河北省唐山市2022届高三下学期5月三模考试 数学 试题（含答案）.docx

1、唐山市2022年普通高等学校招生统一考试第三次模拟演练数学注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上2解答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号解答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效3考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回一、选择题：本题共8小题，每小题5分，共40分在每小题给出的四个选项中，只有一项是符含题目要求的1设集合，则（ ）A B C D2设复数z满足，则z的共轭复数在复平面内对应的点位于（ ）A第一象限 B第二象限 C第三象限 D第四象限3等比数列中，若，则（ ）A16

2、B C32 D4已知菱形的边长为2，则（ ）A B C1 D25的展开式中的系数为（ ）A B C2 D106阿基米德在他的著作关于圆锥体和球体中计算了一个椭圆的面积当我们垂直地缩小一个圆时，我们得到一个椭圆，椭圆的面积等于圆周率与椭圆的长半轴长与短半轴长的乘积，已知椭圆的面积为，两个焦点分别为，点P为椭圆C的上项点直线与椭圆C交于A，B两点，若的斜率之积为，则椭圆C的长轴长为（ ）A3 B6 C D7下列说法正确的是（ ）A数据的方差是0.1，则有数据的方差为9B将4名学生分配到2间宿舍，每间宿舍2人，则不同的分配方法共有种C从4名男医生和5名女医生中选出3名医生组成一个医疗小分队，既有男医

3、生又有女医生的组队方案共有种D在回归直线方程中，相对于样本点的残差为8已知函数则使不等式成立的实数x的取值范围为（ ）A B C D二、选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分在每小题给出的选项中，有多项符合题目要求全部选对的得5分，有选错的得0分，部分选对的得2分9下列命题正确的有（ ）A若，则 B若，则C若，则 D，则10已知为双曲线的两个焦点，P为双曲线C上任意一点，则（ ）A B双曲线C的渐近线方程为C双曲线C的离心率为 D11已知圆柱的上、下底面的中心分别为O，其高为2，为圆O的内接三角形，且，P为圆上的动点，则（ ）A若平面，则三棱锥外接球的表面积为B若，则C三棱锥体积的最大值为

4、D点A到平面距离的最大值为12已知函数，则下列说法正确的有（ ）A的周期为 B关于点对称C在上的最大值为 D在上的所有零点之和为三、填空题：本题共4小题，每小题5分，共20分13在某次测验中，测验结果服从正态分布若，则_14若，则_15直线与圆交于A，B两点，且，则实数_16角谷猜想又称冰雹猜想，是指任取一个正整数，如果它是奇数，就将它乘以3再加1；如果它是偶数，则将它除以2反复进行上述两种运算，经过有限次步骤后，必进入循环圈如取正整数，根据上述运算法则得出，共需要经过8个步滕变成1（简称为8步“香程”），已知数列满足：（m为正整数），若，则使得至少需要_步雹程；若；则m所有可能取值的和为_（

5、第问2分，第问3分）四、解答题：本题共6小题，共70分解答应写出文字说明、证明过程或演算步17（10分）如图，在四边形中，（1）证明：为直角三角形；（2）若，求四边形面积S的最大值18（12分）已知正项数列满足（1）求数列的通项公式；（2）设数列的前n项和为，证明：19（12分）某景区内有一项“投球”游戏，游戏规则如下：游客投球目标为由近及远设置的A，B，C三个空桶，每次投一个球，投进桶内即成功，游客每投一个球交费10元，投进A桶，奖励游客面值20元的景区消费券；投进B桶，奖励游客面值60元的景区消费券；投进C桶，奖励游客面值90元的景区消费券；投不进则没有奖励游客各次投球是否投进相互独立（1

6、）向A桶投球3次，每次投进的概率为p，记投进2次的概率为，求的最大值点；（2）游客甲投进A，B，C三桶的概率分别为，若他投球一次，他应该选择向哪个桶投球更有利？说明理由20（12分）如图，在四棱锥中，平面平面，底面是梯形，（1）证明：平面；（2）若，E为线段的中点，求平面与平面所成锐二面角的余弦值21（12分）在平面直角坐标系中，动圆M与圆相内切，且与直线相切，记动圆圆心M的轨迹为曲线C（1）求曲线C的方程；（2）过点的直线l与曲线C交于A，B两点，分别以A，B为切点作曲线C的切线力，直线相交于点P若，求直线l的方程22（12分）已知函数（1）当时，求的单调区间；（2）若函数在定义域内有两个不

7、相等的零点求实数a的取值范围；证明：唐山市2022年普通高等学校招生统一考试第三次模拟演练数学参考答案一、选择题：ADAB CBDC二、选择题：BD CD ACD BCD三、填空题：130.6 144 15或5 169，385四、解答题：17解：（1），整理得，为直角三角形（2），由，得（当且仅当时取等号）所以四边形面积S的最大值为1218解：（1）由已知，即又，故，即（且）所以，当时，当时，所以（2）当时，法二：19解：（1）3次向A桶投球投进2次的概率令，得当时，；当时，在上单调递增，在单调递减，所以的最大值点（2）由（1）得游客甲投进A，B，C三桶的概率分别为设投进A桶的纯收入为X元，；

8、设投进B桶的纯收入为Y元，；设投进C桶的纯收入为Z元，；因为所以游客甲选择向B桶投球更有利20解：（1）证明：取中点F，连接，四边形为菱形，四边形为平行四边形，又，平面又平面，又平面平面，且平面平面，平面（2）平面，又，又，底面是直角梯形以所在直线分别为x轴，y轴，z轴建立空间直角坐标系，则，平面的一个法向量为，设平面的一个法向量为，由得取，平面与平面所成锐二面角的余弦值为21解：解：（1）设动圆圆心，半径为r，由已知可得,，化简得曲线C的方程为（2）由已知直线l的斜率一定存在，设l的方程为由得，由得，所以切线的斜率为，切线的方程为，即，同理可得，切线的方程为，由得，即，化简得，或直线l的斜率，直线l的方程为或22解：（1）当时，函数，定义域为由，得当时，当时，所以的单调递减区间为，单调递增区间为（2）若函数在定义域内有两个不相等的零点，则方程有两个不等的实根即方程有两个不等的实根记，则，记，则在上单减，且，当时，；当时，在上单调递增，在单调递减又且当时，方程为有两个不等的实根时，当时函数在定义域内有两个不相等的零点要证，只需证，只需证，因为，两式相减得：整理得所以只需证，即证，即，不妨设，令，只需证，只需证，设，只需证当时，即可，在（单调递减，当时，在单调递增，当时，原不等式得证