（2019）新人教版高中物理必修第三册期中复习模拟测试二（必修第三册+动量守恒）.rar

20212022 学年第一学期期中模拟测试（二）学年第一学期期中模拟测试（二）高二物理试卷高二物理试卷考试范围：必修三+动量守恒；考试时间：75 分钟；总分：100 分注意事项：1答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息2请将答案正确填写在答题卡上一、单项选择题（本项共有一、单项选择题（本项共有 10 题，每小题题，每小题 4 分，共分，共 40 分）分）1.下列说法正确的是()A. 电场和电场线一样，是人为设想出来的，其实并不存在B. 根据，当两点电荷间的距离趋近于零时，电场力将趋向无穷大 = 12/2C. 从公式来看，场强大小 与 成正比，与 成反比 = /D. 当两个带电体的大小及形状对它们之间的相互作用力的影响可以忽略时，这两个带电体才可以看成点电荷2.用比值法定义物理量是物理学中一种常用方法，以下物理量表达式中不属于比值法定义的是()A. 电源电动势B. 导体电阻 = =C. 电容器的电容D. 电流强度 =4 =3.有些材料沿不同方向物理性质不同，我们称之为各向异性如图所示，长方体材料长、宽、高分别为 、 、 ，由于其电阻率各向异性，将其左右两侧接入电源时回路中的电流，与将其上下两侧接入该电源时回路中的电流相同，则该材料左右方向的电阻率与上下方向的电阻率之比为()A. B. C. D. 222222 4.两根由同种材料制成的均匀电阻丝 ， 并联在电路中， 的长度为 ，直径为 ； 的长度为，直径为，那么通电后在相同的时间内产生的热量之比为22()A. B. C. D. = 1 2 = 2 1 = 1 1 = 4 1 5.如图所示，两辆质量均为的小车 和 置于光滑的水平面上，有一质量为的人静止站在 车上，两车静止。若这个人自 车跳到 车上，接着又跳回 车并与 车相对静止。则此时 车和 车的速度之比为()A. B. C. D. + + + + 6.在光滑水平面上，原来静止的物体在水平力 的作用下，经过时间 、通过位移 后，动量变为 ，动能变为，以下说法正确的是()A. 在 作用下，这个物体经过位移，其动量等于22B. 在 作用下，这个物体经过时间，其动量等于22C. 在 作用下，这个物体经过时间，其动能等于22D. 在 作用下，这个物体经过位移，其动能等于247.固定电话机中的话筒工作时，用到的物理原理是()A. 电流的热效应B. 电磁感应C. 涡流D. 电流的磁效应8.关于物理学史以及原理，以下说法正确的是()A. 奥斯特心系“磁生电”，总结出了电磁感应定律B. 洛伦兹力始终不做功，所以动生电动势的产生与洛伦兹力无关C. 线圈的磁通量与线圈的匝数无关，线圈中产生的感应电动势也与线圈的匝数无关D. 涡流跟平时说的感应电流一样，都是由于穿过导体的磁通量的变化而产生9.如图所示，平行金属板中带电质点 原处于静止状态，不考虑电流表和电压表对电路的影响，当滑动变阻器的滑4片向 端移动时，则()A. 质点 将向上运动B. 电流表读数减小C. 电压表读数减小D. 上消耗的功率增大310.如图所示，一沙袋用无弹性轻细绳悬于 点。开始时沙袋处于静止状态，一弹丸以水平速度击中沙袋后未穿出，二者共同摆0动若弹丸质量为，沙袋质量为，弹丸和沙袋形状大小忽略5不计，弹丸击中沙袋后漏出的沙子质量忽略不计，不计空气阻力，重力加速度为 。下列说法中正确的是()A. 弹丸打入沙袋过程中，细绳所受拉力大小保持不变B. 弹丸打入沙袋过程中，弹丸对沙袋的冲量等于沙袋对弹丸的冲量C. 弹丸打入沙袋过程中所产生的热量为2072D. 沙袋和弹丸一起摆动所达到的最大高度为2072二、实验题（本大题共 2 小题，共 18.0 分）11.用如图甲所示的电路测量一节蓄电池的电动势和内电阻。蓄电池的电动势约为，内电2阻很小。除蓄电池、开关、导线外可供使用的实验器材还有：A.电压表量程(3)B.电流表量程(0.6)C.电流表量程(3)D.定值电阻阻值，额定功率0(44)E.滑动变阻器阻值范围，额定电流1(0201)F.滑动变阻器阻值范围，额定电流2(020000.1)电流表应选_；滑动变阻器应选_； 填器材前的字母代号 。(1)()根据实验数据作出图象 如图乙所示 ，则蓄电池的电动势_ ，内阻(2)() =_ ； =用此电路测量一节蓄电池的电动势和内电阻，产生误差的原因是_；测出的电动势(3)与真实值相比偏_；12.如图 所示，用“碰撞实验器“可以验证动量守恒定律，即研究两个小球在轨道水平部分1碰撞前后的动量关系实验中，直接测定小球碰撞前后的速度是不容易的但是，可以通过仅测量_ 填(1)(选项前的符号 ，间接地解决这个问题)A.小球开始释放高度B.小球抛出点距地面的高度C.小球做平抛运动的射程图 中 点是小球抛出点在地面上的垂直投影实验时，先让入射球多次从斜轨上 位(2)21置静止释放，找到其平均落地点的位置 ，测量平抛射程然后，把被碰小球静置于轨道的水平部分，再将入射球从斜轨上 位置静止释放，与21小球相碰，并多次重复接下来要完成的必要步骤是_ 填选项前的符号2.()A.用天平测量两个小球的质量、12B.测量小球开始释放高度1C.测量抛出点距地面的高度D.分别找到、相碰后平均落地点的位置、12E.测量平抛射程，经测定，小球落地点的平均位置距 点的距离如图所示碰撞(3)1= 45.02= 7.5前、后的动量分别为与，则：_：；若碰撞结束时的动量为，11111 =1122则：_12 = 11实验结果表明，碰撞前、后总动量的比值为_ 此问结果保留三位有效数字11+ 2.()三、计算题计算题:本题共本题共 4 小题，共计小题，共计 42 分解答时请写出必要的文字说明、方程分解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤只写出最后答案的不能得分有数值计算的题，答案中式和重要的演算步骤只写出最后答案的不能得分有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位必须明确写出数值和单位13.（8 分）如图所示，一束电子流从静止出发被的电压加速后，在距两极板等 = 4500距离处垂直进入水平放置平行板间的匀强电场，若偏转电场的两极板距离，板长 = 1.0， 已知电子的电量，质量求： = 5.0( = 1.6 1019 = 0.9 1030)电子离开加速电场时速度的大小(1)0要使电子能从平行板间飞出，偏转电场极板间允许的最大电(2)压14.（10 分）年将在我国举办第二十四届冬奥会，跳台滑雪是其中最具观赏性的项目2022之一。某滑道示意图如下，长直助滑道与弯曲滑道平滑衔接，滑道高， = 10是半径圆弧的最低点，质量的运动员从 处由静止开始匀加速下滑， = 20 = 60加速度，到达 点时速度。取重力加速度。 = 4.5/2= 30/ = 10/2求长直助滑道的长度 ；(1)求运动员在段所受合外力的冲量的 大小；(2)若不计段的阻力，画出运动员经过 点时的受力图，并求其所受支持力的大小。(3)15.（10 分）如图所示的电路中，电源电动势，内阻，电阻， = 1.5 = 11= 10，电容器的电容为。求：2= 410将开关闭合，电路稳定时通过的电流；(1)1将开关断开，通过的电量的大小及方向。(2)116.（14 分）如图所示，质量为的物块 可视为质点 放在质量为的木板 = 245() = 0.5左端，足够长的木板静止在光滑水平面上，物块与木板间的动摩擦因数为。质量为 = 0.4的子弹以速度沿水平方向射入物块并留在其中 时间极短 ， 取0= 50= 300/()。求：10/2子弹进入物块后一起向右滑行的最大速度；(1)1木板向右滑行的最大速度；(2)2物块在木板上滑行的时间 及物块在木板上相对木板滑行的距离 。(3)20212022 学年第一学期期中模拟测试（二）学年第一学期期中模拟测试（二）参考答案参考答案一、单一、单项项选选择择题（题（本项共有本项共有 10 题，题，每小题每小题 4 分，共分，共 40 分）分）1.【答案】【分析】库仑定律只适用于真空中两静止的点电荷之间的作用力。当带电体的形状、大小及电荷的分布状况对它们之间的作用力影响可以忽略时，可以看成点电荷。 两个带电体间的距离趋近于零时，带电体已经不能看成点电荷了。 解决本题的关键掌握库仑定律的适用范围，以及能看成点电荷的条件，当带电体的形状、大小及电荷的分布状况对它们之间的作用力影响可以忽略时，可以看成点电荷。【解答】A.电场线一样，是人为设想出来的，其实并不存在，电场是客观存在的，故 A 错误； B.当两个点电荷距离趋于 时，两带电体已不能看出点电荷了，该公式，不适用了，0 = 122故电场力并不是趋于无穷大，故 B 错误；式 采用比值定义法， 由电场本身的性质决定，与试探电荷无关，所以此场中某 = /点的电场强度 与 无关，故 C 错误；D.当带电体的形状、大小及电荷的分布状况对它们之间的作用力影响可以忽略时，可以看成点电荷，故 D 正确。故选 D。 2.【答案】【解析】【分析】所谓比值定义法，就是用两个基本的物理量的“比”来定义一个新的物理量的方法，比值法定义的基本特点是被定义的物理量往往是反映物质的最本质的属性。比值法定义物理量是物理学中一种常用的方法，比如：电场强度、磁感应强度、加速度、电阻、电容等等。【解答】A.电动势公式是电动势的定义式，故 A 不符合题意； =B.导体电阻， 等于电压 与电流 的比值，属于比值法定义，故 B 不符合题意； =C.电容器的电容是由电容器本身决定的，电容器的电容是电容器电容决定式，不是 =4定义式，故 C 符合题意；D.电流强度，电流 等于流过导体的某横截面与时间 的比值，属于比值法定义，故 D =不符合题意。本题选不属于比值法定义的，故选： 。 3.【答案】【解析】【分析】根据电阻定律分别写出两种情况下的电阻的表达式，然后比较即可。本题考查电阻定律的应用，要注意明确电阻大小与横截面积及导体长度有关系。【解答】由题可知，其左右两侧接入电源时回路中的电流，与将其上下两侧接入该电源时回路中的电流相同，则其左右两侧接入电源时回路中的电阻值等于将其上下两侧接入该电源时回路中的电阻值，由电阻定律可得：，所以：1 = 2 12 = 22故 C 正确，ABD 错误。故选 C。 4.【答案】【解析】【分析】串联电路电流相等，根据电阻定律求出电阻比，再根据求出 、 在相同的 = = 2时间内产生的热量之比。解决本题的关键知道串联电路电流相等，以及掌握电阻定律和焦耳定律。 = = 2【解答】长度之比为 ： ，直径比为 ： ，则横截面积比为 ： ，根据电阻定律知，电阻121214 = 之比为 ： ，根据，电流相等，则热量之比为 ： ，故 B 正确，ACD 错误。21 = 221故选 B。 5.【答案】【解析】【分析】对 、 两车以及人组成的系统，动量守恒，结合动量守恒定律，求出 和 车的速度大小之比。运用动量守恒定律解题关键选择好系统，确定系统动量是否守恒，然后列式求解。【解答】两车以及人组成的系统，动量守恒，规定向右为正方向，有：.，0 = ( + )解得：= + 故选 C。 6.【答案】【解析】解：由题意可知，经过时间 、通过位移 后，动量为 、动能为，由动量定理可知：，由动能定理得：，设物体质量为； = = 、当位移为时，物体的动能，物体的动量：2 = 2 = 2 = 2，故 AD 错误； =2=2 2=2、当时间为时，动量，物体的动能：2 = 2 = 2 = 2，故 B 正确，C 错误； =22=(2)22= 422= 4故选： 。由动能定理求出物体的动能，由动能与动量的关系求出动量由动量定理求出动量，然后由动能与动量的关系求出动能本题考查了求动能与动量，应用动能定理与动量定理即可正确解题，解题时要注意应用动能与动量的数量关系7.【答案】【解析】解：话筒的工作原理是：对着话筒讲话声波振动引起膜片振动带动线圈振动线圈切割永久磁体的磁场产生感应电流，属于电磁感应现象，故 B 正确，ACD 错误。故选： 。话筒工作原理是线圈运动切割永久磁体的磁场产生感应电流由此可知其工作原理是电磁感应现象话筒是利用电磁感应原理将声音信号变成电信号的，考查分析电子设备工作原理的能力。8.【答案】【解析】【分析】本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一。了解动生电动势产生的原因，熟记磁通量及感应电动势的计算方法。【解答】A.法拉第心系“磁生电”，通过近十年的艰苦探索终于发现了“磁生电”的条件。故 A 错误；B.因导体运动而产生的感应电动势称为动生电动势，导体中的自由电荷随导体在磁场中运动，受到洛伦兹力，而向导体一端移动，动生电动势是洛仑兹力分力对导体中自由电荷做功而引起的。故 B 错误；C.线圈的磁通量与线圈的匝数无关，而线圈中产生的感应电动势与线圈的匝数成正比，故C 错误；D.涡流跟平时说的感应电流一样，都是由于穿过导体的磁通量的变化而产生。故 D 正确。故选 D。 9.【答案】【解析】【分析】解决闭合电路欧姆定律的题目，一般可以按照整体 局部 整体的思路进行分析，注意电路中某一部分电阻减小时，无论电路的连接方式如何，总电阻均是减小的。由图可知电路结构，由滑片的移动可知电路中电阻的变化，再由闭合电路欧姆定律可知各电表示数的变化及电容器两端的电压变化；再分析质点的受力情况可知质点的运动情况。【解答】由图可知，与滑动变阻器串联后与并联后，再由串联接在电源两端，电容器.2431与并联，当滑片向 移动时，滑动变阻器接入电阻减小，则电路中总电阻减小，由闭合3电路欧姆定律可知，电路中电流增大，路端电压减小，同时两端的电压也增大，故并联1部分的电压减小，由欧姆定律可知流过的电流减小，则流过并联部分的电流增大，故电3流表示数增大，因并联部分电压减小，而中电压增大，故电压表示数减小，因电容器两2端电压减小，故电荷受到的向上电场力减小，则重力大于电场力，合力向下，电荷向下运动，故 AB 错误，C 正确；D.因两端的电压减小，由可知，上消耗的功率减小， 故 D 错误。 3 =2310.【答案】【解析】【分析】本题中物理过程较多，关键先要正确把握每个过程的物理规律，知道子弹打击过程遵守动量守恒定律和能量守恒定律。之后，整体的机械能守恒。弹丸打入砂袋过程中，根据向心力的变化分析细绳拉力的变化。根据牛顿第三定律和冲量的定义分析弹丸对砂袋的 = 冲量和于砂袋对弹丸的冲量大小关系。弹丸打入砂袋过程中，内力远大于外力，系统的动量守恒，由动量守恒定律和能量守恒定律结合求出产生的热量。弹丸打入砂袋后一起摆动过程中整体的机械能守恒，由机械能守恒定律求摆动所达到的最大高度。【解答】A.弹丸打入砂袋过程中，砂袋的速度不断增大，所需要的向心力，则细绳对砂袋的拉力增大，由牛顿第三定律知，砂袋对细绳的拉力增大，故 A 错误；B.弹丸打入砂袋过程中，弹丸对砂袋的作用力与砂袋对弹丸的作用力大小相等，作用时间相同，则弹丸对砂袋的冲量大小等于砂袋对弹丸的冲量，但是方向相反，故 B 错误；C.弹丸打入砂袋过程中，取水平向右为正方向，由动量守恒定律得，得0= ( + 5) =06产生的热量为，故 C 错误； =122012( + 5)2=51220D.弹丸打入砂袋后一起摆动过程中整体的机械能守恒，则得，12( + 5)2= ( + 5)，故 D 正确。 =2072故选 D。 二、实验题（本大题共 2 小题，共 18.0 分）11.【答案】； ； 电压表分流 ；小(1) (2)2.100.20 (3)【解析】解：由题意可知，电源的电动势约为，保护电阻为，故电路中最大电流(1)24约为：，电流表应选择 ；为方便实验操作，滑动变阻器应选择 。 =0=24= 0.5由电路利用闭合电路欧姆定律可知：(2) = (0+ )则由数学知识可得，图象与纵坐标的交点为电源电动势，故有： = 2.10而图象的斜率表示保护电阻与内电阻之和，故有： + 0=2.100.420.40 = 4.20解得电源内阻为： = 0.2根据闭合电路欧姆定律可知，由于电压表的分流作用导致电流表测出的电流小于干路的(3)总电流，从而造成误差；可采用等效电源法分析误差大小：把电压表与电源看做一“等效电源”，根据可知， = 断电动势测量值应等于等效电源的外电路断开时的路端电压，由于等效电源的外电路断开时，电压表与电源仍然组成一闭合电路，所以电源的路端电压将小于电动势，即电动势的测量值比真实值偏小。故答案为：， ；，；电压表分流，小(1)(2)2.100.2(3)由题意可确定出电路中的电流范围，为了保证电路的安全和准确，电流表应略大于最大(1)电流。由电路及闭合电路欧姆定律可得出函数关系，结合数学知识可得出电源的电动势和内电(2)阻。根据图示电路图分析实验误差原因及实验误差。(3)本题考查闭合电路的欧姆定律的仪表选择及数据的处理，注意图形中求出的内阻包含保护电阻，故最后应减去其阻值才是内电阻。12.【答案】；(1)(2)(3)142.91.01【解析】【分析】验证动量守恒定律实验中，质量可测而瞬时速度较难因此采用了落地高度不变的情况下，水平射程来反映平抛的初速度大小，所以仅测量小球抛出的水平射程来间接测出速度过程中小球释放高度不需要，小球抛出高度也不要求只需满足入射球每次从同一点开始运动即可；最后可通过质量与水平射程乘积来验证动量是否守恒本题考查验证动量守恒定律的实验；在验证动量守恒定律中，要注意明确实验原理，学会实验方法；学会在相同高度下，利用平抛运动的水平射程来间接测出速度，并能推导相应的动量守恒表达式求解对应的比值【解答】验证动量守恒定律实验中，即研究两个小球在轨道水平部分碰撞前后的动量关系，直接(1)测定小球碰撞前后的速度是不容易的，但是通过落地高度不变情况下水平射程来体现速度故选 C实验时，因为平抛竖直高度相同，落地时间相同，平抛初速度和位移成正比，所以不需(2)要测量高度和时间，先让入射球多次从斜轨上 位置静止释放，找到其平均落地点的位1置 ，测量平抛射程然后，把被碰小球静置于轨道的水平部分，再将入射球从斜.21轨上 位置静止释放，与小球相碰，并多次重复测量平均落点的位置，找到平抛运动2的水平位移，因此步骤中 、 是必须的，而且 要在 之前至于用天平秤质量先后均可以所以答案是：若碰撞是弹性碰撞，动能是守恒的，则有成立(3)1 2+ 2 2= 1 2碰撞前后动量之比：111=44.835.2=141112=1 2 =45 35.27.5 55.68=112.911+ 2=1 1 + 2 =45 44.845 35.2 + 7.5 55.68= 1.01故答案为：；。 142.91.01三、计算题计算题:本题共本题共 4 小题，共计小题，共计 42 分解答时请写出必要的文字说明、方程分解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤只写出最后答案的不能得分有数值计算的题，答案中式和重要的演算步骤只写出最后答案的不能得分有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位必须明确写出数值和单位13.【答案】解：由动能定理得(1) =12200=2=2 1.6 1019 45000.9 1030/ = 4 107/最大偏转量为(2)2= 0.025偏转量为2=12(0)2解得= 360答：电子离开加速电场时速度的大小为；(1)04 107/要使电子能从平行板间飞出，偏转电场极板间允许的最大电压为。(2)360【解析】本题中电子先经加速电场加速，后经偏转电场偏转，运用动能定理求解加速获得的速度，运用运动的分解法研究偏转过程是常用的方法如物理量有数值，则在列式计算时应注意不要提前代入数值，应将公式简化后再计算，这样可以减少计算量。在加速电场中根据动能定理求的速度；(1)粒子先加速再偏转，由题意可知当电子恰好飞出时，所加电场最大；由运动的合成与分(2)解关系可得出电压值。14.【答案】解：从 到 根据速度位移关系可得：，(1)22= 2解得： = 100根据动量定理可得：；(2) = = 60 300 = 1800 运动员经过 点时受到重力和支持力，如图所示(3)根据动能定理可得： =122122根据解得第二定律可得： = 2解得： = 3900【解析】从 到 根据速度位移关系求解的长度；(1)根据动量定理求解合外力的冲量 的大小；(2)根据受力情况画出运动员经过 点时受力示意图；根据动能定理、列方程求解支持力的(3)大小。本题主要是考查运动学计算公式、动量定理、动能定理和向心力的计算；利用动量定理解答问题时，要注意分析运动过程中物体的受力情况，知道合外力的冲量才等于动量的变化。15.【答案】解：根据闭合电路欧姆定律得：(1) ； =1+ 2+ = 0.1两端的电压：(2)11= 1= 1 电容器带的电量为：，下端为正极 = 1= 105 断开开关后，通过的电量，方向从下往上。1 = 105【解析】闭合开关 ，电阻、串联，根据闭合电路欧姆定律求出电流；(1)12闭合开关 ，电路稳定后电容器的电压等于两端的电压即， 电容器带的电量(2)11= 1为，通过的电荷量等于电容器带的电量。 = 11本题是含容电路，关键确定电容器的电压，电路稳定时电容器的电压等于与之并联的电路两端的电压。16.【答案】解：子弹进入物块后一起向右滑行的初速度即为物块的最大速度，由动量(1)守恒定律可得：00=(0+ )1解得：1= 6/当子弹、物块、木板三者共速时，木板的速度最大，由动量守恒定律可得：(2)(0+ )1=(0+ + )2解得：2= 2/对物块和子弹组成的整体应用动量定理得：(3)(0+ ) =(0+ )2(0+ )1解得： = 112( + 0)21=12( + 0+ )22+ ( + 0) = 3【解析】本题属于基础题，分析物体的运动过程，选择不同的系统作为研究对象，运用动量守恒定律求解，难度不大。子弹进入物块后一起向右滑行的初速度即为物块的最大速度，由动量守恒定律可得结果；(1)当子弹、物块、木板三者共速时，木板的速度最大，由动量守恒定律可得列出式子解出(2)即可；对物块和子弹组成的整体应用动量定理得即可得到结果。(3)20212022 学年第一学期期中模拟测试（二）学年第一学期期中模拟测试（二）高二物理试卷高二物理试卷考试范围：必修三+动量守恒；考试时间：75 分钟；总分：100 分注意事项：1答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息2请将答案正确填写在答题卡上一、单项选择题（本项共有一、单项选择题（本项共有 10 题，每小题题，每小题 4 分，共分，共 40 分）分）1.下列说法正确的是()A. 电场和电场线一样，是人为设想出来的，其实并不存在B. 根据，当两点电荷间的距离趋近于零时，电场力将趋向无穷大 = 12/2C. 从公式来看，场强大小 与 成正比，与 成反比 = /D. 当两个带电体的大小及形状对它们之间的相互作用力的影响可以忽略时，这两个带电体才可以看成点电荷【答案】D【分析】库仑定律只适用于真空中两静止的点电荷之间的作用力。当带电体的形状、大小及电荷的分布状况对它们之间的作用力影响可以忽略时，可以看成点电荷。 两个带电体间的距离趋近于零时，带电体已经不能看成点电荷了。 解决本题的关键掌握库仑定律的适用范围，以及能看成点电荷的条件，当带电体的形状、大小及电荷的分布状况对它们之间的作用力影响可以忽略时，可以看成点电荷。【解答】A.电场线一样，是人为设想出来的，其实并不存在，电场是客观存在的，故 A错误； B.当两个点电荷距离趋于 时，两带电体已不能看出点电荷了，该公式，不适0F = kq1q2r2用了，故电场力并不是趋于无穷大，故B错误；式 采用比值定义法， 由电场本身的性质决定，与试探电荷无关，所以此场CE = F/qE中某点的电场强度 与 无关，故C错误；EFD.当带电体的形状、大小及电荷的分布状况对它们之间的作用力影响可以忽略时，可以看成点电荷，故D正确。故选D。 2.用比值法定义物理量是物理学中一种常用方法，以下物理量表达式中不属于比值法定义的是()A. 电源电动势B. 导体电阻 = =C. 电容器的电容D. 电流强度 =4 =【答案】C【解析】【分析】所谓比值定义法，就是用两个基本的物理量的“比”来定义一个新的物理量的方法，比值法定义的基本特点是被定义的物理量往往是反映物质的最本质的属性。比值法定义物理量是物理学中一种常用的方法，比如：电场强度、磁感应强度、加速度、电阻、电容等等。【解答】A.电动势公式是电动势的定义式，故A不符合题意；E =WqB.导体电阻， 等于电压 与电流 的比值，属于比值法定义，故B不符合题意；R =UIRUIC.电容器的电容是由电容器本身决定的，电容器的电容是电容器电容决定式，C =rS4Kd不是定义式，故C符合题意；D.电流强度，电流 等于流过导体的某横截面与时间 的比值，属于比值法定义，I =qtIt故D不符合题意。本题选不属于比值法定义的，故选： 。 C3.有些材料沿不同方向物理性质不同，我们称之为各向异性如图所示，长方体材料长、宽、高分别为 、 、 ，由于其电阻率各向异性，将其左右两侧接入电源时回路中的电流，与将其上下两侧接入该电源时回路中的电流相同，则该材料左右方向的电阻率与上下方向的电阻率之比为()A. B. C. D. 222222【答案】C【解析】【分析】根据电阻定律分别写出两种情况下的电阻的表达式，然后比较即可。本题考查电阻定律的应用，要注意明确电阻大小与横截面积及导体长度有关系。【解答】由题可知，其左右两侧接入电源时回路中的电流，与将其上下两侧接入该电源时回路中的电流相同，则其左右两侧接入电源时回路中的电阻值等于将其上下两侧接入该电源时回路中的电阻值，由电阻定律可得：，所以：1ab c = 2ca b12 = c2a2故C正确，ABD错误。故选C。 4.两根由同种材料制成的均匀电阻丝 ， 并联在电路中， 的长度为 ，直径为 ； 的长度为，直径为，那么通电后在相同的时间内产生的热量之比为22()A. B. C. D. = 1 2 = 2 1 = 1 1 = 4 1【答案】B【解析】【分析】串联电路电流相等，根据电阻定律求出电阻比，再根据求出 、 在R = LSQ = I2RtAB相同的时间内产生的热量之比。解决本题的关键知道串联电路电流相等，以及掌握电阻定律和焦耳定律R = LS。Q = I2Rt【解答】长度之比为 ： ，直径比为 ： ，则横截面积比为 ： ，根据电阻定律知，121214R = LS电阻之比为 ： ，根据，电流相等，则热量之比为 ： ，故B正确，ACD错误。21Q = I2Rt21故选B。 5.如图所示，两辆质量均为的小车 和 置于光滑的水平面上，有一质量为的人静止站在 车上，两车静止。若这个人自 车跳到 车上，接着又跳回 车并与 车相对静止。则此时 车和 车的速度之比为()A. B. C. D. + + + + 【答案】C【解析】【分析】对 、 两车以及人组成的系统，动量守恒，结合动量守恒定律，求出 和 车的速度大ABAB小之比。运用动量守恒定律解题关键选择好系统，确定系统动量是否守恒，然后列式求解。【解答】两车以及人组成的系统，动量守恒，规定向右为正方向，有：AB.，0 = MvB(M + m)vA解得：vAvB=MM + m故选C。 6.在光滑水平面上，原来静止的物体在水平力 的作用下，经过时间 、通过位移 后，动量变为 ，动能变为，以下说法正确的是()A. 在 作用下，这个物体经过位移，其动量等于22B. 在 作用下，这个物体经过时间，其动量等于22C. 在 作用下，这个物体经过时间，其动能等于22D. 在 作用下，这个物体经过位移，其动能等于24【答案】B【解析】解：由题意可知，经过时间 、通过位移 后，动量为 、动能为，由动量定tlpEk理可知：，由动能定理得：，设物体质量为 ；p = FtEk= Flm、当位移为时，物体的动能，物体的动量：AD2lEk = F 2l = 2Fl = 2Ek，故AD错误；p =2mEk=2m 2Ek=2p、当时间为时，动量，物体的动能：BC2tp = F 2t = 2Ft = 2p，故B正确，C错误；Ek =p22m=(2p)22m= 4p22m= 4Ek故选： 。B由动能定理求出物体的动能，由动能与动量的关系求出动量由动量定理求出动量，然后由动能与动量的关系求出动能本题考查了求动能与动量，应用动能定理与动量定理即可正确解题，解题时要注意应用动能与动量的数量关系7.固定电话机中的话筒工作时，用到的物理原理是()A. 电流的热效应B. 电磁感应C. 涡流D. 电流的磁效应【答案】B【解析】解：话筒的工作原理是：对着话筒讲话声波振动引起膜片振动带动线圈振动线圈切割永久磁体的磁场产生感应电流，属于电磁感应现象，故B正确，ACD错误。故选： 。B话筒工作原理是线圈运动切割永久磁体的磁场产生感应电流由此可知其工作原理是电磁感应现象话筒是利用电磁感应原理将声音信号变成电信号的，考查分析电子设备工作原理的能力。8.关于物理学史以及原理，以下说法正确的是()A. 奥斯特心系“磁生电”，总结出了电磁感应定律B. 洛伦兹力始终不做功，所以动生电动势的产生与洛伦兹力无关C. 线圈的磁通量与线圈的匝数无关，线圈中产生的感应电动势也与线圈的匝数无关D. 涡流跟平时说的感应电流一样，都是由于穿过导体的磁通量的变化而产生【答案】D【解析】【分析】本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一。了解动生电动势产生的原因，熟记磁通量及感应电动势的计算方法。【解答】A.法拉第心系“磁生电”，通过近十年的艰苦探索终于发现了“磁生电”的条件。故A错误；B.因导体运动而产生的感应电动势称为动生电动势，导体中的自由电荷随导体在磁场中运动，受到洛伦兹力，而向导体一端移动，动生电动势是洛仑兹力分力对导体中自由电荷做功而引起的。故B错误；C.线圈的磁通量与线圈的匝数无关，而线圈中产生的感应电动势与线圈的匝数成正比，故C错误；D.涡流跟平时说的感应电流一样，都是由于穿过导体的磁通量的变化而产生。故D正确。故选D。 9.如图所示，平行金属板中带电质点 原处于静止状态，不考虑电流表和电压表对电路的影响，当滑动变阻器的滑片向 端移动时，则4()A. 质点 将向上运动B. 电流表读数减小C. 电压表读数减小D. 上消耗的功率增大3【答案】C【解析】【分析】解决闭合电路欧姆定律的题目，一般可以按照整体 局部 整体的思路进行分析，注意电路中某一部分电阻减小时，无论电路的连接方式如何，总电阻均是减小的。由图可知电路结构，由滑片的移动可知电路中电阻的变化，再由闭合电路欧姆定律可知各电表示数的变化及电容器两端的电压变化；再分析质点的受力情况可知质点的运动情况。【解答】由图可知，与滑动变阻器串联后与并联后，再由串联接在电源两端，电容ABC.R2R4R3R1器与并联，当滑片向 移动时，滑动变阻器接入电阻减小，则电路中总电阻减小，由R3b闭合电路欧姆定律可知，电路中电流增大，路端电压减小，同时两端的电压也增大，R1故并联部分的电压减小，由欧姆定律可知流过的电流减小，则流过并联部分的电流R3增大，故电流表示数增大，因并联部分电压减小，而中电压增大，故电压表示数减R2小，因电容器两端电压减小，故电荷受到的向上电场力减小，则重力大于电场力，合力向下，电荷向下运动，故AB错误，C正确；D.因两端的电压减小，由可知，上消耗的功率减小， 故D错误。 R3P =U2RR310.如图所示，一沙袋用无弹性轻细绳悬于 点。开始时沙袋处于静止状态，一弹丸以水平速度击中沙袋后未穿出，二者共0同摆动若弹丸质量为，沙袋质量为，弹丸和沙袋形状5大小忽略不计，弹丸击中沙袋后漏出的沙子质量忽略不计，不计空气阻力，重力加速度为 。下列说法中正确的是()A. 弹丸打入沙袋过程中，细绳所受拉力大小保持不变B. 弹丸打入沙袋过程中，弹丸对沙袋的冲量等于沙袋对弹丸的冲量C. 弹丸打入沙袋过程中所产生的热量为2072D. 沙袋和弹丸一起摆动所达到的最大高度为2072【答案】D【解析】【分析】本题中物理过程较多，关键先要正确把握每个过程的物理规律，知道子弹打击过程遵守动量守恒定律和能量守恒定律。之后，整体的机械能守恒。弹丸打入砂袋过程中，根据向心力的变化分析细绳拉力的变化。根据牛顿第三定律和冲量的定义分析I = Ft弹丸对砂袋的冲量和于砂袋对弹丸的冲量大小关系。弹丸打入砂袋过程中，内力远大于外力，系统的动量守恒，由动量守恒定律和能量守恒定律结合求出产生的热量。弹丸打入砂袋后一起摆动过程中整体的机械能守恒，由机械能守恒定律求摆动所达到的最大高度。【解答】A.弹丸打入砂袋过程中，砂袋的速度不断增大，所需要的向心力，则细绳对砂袋的拉力增大，由牛顿第三定律知，砂袋对细绳的拉力增大，故A错误；B.弹丸打入砂袋过程中，弹丸对砂袋的作用力与砂袋对弹丸的作用力大小相等，作用时间相同，则弹丸对砂袋的冲量大小等于砂袋对弹丸的冲量，但是方向相反，故B错误；C.弹丸打入砂袋过程中，取水平向右为正方向，由动量守恒定律得，mv0= (m + 5m)v得v =v06产生的热量为，故C错误；Q =12mv2012(m + 5m)v2=512mv20D.弹丸打入砂袋后一起摆动过程中整体的机械能守恒，则得，故D正确。12(m + 5m)v2= (m + 5m)g =v2072g故选D。 二、实验题（本大题共 2 小题，共 18.0 分）11.用如图甲所示的电路测量一节蓄电池的电动势和内电阻。蓄电池的电动势约为，2内电阻很小。除蓄电池、开关、导线外可供使用的实验器材还有：A.电压表量程(3)B.电流表量程(0.6)C.电流表量程(3)D.定值电阻阻值，额定功率0(44)E.滑动变阻器阻值范围，额定电流1(0201)F.滑动变阻器阻值范围，额定电流2(020000.1)电流表应选_；滑动变阻器应选_； 填器材前的字母代号 。(1)()根据实验数据作出图象 如图乙所示 ，则蓄电池的电动势_ ，内阻(2)() =_ ； =用此电路测量一节蓄电池的电动势和内电阻，产生误差的原因是_；测出的电(3)动势 与真实值相比偏_；【答案】； ； 电压表分流 ；小(1)BE(2)2.100.20(3)【解析】解：由题意可知，电源的电动势约为，保护电阻为，故电路中最大(1)2V4电流约为：，电流表应选择 ；为方便实验操作，滑动变阻器应选I =ER0=2V4= 0.5AB择 。E由电路利用闭合电路欧姆定律可知：(2)U = EI(R0+ r)则由数学知识可得，图象与纵坐标的交点为电源电动势，故有：E = 2.10V而图象的斜率表示保护电阻与内电阻之和，故有：r + R0=2.100.420.40 = 4.20解得电源内阻为：r = 0.2根据闭合电路欧姆定律可知，由于电压表的分流作用导致电流表测出的电流小于干(3)路的总电流，从而造成误差；可采用等效电源法分析误差大小：把电压表与电源看做一“等效电源”，根据可知，电动势测量值应等于等效电源的外电路断开时的路端电压，由于等效电E = U断源的外电路断开时，电压表与电源仍然组成一闭合电路，所以电源的路端电压将小于电动势，即电动势的测量值比真实值偏小。故答案为：， ；，；电压表分流，小(1)BE(2)2.100.2(3)由题意可确定出电路中的电流范围，为了保证电路的安全和准确，电流表应略大于(1)最大电流。由电路及闭合电路欧姆定律可得出函数关系，结合数学知识可得出电源的电动势和(2)内电阻。根据图示电路图分析实验误差原因及实验误差。(3)本题考查闭合电路的欧姆定律的仪表选择及数据的处理，注意图形中求出的内阻包UI含保护电阻，故最后应减去其阻值才是内电阻。12.如图 所示，用“碰撞实验器“可以验证动量守恒定律，即研究两个小球在轨道水平1部分碰撞前后的动量关系实验中，直接测定小球碰撞前后的速度是不容易的但是，可以通过仅测量_(1)填选项前的符号 ，间接地解决这个问题()A.小球开始释放高度B.小球抛出点距地面的高度C.小球做平抛运动的射程图 中 点是小球抛出点在地面上的垂直投影实验时，先让入射球多次从斜轨(2)21上 位置静止释放，找到其平均落地点的位置 ，测