北京市丰台区2022届高三物理二模试卷及答案.pdf

1、参考答案 第一部分共 14 题，每题 3分，共 42 分。 1.A2. A3.B 4.D 5.C 6.B 7.C 8.D 9.C 10.D 11.D 12.B 13. A14. C第二部分共 6题，共 58 分。 15.（8 分） （1）2.05 （2 分） （2） （2分） （3）a. A （2 分） b. 由闭合电路根据欧姆定律 IrEU-=得到 () ()rIErIEU12-=即 rIU= 因此IU的值不变。 （2 分） 16.（10分） （1）a. C（2分） b. 碰撞前后小球从同一高度做平抛运动；根据平抛运动规律，小球在空中运动的时间相同，因此碰撞前后的速度可由平抛运动的水平射程来

2、替代。 （2分） （2）a. ONmOMmOPm+=211 ; 222121ONmOMmOPm+= （4分） b. 实验可能的结果是：碰撞前的总动量小于碰撞后的总动量；由于斜槽末端向上倾斜，小球抛出后做斜抛运动，水平速度变小。若斜槽引起小球在空中运动时间的变化忽略不计，则斜槽末端向上倾斜时，小球的水平位移变小，故可能会得到碰撞前的总动量小于碰撞后的总动量。（或说明：在斜槽末端离地高度不变的情况下，由于调节平衡后小球释放高度变高一些也给分。） （2 分） 17.（9 分） 解：（1）空载起飞时，升力正好等于重力，竖直方向平衡方程： mgkv =20 所以20vmgk = （3分） （2）载货起飞

3、时，升力正好等于重力，竖直方向平衡方程： Mgkv =21将 k带入解得：01vmMv = （3分）（3）该飞机装载货物后，初速度为零的匀加速直线运动，则由:adv2021=解得：mdMva220=根据匀变速速度与时间关系：atv=01解得：Mmvdt02=（3分） 18.（9 分） 解：（1）根据共点力平衡条件可知：=37tanmgqE 解得：kg10437tan4=gqEm （2 分） （2）从小球所处位置到最低点的过程中，根据动能定理: )cos1 (0212=mgLmv 解得：m/s2=v （3 分） （3）设小球落地点为 Q，根据几何关系可知：m237cos=hOQ 根据牛顿第二定律

4、有：mamgqE=+22 可得：2m/s5 .12=a 根据匀变速直线运动规律：axv2021= 解得：m/s51=v 根据动量定义可知：kgm/s1023-= mvP 方向：与竖直方向夹角为37 = （4分） 19.（10分） 解：（1）电荷量为 Q的点电荷，在与之相距 r处放一试探电荷 q,根据库仑定律，该试探电荷受到的电场力为： 2rQqkF = 由电场强度qFE = 得电荷量为 Q 的点电荷，在与之相距 r 处电场强度为： 2rQkE = （2 分） （2）a. 通过类比可以猜想两电流元间相互作用的磁场力大小 F可以写为： 22211)()(rlIlIKFm= （2分） b. 通过类比

5、电场强度的定义可写出在距电流元 I1l1为 r 处的磁感应强度 B 的表达式为： 22lIFB = 将磁场力 F表达式代入式子得 211rlIKBm= （2分） 由安培定则判断 B 的方向：垂直纸面向里 （1 分） c. 环形电流是由许多段的电流元组成，设任意一段电流元为 Ixlx则在距其 r处产生的磁感应强度由可知： ()rlIKBxxx2m= 则环形电流在圆心 O处产生的磁感应强度的大小 B可表示为: ()2321rllllIKBnm+= 得到：rIKBm2= （3分） 20.（12分） 解（1）a.由牛顿第二定律得自由电子的加速度 meEmFa= LUE = 由式得：mLeUa = （2

6、分） b.电子在 t0时间内做匀加速直线运动， 则定向运动的平均速率mLUetatvv222000= （2分） c.由电流的定义式tQI = 其中tSenvnVeQ0= 解得：mLSUtneneSvI2020= （2分） （2）a.短路时，粒子在洛伦兹力的作用下发生偏转，设 r0为圆周运动的半径，只有距 A板为 2r0的正离子能够打在A 板上形成等效电流，则qrntQIm02= 根据洛伦兹力提供向心力02rmvqvB=则qBmvr =0 联立可得：BnmvIm2= （3分） b.由电流定义得：NqI = 闭合电路欧姆定律得：rREI+= 电源电动势BdvE = 由rEIm=得nmdBr22= 联立解得：qnmdBRBdvN+=22 （3分） (其他方法解答正确均得分其他方法解答正确均得分)