2022年高考物理二轮复习：8种选择题题型概述及思维模板汇编.docx

1、第 1 页 共 31 页2022 年高考物理二轮复习：8 种选择题题型概述及思维模板汇编题型题型 1：直线运动问题：直线运动问题题型概述题型概述直线运动问题是高考的热点直线运动问题是高考的热点，可以单独考查，也可以与其他知识综合考查.单独考查若出现在选择题中，则重在考查基本概念，且常与图像结合;在计算题中常出现在第一个小题，难度为中等，常见形式为单体多过程问题和追及相遇问题.思维模板思维模板通过图像的坐标轴、关键点、斜率、面积等信息，对运动过程进行分析，从而解决问题;对单体多过程问题和追及相遇问题应按顺序逐步分析，再根据前后过程之间、两个物体之间的联系列出相应的方程，从而分析求解，前后过程的联

2、系主要是速度关系，两个物体间的联系主要是位移关系.1（2019新课标全国卷）如图，篮球架下的运动员原地垂直起跳扣篮，离地后重心上升的最大高度为 H。上升第一个所用的时间为 t1，第四个所用的时间为 t2。不计空气阻力，则满足（）A12B23C34D4a2，故 C 错误；D由图像斜率，速度为 v1时，第一次图像陡峭，第二次图像相对平缓，故 a1a2，由 Gfy=ma，可知，fy1fy2，故 D 正确。2（2018新课标全国 III 卷）在一斜面顶端，将甲乙两个小球分别以 v 和的速度沿同一方向水平抛出，两球都落在该斜面上。甲球落至斜面时的速率是乙球落至斜面时速率的（）A2 倍B4 倍C6 倍D8

3、 倍【答案】A【解析】设甲球落至斜面时的速率为 v1，乙落至斜面时的速率为 v2，由平抛运动规律，x=vt，y=gt2，设斜面倾角为，由几何关系，tan=y/x，小球由抛出到落至斜面，由机械能守恒定律，mv2+mgy=mv12，联立解得：v1=v，即落至斜面时的速率与抛出时的速率成正比。同理可得，v2=v/2，所以甲球落至斜面时的速率是乙球落至斜面时的速率的 2 倍，选项 A 正确。3（2017新课标全国卷）发球机从同一高度向正前方依次水平射出两个速度不同的乒乓球（忽略空气的影响）。速度较大的球越过球网，速度较小的球没有越过球网；其原因是（）A速度较小的球下降相同距离所用的时间较多B速度较小的

4、球在下降相同距离时在竖直方向上的速度较大C速度较大的球通过同一水平距离所用的时间较少D速度较大的球在相同时间间隔内下降的距离较大【答案】C第 17 页 共 31 页【解析】由题意知，速度大的球先过球网，即同样的时间速度大的球水平位移大，或者同样的水平距离速度大的球用时少，故 C 正确，ABD 错误。【名师点睛】重点要理解题意，本题考查平抛运动水平方向的运动规律。理论知识简单，难在由题意分析出水平方向运动的特点。4（2017江苏卷）如图所示，A、B 两小球从相同高度同时水平抛出，经过时间 t 在空中相遇， 若两球的抛出速度都变为原来的 2 倍， 则两球从抛出到相遇经过的时间为 （）（A）（B）（

5、C）（D）【答案】C【解析】设第一次抛出时 A 球的速度为 v1，B 球的速度为 v2，则 A、B 间的水平距离x=(v1+v2)t，第二次两球的速度为第一次的 2 倍，但两球间的水平距离不变，则x=2(v1+v2)T，联立得 T=t2，所以 C 正确；ABD 错误。【名师点睛】本题的关键信息是两球运动时间相同，水平位移之和不变。5（2017新课标全国卷）发球机从同一高度向正前方依次水平射出两个速度不同的乒乓球（忽略空气的影响）。速度较大的球越过球网，速度较小的球没有越过球网；其原因是（）A速度较小的球下降相同距离所用的时间较多B速度较小的球在下降相同距离时在竖直方向上的速度较大C速度较大的球

6、通过同一水平距离所用的时间较少D速度较大的球在相同时间间隔内下降的距离较大【答案】C【解析】由题意知，速度大的球先过球网，即同样的时间速度大的球水平位移大，或者同样的水平距离速度大的球用时少，故 C 正确，ABD 错误。【名师点睛】重点要理解题意，本题考查平抛运动水平方向的运动规律。理论知识简单，难在由题意分析出水平方向运动的特点。第 18 页 共 31 页6（2017江苏卷）如图所示，A、B 两小球从相同高度同时水平抛出，经过时间 t 在空中相遇，若两球的抛出速度都变为原来的 2 倍，则两球从抛出到相遇经过的时间为（）（A）（B）（C）（D）【答案】C【解析】设第一次抛出时 A 球的速度为

7、v1，B 球的速度为 v2，则 A、B 间的水平距离x=(v1+v2)t，第二次两球的速度为第一次的 2 倍，但两球间的水平距离不变，则x=2(v1+v2)T，联立得 T=t2，所以 C 正确；ABD 错误。【名师点睛】本题的关键信息是两球运动时间相同，水平位移之和不变。题型题型 5：圆周运动问题：圆周运动问题题型概述题型概述圆周运动问题按照受力情况可分为水平面内的圆周运动水平面内的圆周运动和竖直面内的圆周运动竖直面内的圆周运动，按其运动性质可分为匀速圆周运动和变速圆周运动。水平面内的圆周运动多为匀速圆周运动， 竖直面内的圆周运动一般为变速圆周运动.对水平面内的圆周运动重在考查向心力的供求关系

8、及临界问题临界问题，而竖直面内的圆周运动则重在考查最高点的受力情况最高点的受力情况.思维模板思维模板(1)对圆周运动，应先分析物体是否做匀速圆周运动应先分析物体是否做匀速圆周运动，若是，则物体所受的合外力等于向心力，由 F 合=mv2/r=mr2 列方程求解即可;若物体的运动不是匀速圆周运动，则应将物体所受的力进行正交分解，物体在指向圆心方向上的合力等于向心力。(2)竖直面内的圆周运动可以分为三个模型：绳模型：只能对物体提供指向圆心的弹力，能通过最高点的临界态为重力等于向心力;杆模型：可以提供指向圆心或背离圆心的力，能通过最高点的临界态是速度为第 19 页 共 31 页零;外轨模型：只能提供背

9、离圆心方向的力，物体在最高点时，若 v(gR)1/2，沿轨道做圆周运动，若 v(gR)1/2，离开轨道做抛体运动。1（2019江苏卷）如图所示，摩天轮悬挂的座舱在竖直平面内做匀速圆周运动座舱的质量为 m，运动半径为 R，角速度大小为，重力加速度为 g，则座舱A运动周期为B线速度的大小为RC受摩天轮作用力的大小始终为 mgD所受合力的大小始终为 m2R【答案】BD【解析】由于座舱做匀速圆周运动，由公式，解得：，故A 错误；由圆周运动的线速度与角速度的关系可知，故 B 正确；由于座舱做匀速圆周运动，所以座舱受到摩天轮的作用力是变力，不可能始终为，故 C 错误；由匀速圆周运动的合力提供向心力可得：，

10、故 D 正确。3（2019浙江选考）一质量为 2.0103kg 的汽车在水平公路上行驶，路面对轮胎的径向最大静摩擦力为 1.4104N，当汽车经过半径为 80 m 的弯道时，下列判断正确的是（）A汽车转弯时所受的力有重力、弹力、摩擦力和向心力B汽车转弯的速度为 20 m/s 时所需的向心力为 1.4104NC汽车转弯的速度为 20 m/s 时汽车会发生侧滑第 20 页 共 31 页D汽车能安全转弯的向心加速度不超过 7.0 m/s2【答案】D 【解析】汽车转弯时受到重力，地面的支持力，以及地面给的摩擦力，其中摩擦力充当向心力，A 错误；当最大静摩擦力充当向心力时，速度为临界速度，大于这个速度则

11、发生侧滑，根据牛顿第二定律可得，解得，所以汽车转弯的速度为 20 m/s 时，所需的向心力小于 1.4104N，汽车不会发生侧滑，BC 错误；汽车能安全转弯的向心加速度， 即汽车能安全转弯的向心加速度不超过 7.0 m/s2， D 正确。4（2018浙江选考）A、B 两艘快艇在湖面上做匀速圆周运动（如图），在相同时间内，它们通过的路程之比是 4:3，运动方向改变的角度之比是 3:2，则它们（）A线速度大小之比为 4:3B角速度大小之比为 3:4C圆周运动的半径之比为 2:1D向心加速度大小之比为 1:2【答案】A【解析】因为相同时间内他们通过的路程之比是 4:3，根据，则 A、B 的线速度之比

12、为 4:3，故 A 正确；运动方向改变的角度之比为 3:2，根据，则角速度之比为3:2，故 B 错误；根据可得圆周运动的半径之比为，故 C 错误；根据 a=v得，向心加速度之比为，故 D 错误。第 21 页 共 31 页5 （2018江苏卷）火车以 60 m/s 的速率转过一段弯道，某乘客发现放在桌面上的指南针在10 s 内匀速转过了约 10。在此 10 s 时间内，火车（）A运动路程为 600 mB加速度为零C角速度约为 1 rad/sD转弯半径约为 3.4 km【答案】AD【解析】圆周运动的弧长 s=vt=6010 m=600 m，选项 A 正确；火车转弯是圆周运动，圆周运动是变速运动，所

13、以合力不为零，加速度不为零，故选项 B 错误；由题意得圆周运动的角速度rad/s=rad/s，又，所以m=3439m，故选项 C 错误、D 正确。6（2017江苏卷）如图所示，一小物块被夹子夹紧，夹子通过轻绳悬挂在小环上，小环套在水平光滑细杆上，物块质量为 M，到小环的距离为 L，其两侧面与夹子间的最大静摩擦力均为 F小环和物块以速度 v 向右匀速运动，小环碰到杆上的钉子 P 后立刻停止，物块向上摆动。整个过程中，物块在夹子中没有滑动。小环和夹子的质量均不计，重力加速度为 g。下列说法正确的是（）（A）物块向右匀速运动时，绳中的张力等于 2F（B）小环碰到钉子 P 时，绳中的张力大于 2F（C

14、）物块上升的最大高度为（D）速度 v 不能超过【答案】D【解析】由题意知，F 为夹子与物块间的最大静摩擦力，但在实际运动过程中，夹子与物块间的静摩擦力没有达到最大，故物块向右匀速运动时，绳中的张力等于 Mg，A 错误；小环碰到钉子时，物块做圆周运动，绳中的张力大第 22 页 共 31 页于物块的重力 Mg， 当绳中的张力大于 2F 时， 物块将从夹子中滑出， 即，此时速度，故 B 错误；D 正确；物块能上升的最大高度，所以 C 错误。【名师点睛】在分析问题时，要细心。题中给的力 F 是夹子与物块间的最大静摩擦力，而在物块运动的过程中，没有信息表明夹子与物块间静摩擦力达到最大另小环碰到钉子后，物

15、块绕钉子做圆周运动，夹子与物块间的静摩擦力会突然增大。题型题型 6：牛顿运动定律的综合应用问题：牛顿运动定律的综合应用问题题型概述题型概述牛顿运动定律是高考重点考查的内容，每年在高考中都会出现，牛顿运动定律可将力学与运动学结合起来，与直线运动的综合应用问题常见的模型有连接体、传送带等，一般为多过程问题，也可以考查临界问题、周期性问题等内容，综合性较强。天体运动类题目是牛顿运动定律与万有引力定律及圆周运动的综合性题目，近几年来考查频率极高.思维模板思维模板以牛顿第二定律为桥梁，将力和运动联系起来，可以根据力来分析运动情况，也可以根据运动情况来分析力.对于多过程问题一般应根据物体的受力一步一步分析

16、物体的运动情况，直到求出结果或找出规律.对天体运动类问题，应紧抓两个公式：GMm/r2=mv2/r=mr2=mr42/T2 。GMm/R2=mg 。对于做圆周运动的星体(包括双星、三星系统)，可根据公式分析；对于变轨类问题，则应根据向心力的供求关系分析轨道的变化，再根据轨道的变化分析其他各物理量的变化。1（2019新课标全国卷）如图（a），物块和木板叠放在实验台上，物块用一不可伸长的细绳与固定在实验台上的力传感器相连，细绳水平。t=0 时，木板开始受到水平外力F 的作用，在 t=4 s 时撤去外力。细绳对物块的拉力 f 随时间 t 变化的关系如图（b）所示，木板的速度 v 与时间 t 的关系如

17、图（c）所示。木板与实验台之间的摩擦可以忽略。重力加速度取 g=10 m/s2。由题给数据可以得出（）第 23 页 共 31 页A木板的质量为 1 kgB2 s4 s 内，力 F 的大小为 0.4 NC02 s 内，力 F 的大小保持不变D物块与木板之间的动摩擦因数为 0.2【答案】AB【解析】结合两图像可判断出 02s 物块和木板还未发生相对滑动，它们之间的摩擦力为静摩擦力， 此过程力 F 等于 f， 故 F 在此过程中是变力， 即 C 错误； 25s内木板与物块发生相对滑动，摩擦力转变为滑动摩擦力，由牛顿运动定律，对 24s和 45s 列运动学方程，可解出质量 m 为 1kg，24s 内的

18、力 F 为 0.4N，故 A、B 正确；由于不知道物块的质量，所以无法计算它们之间的动摩擦因数，故 D 错误。2 （2018浙江选考）通过理想斜面实验得出“力不是维持物体运动的原因”的科学家是（）A亚里士多德B伽利略C笛卡尔D牛顿【答案】B【解析】A、亚里士多德认为力是维持物体运动状态的原因，故 A 错误；B、伽利略通过理想斜面实验提出了力不是维持物体运动的原因，故 B 正确；C、笛卡尔在伽利略研究的基础上第一次表述了惯性定律，故 C 错误；D、牛顿在伽利略等前人研究的基础上提出了牛顿第一定律，认为力是改变物体运动状态的原因，但不是第一个根据实验提出力不是维持物体运动原因的科学家，也不是第一个

19、提出惯性的科学家，故 D 错误；故选 B。3（2018新课标全国 I 卷）如图，轻弹簧的下端固定在水平桌面上，上端放有物块 P，系统处于静止状态，现用一竖直向上的力 F 作用在 P 上，使其向上做匀加速直线运动，以x 表示 P 离开静止位置的位移，在弹簧恢复原长前，下列表示 F 和 x 之间关系的图象可能正确的是（）第 24 页 共 31 页ABCD【答案】A【解析】由牛顿运动定律，Fmg+F弹=ma，F弹=k(x0 x)，kx0=mg，联立解得F=ma+kx，对比题给的四个图象，可能正确的是 A。4（2018浙江选考）如图所示，小芳在体重计上完成下蹲动作，下列 F-t 图像能反应体重计示数随

20、时间变化的是ABCD【答案】C 【解析】对人的运动过程分析可知，人下蹲的过程可以分成两段：人在加速下蹲的过程中，有向下的加速度，处于失重状态，此时人对传感器的压力小于人的重力第 25 页 共 31 页的大小；在减速下蹲的过程中，加速度方向向上，处于超重状态，此时人对传感器的压力大于人的重力的大小，故 C 正确，A、B、D 错误；故选 C。【点睛】人在加速下蹲的过程中，有向下的加速度，处于失重状态，在减速下蹲的过程中，加速度方向向上，处于超重状态。5（2018新课标全国卷）地下矿井中的矿石装在矿车中，用电机通过竖井运送至地面。某竖井中矿车提升的速度大小 v 随时间 t 的变化关系如图所示，其中图

21、线分别描述两次不同的提升过程，它们变速阶段加速度的大小都相同；两次提升的高度相同，提升的质量相等。不考虑摩擦阻力和空气阻力。对于第次和第次提升过程A矿车上升所用的时间之比为 4:5B电机的最大牵引力之比为 2:1C电机输出的最大功率之比为 2:1D电机所做的功之比为 4:5【答案】AC【解析】设第次所用时间为 t，根据速度图象的面积等于位移（此题中为提升的高度）可知，2t0v0=（t+3t0/2）v0，解得：t=5t0/2，所以第次和第次提升过程所用时间之比为 2t05t0/2=45，选项 A 正确；由于两次提升变速阶段的加速度大小相同，在匀加速阶段，由牛顿第二定律，Fmg=ma，可得提升的最

22、大牵引力之比为 11，选项 B 错误；由功率公式，P=Fv，电机输出的最大功率之比等于最大速度之比，为 21，选项 C 正确；加速上升过程的加速度 a1=，加速上升过程的牵引力F1=ma1+mg=m(+g)，减速上升过程的加速度 a2=，减速上升过程的牵引力F2=ma2+mg=m(g)，匀速运动过程的牵引力 F3=mg。第次提升过程做功第 26 页 共 31 页W1=F1t0v0+F2t0v0=mgv0t0；第次提升过程做功W2=F1t0v0+F3v03t0/2+F2t0v0=mgv0t0；两次做功相同，选项 D错误。题型题型 7：机车的启动问题：机车的启动问题题型概述题型概述机车的启动方式常

23、考查的有两种情况，一种是以恒定功率启动，一种是以恒定加速度启动，不管是哪一种启动方式不管是哪一种启动方式，都是采用瞬时功率的公式都是采用瞬时功率的公式 P=Fv 和牛顿第二和牛顿第二定律的公式定律的公式 F-f=ma 来分析。来分析。思维模板思维模板机车以额定功率启动.机车的启动过程如图所示，由于功率 P=Fv 恒定，由公式P=Fv 和 F-f=ma 知，随着速度 v 的增大，牵引力 F 必将减小，因此加速度 a 也必将减小，机车做加速度不断减小的加速运动，直到 F=f，a=0，这时速度 v 达到最大值 vm=P 额定/F=P 额定/f。这种加速过程发动机做的功只能用 W=Pt 计算，不能用

24、W=Fs 计算(因为 F 为变力)。1（2018新课标全国 I 卷）高铁列车在启动阶段的运动可看作初速度为零的均加速直线运动，在启动阶段列车的动能（）A与它所经历的时间成正比B与它的位移成正比C与它的速度成正比D与它的动量成正比【答案】B【解析】 根据初速度为零匀变速直线运动规律可知， 在启动阶段， 列车的速度与时间成正比，即 v=at，由动能公式 Ek=mv2，可知列车动能与速度的二次方成正比，与时间的二次方成正比，选项 AC 错误；由 v2=2ax，可知列车动能与位移 x 成正比，选项 B 正确；由动量公式p=mv，可知列车动能 Ek=mv2=，即与列车的动量二次方成正比，选项 D 错误。

25、第 27 页 共 31 页2（2018新课标全国 III 卷）地下矿井中的矿石装在矿车中，用电机通过竖井运送至地面。某竖井中矿车提升的速度大小 v 随时间 t 的变化关系如图所示， 其中图线分别描述两次不同的提升过程，它们变速阶段加速度的大小都相同；两次提升的高度相同，提升的质量相等。不考虑摩擦阻力和空气阻力。对于第次和第次提升过程（）A矿车上升所用的时间之比为 4:5B电机的最大牵引力之比为 2:1C电机输出的最大功率之比为 2:1D电机所做的功之比为 4:5【答案】AC【解析】设第次所用时间为 t，根据速度图象的面积等于位移（此题中为提升的高度）可知，2t0v0=（t+3t0/2）v0，解

26、得：t=5t0/2，所以第次和第次提升过程所用时间之比为 2t05t0/2=45，选项 A 正确；由于两次提升变速阶段的加速度大小相同，在匀加速阶段，由牛顿第二定律，Fmg=ma，可得提升的最大牵引力之比为 11，选项 B 错误；由功率公式，P=Fv，电机输出的最大功率之比等于最大速度之比，为 21，选项 C 正确；加速上升过程的加速度 a1=，加速上升过程的牵引力 F1=ma1+mg=m(+g)，减速上升过程的加速度 a2=，减速上升过程的牵引力 F2=ma2+mg=m(g)，匀速运动过程的牵引力 F3=mg。第次提升过程做功W1=F1t0v0+F2t0v0=mgv0t0；第次提升过程做功W

27、2=F1t0v0+F3v03t0/2+F2t0v0=mgv0t0； 两次做功相同， 选项 D错误。题型题型 8：以能量为核心的综合应用问题：以能量为核心的综合应用问题题型概述题型概述第 28 页 共 31 页以能量为核心的综合应用问题一般分四类：第一类为单体机械能守恒问题，第二类为多体系统机械能守恒问题，第三类为单体动能定理问题，第四类为多体系统功能关系(能量守恒)问题。多体系统的组成模式：两个或多个叠放在一起的物体，用细线或轻杆等相连的两个或多个物体，直接接触的两个或多个物体.思维模板思维模板能量问题的解题工具一般有动能定理，能量守恒定律，机械能守恒定律。(1)动能定理使用方法简单，只要选定

28、物体和过程，直接列出方程即可，动能定理适用于所有过程;(2)能量守恒定律同样适用于所有过程，分析时只要分析出哪些能量减少，哪些能量增加，根据减少的能量等于增加的能量列方程即可;(3)机械能守恒定律只是能量守恒定律的一种特殊形式，但在力学中也非常重要.很多题目都可以用两种甚至三种方法求解，可根据题目情况灵活选取。1（2018江苏卷）如图所示，轻质弹簧一端固定，另一端连接一小物块，O 点为弹簧在原长时物块的位置。物块由 A 点静止释放，沿粗糙程度相同的水平面向右运动，最远到达 B 点。在从 A 到 B 的过程中，物块A加速度先减小后增大B经过 O 点时的速度最大C所受弹簧弹力始终做正功D所受弹簧弹

29、力做的功等于克服摩擦力做的功【答案】AD【解析】物体从 A 点到 O 点过程，弹力逐渐减为零，刚开始弹簧弹力大于摩擦力，故可分为弹力大于摩擦力过程和弹力小于摩擦力过程：弹力大于摩擦力过程，合力向右，加速度也向右，由于弹力减小，摩擦力不变，小球所受合力减小加速度减小，弹力等于摩擦力时速度最大，此位置在 A 点与 O 点之间；弹力小于摩擦力过程，合力方向与运动方向相反，弹力减小，摩擦力大小不变，物体所受合力增大，物第 29 页 共 31 页体的加速度随弹簧形变量的减小而增加，物体作减速运动；从 O 点到 B 点的过程弹力增大，合力向左，加速度继续增大，选项 A 正确、选项 B 错误；从 A 点到

30、O 点过程，弹簧由压缩恢复原长弹力做正功，从 O 点到 B 点的过程，弹簧伸长，弹力做负功，故选项 C 错误；从 A 到 B 的过程中根据动能定理弹簧弹力做的功等于物体克服摩擦力做的功，故选项 D 正确。2（2017新课标全国卷）如图，一光滑大圆环固定在桌面上，环面位于竖直平面内，在大圆环上套着一个小环。小环由大圆环的最高点从静止开始下滑，在小环下滑的过程中，大圆环对它的作用力（）A一直不做功B一直做正功C始终指向大圆环圆心D始终背离大圆环圆心【答案】A【解析】大圆环光滑，则大圆环对小环的作用力总是沿半径方向，与速度方向垂直，故大圆环对小环的作用力一直不做功，选项 A 正确，B 错误；开始时大

31、圆环对小环的作用力背离圆心，最后指向圆心，故选项 CD 错误；故选 A。【名师点睛】此题关键是知道小圆环在大圆环上的运动过程中，小圆环受到的弹力方向始终沿大圆环的半径方向，先是沿半径向外，后沿半径向里。3（2017江苏卷）一小物块沿斜面向上滑动，然后滑回到原处物块初动能为，与斜面间的动摩擦因数不变，则该过程中，物块的动能与位移的关系图线是（）【答案】C【解析】向上滑动的过程中，根据动能定理：，同理，下滑过程中，由动能定理可得：，故 C 正确；ABD 错误。【名师点睛】本题考查动能定理及学生的识图能力，根据动能定理写出 Ekx 图象的函数关系，从而得出图象斜率描述的物理意义。第 30 页 共 3

32、1 页4（2017新课标全国卷）如图，一质量为 m，长度为 l 的均匀柔软细绳 PQ 竖直悬挂。用外力将绳的下端 Q 缓慢地竖直向上拉起至 M 点，M 点与绳的上端 P 相距。重力加速度大小为 g。在此过程中，外力做的功为（）ABCD【答案】A【解析】将绳的下端 Q 缓慢地竖直向上拉起至 M 点，PM 段绳的机械能不变，MQ 段绳的机械能的增加量为，由功能关系可知，在此过程中，外力做的功，故选 A。【名师点睛】重点理解机械能变化与外力做功的关系，本题的难点是过程中重心高度的变化情况。5 （2017天津卷）“天津之眼”是一座跨河建设、桥轮合一的摩天轮，是天津市的地标之一。摩天轮悬挂透明座舱， 乘

33、客随座舱在竖直面内做匀速圆周运动。 下列叙述正确的是 （）A摩天轮转动过程中，乘客的机械能保持不变B在最高点，乘客重力大于座椅对他的支持力C摩天轮转动一周的过程中，乘客重力的冲量为零D摩天轮转动过程中，乘客重力的瞬时功率保持不变第 31 页 共 31 页【答案】B【解析】机械能等于动能和重力势能之和，乘客随座舱在竖直面内做匀速圆周运动，动能不变，重力势能时刻发生变化，则机械能在变化，故 A 错误；在最高点对乘客受力分析，根据牛顿第二定律有：，座椅对他的支持力，故 B 正确；乘客随座舱转动一周的过程中，动量不变，是所受合力的冲量为零，重力的冲量，故 C 错误；乘客重力的瞬时功率，其中为线速度和竖直方向的夹角，摩天轮转动过程中，乘客的重力和线速度的大小不变， 但在变化， 所以乘客重力的瞬时功率在不断变化， 故 D 错误。【名师点睛】本题的难点在于对动量定理的理解，是“物体所受合力的冲量等于动量的变化”，而学生经常记为“力的冲量等于物体动量的变化”。