向B地球绕太阳做匀速率椭圆轨道运动C地球从夏至

3、至秋分的时间小于地球公转周期的四分之一D冬至时地球公转速度最大4一辆汽车从静止开始由甲地出发，沿平直公路开往乙地。汽车先做匀加速直线运动，接着做匀减速直线运动，开到乙地刚好停止，其v-t图像如图所示那么0和3两段时间内A位移大小之比为1：4 B平均速度大小之比为1：1C加速度大小之比为3：1 D辆汽所受合力之比为1：25如图甲所示，抛球游戏是小朋友们最喜欢的项目之一，小朋友站立在水平地面上双手将皮球水平抛出，皮球进入水平篮筐且不擦到篮筐就能获得小红旗一枚如图乙所示篮筐的半径为R，皮球的半径为r，篮筐中心和出手处皮球的中心高度为和，两中心在水平地面上的投影点、之间的距离为d忽略空气的阻力，已知重

4、力加速度为g设水平投篮出手速度为v，要使皮球能入筐，则下列说法中正确的是A皮球出手速度越大，皮球进筐前运动的时间越长B皮球从出手到入筐运动的时间为C皮球出手速度v的最大值为D皮球出手速度v的最小值为6如图所示，水平横杆上套有圆环A，圆环A通过轻绳与重物B相连，轻绳绕过固定在横杆下光滑的定滑轮，轻绳通过光滑动滑轮挂着物体C，并在某一位置达到平衡，现将圆环A缓慢向左移动一段距离，系统仍保持静止，则下列说法正确的是A物体B的高度上升 B横杆对环的支持力变大CAC段绳与横杆的夹角变小 DA环所受摩擦力大小不变二、选择题：本题共5小题，每小题5分，共25分在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求，全

5、部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分7公路急转弯处通常是交通事故多发地带，如图，某公路急转弯处是圆弧，当汽车行驶的速率为。时，汽车恰好没有向公路内外两侧滑动的趋势则在该弯道处A路面外侧高内侧低B车速只要低于，车辆便会向内侧滑动C车速虽然高于，但只要不超出某一最高限度，车辆便不会向外侧滑动D当路面结冰时，与未结冰时相比，的值变小8在银河系中，双星的数量非常多研究双星，对于了解恒星形成和演化过程的多样性有重要的意义，如图所示，由A、B两颗恒星组成的双星系统，A、B绕连线上一点O做圆周运动，测得A、B两颗恒星间的距离为L，恒星A的周期为T，其中A恒星做圆周运动的半径是B恒星的半径2倍，

6、则A恒星B的周期为 BA、B两颗恒星质量之比为2：1C恒星A的向心加速度是恒星B的2倍 DA、B两颗恒星质量之和为9如图，矩形金属框MNQP竖直放置，其中MN、PQ足够长，且PQ杆光滑一根轻弹簧一端固定在M点，另一端连接一个质量为m的小球，小球穿过PQ杆金属框绕MN轴分别以角速度和匀速转动时小球均相对PQ杆静止若，则与以勾速转动时相比，以匀速转动时A小球的高度一定降低 B弹簧弹力的大小一定不变C小球对杆压力的大小一定变大 D小球所受合外力的大小一定变大102021年10月16日，“神舟十三号”载人飞船成功与“天和”核心舱对接，发射过程简化示意图如图所示，先把飞船发射到近地圆轨道，继而调整角度和

7、高度，经过多次变轨不断逼近空间站轨道，当两者轨道很接近的时候，再从空间站下方、后方缓慢变轨接近、是绕地球运行的椭圆轨道，是绕地球运行很接近空间站轨道的圆形轨道P、Q分别为椭圆轨道的远地点和近地点，P、Q之间的距离为2L，地球半径为R下列说法正确的是A载人飞船在轨道上的角速度比在轨道上的角速度大B载人飞船在轨道和轨道上运动的周期之比为C载人飞船在轨道上P处与Q处的加速度大小之比为D载人飞船在轨道和轨道的线速度大小之比为11如图甲所示，用粘性材料粘在一起的A、B两物块静止于光滑水平面上，两物块的质量分别为、，当A、B之间产生拉力且大于0.3N时AB将会分离时刻开始对物块A施加一水平推力，同时对物块

8、B施加同一方向的拉力，使A、B从静止开始运动，运动过程中、方向保持不变，、的大小随时间变化的规律如图乙所示，则下列关于A、B两物块受力及运动情况的分析，正确的是A时刻A、B之间作用力大小为0.6NB时刻A、B之间作用力为零C时刻A对B的作用力方向向左D从时刻到A、B分离，它们运动的位移为5.4m第卷非选择题(共51分)12(6分)某实验小组在测木块与长木板之间的动摩擦因数时，采用如图甲所示的装置，图中长木板水平固定，调整定滑轮高度，使细线与长木板平行(1)实验过程中，电磁打点计时器应接在“4V8V”的 (选填“直流”或“交流”)电源上(2)图乙为木块在水平木板上带动纸带运动打出的一条纸带的一部

9、分，0、1、2、3、4为计数点，相邻两计数点间还有4个打点未画出，从纸带上测出，则木块加速度大小 (保留两位有效数字)(3)已知重力加速度为g，测得木块的质量为M，砝码盘和砝码的总质量为m，木块的加速度为a，则木块与长木板间的动摩擦因数 13(9分)在“探究平抛运动的特点”实验中，可分为两个实验，从竖直和水平两个方向进行探究。实验一：利用如图甲所示的装置先进行实验。小锤打击弹性金属片，A球沿水平方向抛出；同时B球被释放，改变小球的高度和敲击的力度，若两球始终同时落地，说明平抛的竖直分运动是 实验二：步骤一：利用如图乙所示的装置进行实验将白纸和复写纸对齐重叠，并固定在竖直的硬板上使钢球沿斜槽轨道

10、M滑下后水平飞出，落在水平挡板N上，由于挡板靠近硬板一侧较低，钢球落在挡板上时，就会挤压复写纸，在白纸上留下印迹，上下移动挡板N，通过多次实验，在白纸上记录钢球所经过的多个位置(1)关于图乙实验，下列说法中正确的有 A斜槽必须光滑B斜槽末端切线方向水平C图乙实验中每次从斜槽上释放钢球必须是在同一位置且静止释放D图乙实验中每次移动挡板的距离必需相等步骤二：在图乙实验中，需要用平滑曲线把各个印迹点连接起来，得到钢球做平抛运动的轨迹，通过对轨迹的研究，得到平抛水平分运动的特点(2)图丙是某同学在描绘的轨迹上选取了A、B、C三点，用它来分析运动的特点白纸方格的边长为5.0cm，A、B、C是小球的三个位

11、置，取，则小球平抛运动的初速度 m/s；小球在B点速度 m/s(本空3分)(保留两位有效数字)14(9分)如图甲所示，在科技馆中，“小球旅行记”吸引了很多小朋友的观看“小球旅行记”可简化为如图乙所示的示意图，处在P点的质量为m的小球由静止沿半径为R的光滑上圆弧轨道下滑到最低点Q时对轨道的压力为2mg，小球从地面高为R的Q点水平飞出后落到地面上的S点，不计摩擦和空气阻力，已知重力加速度大小为g，求：(1)小球从Q点飞出时的速度大小(2)Q点到S点的水平距离(3)小球落地的速度大小15(12分)抗击疫情期间，由于疫情严重，利用无人机运输物资，如图所示为四旋翼无人机，它是一种能够垂直起降的小型遥控飞

12、行器，目前正得到越来越广泛的应用，一架无人机连同所载货物质量kg的，其动力系统所能提供的最大升力N，运动过程中所受空气阻力大小恒为Ng取10(1)无人机在地面上从静止开始，以最大升力竖直向上起飞求在时离地面的高度压h(2)当无人机悬停在距离地面高度m处时，由手动力设备故障，无人机突然失去升力而坠落求无人机坠落地面时的速度v(3)在无人机坠落过程中，在遥控设备的干预下动力设备重新启动提供向上最大升力，为保证安全着地，求飞行器从开始下落到恢复升力的最长时间16(15分)如图所示的装置中，光滑水平杆固定在竖直转轴上，小圆环A和轻弹簧套在杆上，弹簧两端分别固定于竖直转轴和环A，细线穿过小孔O，两端分别

13、与环A和小球B连接，线与水平杆平行，环A的质量为m，小球B的质量为2m现使整个装置绕竖直轴以角速度匀速转动，环A与转轴间距离不变时，细线与竖直方向的夹角为37已知重力加速度g，求：(1)装置转动的角速度为时，细线OB的拉力T(2)装置转动的角速度为时，细线OB的长度s(3)若装置转动的角速度为2，环A与转轴间距离再次不变，细线与竖直方向的夹角为53，此时弹簧弹力与角速度为时大小相等，求此时弹簧的弹力大小F2022年高中一年级期中考试物理卷参考答案一、选择题部分1A 2C 3D 4B 5C 6D 7AC 8CD 9BD 10AB 11AD二、非选择题部分12（1）交流（2）1.5（3）13（9分

14、）自由落体运动（1）BC（2）1.5m/s 2.5m/s14解析：（1）设小球Q点的速度大小为，有：解得：（2）小球由Q点平抛，有解得：(3)小球由Q点平抛，有解得：15（12分）解析：(1)由牛顿第二定律得代入数据解得上升高度：代入数据解得：(2)下落过程中：代入数据解得落地时速度：代入数据解得(3)恢复升力后向下减速运动过程：代入数据解得设恢复升力时的速度为，则有解得：由得16（15分）解析：（1）装置转动的角速度为时，对小球B解得：（2）装置转动的角速度为时，对小球B解得：（3）装置转动的角速度为2时，设OB的长度变为，对小球B解得：设细线的长度为L，对圆环A角速度为时，角速度为2时，解得：