2022届(2019级)绵阳高中一诊全科(所有学科) 答案.doc

1、绵阳市高中 2019 级第一次诊断性考试 语文参考答案 1.C（A“需以表达作品的材料为核心保障”错；B“实践包括生产和生活”错，原文的 用词是“涉及”，“生产实践用于满足人的生存需要，生活实践则满足人的艺术需求”错，生 产和生活实践并未区分用途；D“那些优秀的技艺都已消失，无法挽救”错。） 2.A（A“文章紧紧围绕为什么重视技艺和如何传承技艺展开论述”错，文章并未论述如何传 承技艺。） 3.C（“造型和表演艺术的出现使社会分工更加明显”错。） 4.B（“位于地幔底层的岩浆”错，岩浆位于地幔顶层和地壳下层之间） 5.D（“全球各地区的气温下降 10左右”错，原文是地球年平均气温将会下降 10左

2、右。） 6.火山爆发后，形成了一个环绕地球的烟柱带，且移动速度快； 火山爆发时，产生了大量的有害气体； 火山爆发时，大量的微小颗粒进入平流层，形成薄雾； 火山位于赤道附近，其爆发后喷入平流层的物质会运动到另一个半球。 （每点 2 分，任答三点给满分，共 6 分。） 7.C（“立在窗前的新房就破坏了老墙之美”错，只是遮挡了看老墙的视线） 8.墙体现了匠人造墙的智慧和艺术，值得解读； 墙沉淀了自然与岁月的丰富印记，值得欣赏； 墙上承载了许多鲜活的生命，值得思考； 墙见证了逝去的岁月与文明，值得品味。 （每点 2 分，任答三点给满分，共 6 分。） 9.对老墙文化的留恋。作者希望“多读几段老墙”及深

3、情“眺望”等，表现对老墙的留恋。 对老墙留存的庆幸。“难得”保存“有温度的老墙”“前人的眼泪和笑脸”等，表现作者 内心的欣喜和庆幸。 对老墙终逝的无奈。“可惜”“弃了”“别了”等，说明随着社会发展，老墙终将消逝， 流露出作者深深的无奈。 对过往文明的怀想。“墙就与人长相厮守”，“烙下了人的体温、音容和身影”，是文明的 印记，眺望“老墙”，蕴含了作者对过往文明印记的怀想。 （每点 2 分，任答三点给满分，共 6 分。） 10.B 11.D（“指官员到地方任职之初，需考察当地政事和了解民俗民情”错，“视事”到职办公） 12.C（“王莹忠于职守，针砭时弊”错） 13.（1）谢超宗离开义兴郡时，和王莹

4、的关系变坏（相互憎恨仇视），（他）回去以后，就向 王懋说王莹的坏话（在王懋面前离间王莹）。 （划线处各 1 分，大意 1 分，共 5 分） （2）王莹的堂弟王亮主持朝廷政务后，虽然与王莹向来不和睦，但在当时却想举荐王莹与 自己一起共事。 （划线处各 1 分，大意 1 分，共 5 分） 14.C（“庆幸自己远离边地，不像边地那些牺牲的将士再也无法归家”理解不当） 15.本联写春鸟声声啼鸣似在不断劝人饮酒；以春鸟欢快地啼鸣反衬出诗人内心的复杂 情感，鸟儿只知劝人举杯饮酒，却不知诗人因惆怅年华逝去与忧心国事而无心饮酒；本联 运用拟人的修辞，将春鸟人格化，使情感的表达更加含蓄深沉，耐人回味。 （每点

5、2 分，共 6 分） 1 16.（1）而未尝往也而卒莫消长也 （2）夙兴夜寐靡有朝矣 （3）肉食者谋之又何间焉 （每句 1 分，与原文不相符，不得分，共 6 分） 17.A（签订：订立条约或合同并签字；签署：在重要文件上正式签字；前仆后继：前面的人 倒下了，后面的人继续跟上去，形容英勇奋斗，不怕牺牲；前赴后继：前面的人上去，后面 的人就跟上去，形容奋勇前进，连续不断；翻天覆地：形容变化巨大而彻底；沧海桑田：大 海变农田，农田变大海，形容世事变化很大；蔓延：像蔓草一样向周围扩展；曼延：连绵不 断） 18.C（A“这一百年的奋斗历程，中国人民深刻认识到”中途易辙；B“在这一百年的奋斗历 程中，让中

6、国人民深刻认识到”滥用介词导致主语缺失，后两句语序不当；D“在这一百年 的奋斗历程”缺少介词，后两句语序不当。） 19.A（和前文句式一致） 20. 引用“人心齐，泰山移”这一谚语，意在表明只要全国各族人民团结一心，就能发挥出极 大的力量； 运用比喻的修辞手法，将 56 个民族喻为紧紧拥抱在一起的“石榴籽”，巧妙地表现出各族 人民在中华民族伟大复兴之路上的和睦与团结。 （回答出 1 点给 2 分，2 点给 5 分，共 5 分） 21. 焦虑会加剧失眠有利于睡眠患焦虑症的风险就会越低 （每处 2 分，共 6 分） 参考译文： 王莹字奉光，是琅邪临沂人。他的父亲王懋，是光禄大夫、南乡僖侯。王莹娶宋

7、朝的临 淮公主，官拜驸马都尉，被授予著作佐郎，多次升迁后担任太子舍人，抚军功曹，散骑侍郎， 司徒左西属。齐高帝担任骠骑将军时，王莹被举荐为从事中郎。不久，王莹出任义兴太守， 代替谢超宗。谢超宗离开义兴郡，与王莹相互憎恨仇视（和王莹的关系变坏），（他）回去以 后，向王懋说王莹的坏话。王懋向朝廷禀告，说王莹供养父母不足，（王莹）由此失去郡职 而被弃置不用。一段时间之后，王莹担任前军谘议参军，中书侍郎，大司马从事中郎，还没 来得及上任，遭逢母亲去世。守丧期满，王莹担任给事黄门郎，又外调担任宣城太守，迁为 骠骑长史。又担任黄门侍郎、司马、太子中庶子，仍迁为侍中，又因父亲去世离开了职位。 守丧期满，又担

8、任侍中，兼任射声校尉，又担任冠军将军、东阳太守。王莹在郡里有仁政， 迁为吴兴太守。明帝忧虑各种政务，王莹接连担任二郡的长官，都有能够胜任的名声。很被 皇帝嘉奖赞美。他回朝后担任太子詹事、中领军。永元初年，政事由众小人统管，王莹忠于 职守却不能有所褒贬评论。王莹的堂弟王亮掌管朝政（主持朝廷政务）后，虽然与王莹向来 不和睦，但在当时却想举荐王莹与自己一起共事。王莹迁尚书左仆射，没来得及上任。适逢 护军崔慧景从京口奉江夏王来讨伐，王莹假节，率领众军在湖头抵抗崔慧景。夜里被崔慧景 袭击，军队溃散，王莹跳入水中，抓住木片逃入乐游，因而能够返回台城。崔慧景战败，王 莹回朝居于领军府。仁义之师到达，他又假节

9、，都督宫城各项军务。建康平定，高祖为相国， 举荐王莹为左长史，加冠军将军，奉送天子的车驾到江陵去迎接和帝。和帝到南州，让位于 正式寝宫以外的宫室。梁高祖即位，王莹升为侍中、抚军将军，封为建城县公，食邑千户。 不久又升为尚书左仆射，侍中、抚军还跟原来一样。不久，王莹担任护军将军，又迁为散骑 常侍、中军将军、丹阳尹。王莹任职三年，升为侍中、光禄大夫，兼任左卫将军。王莹性格 清高慎重，任职恭敬谨慎，高祖很器重他。天监十五年，王莹迁左光禄大夫、开府仪同三司， 丹阳尹、侍中还与从前一样。王莹将要受职，铸印的工匠铸造他的印，铸造六次，龟六次都 毁坏了，完成后，龟颈空虚不充实，填补后才使用它。王莹在职六天，

10、突然发病而亡，追赠 2 侍中、左光禄大夫、开府仪同三司。 3 绵阳市高中 2019 级第一次诊断性考试 理科数学参考答案及评分意见 一、选择题：本大题共 12 小题，每小题 5 分，共 60 分 CDBCCAABDDAD 二、填空题：本大题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分 3 13714 215 2 16 1， 2 2 三、解答题：本大题共 6 小题，共 70 分 17解： （ 1） f (x)3(1cos2x)sin2x3 3cos2xsin2x 2sin(2x) 4 分 3 相邻对称轴间距离为 2 ， 函数的最小正周期 T， 即 2 2 (0)，解得 1， f (x)2sin(2

11、x) 6 分 3 5 由2k2x2k，得kxk(kZ )， 2321212 函数 f (x) 在 0， 2 上的单调递增区间为0， 12 8 分 （ 2 ） 将 函 数 f (x)2sin(2x) 的 图 象 向 左 平 移(0) 个 单 位 后 得 32 g(x)2sin2(x)+=2sin(2x2+)， 33 g(x)为偶函数， g(0)2，即 sin(2)1， 10 分 3 k 2k，即(kZ) 32212 又0 ， 2 12 分 12 18解：（1） SS 1 32 ， nn 2 3S2a1aa S，即32 121 a12，a262 分 4 当n2 时，3 1 2 SnS n 由得an

12、 1 3an， 即 aa 13(n2) 2 n 又3 ， aa n1 数列a是以首项为 2，公比为 3 的等比数列 5 分 n a3 6 分 2 n1 n （2）由 na2n 3n 1，7 分 n 得 T（2 130231n3n 1) n 3T（2 1323n3n) 12 n 由，得 2T2 3031323nn 3n) （-， -1 n 13 n 2T22n3(1 2n)31 nn n 13 11 T(n)312 分 n n 22 19解：选择条件： 由btanC=(2ab)tanB，得sin(2)sin bCabB ， cosCcosB 由正弦定理可得，sinBsinCcosB=(2sin

13、AsinB)sinBcosC. sinCcosB2sin AcosCsinBcosC， 2sin AcosCsinCcosBsin BcosCsinCBsin A， C(0，)，sinC0， cos 1 A，又A(0， )， 22 A 3 选择条件：由正弦定理可得，2sinC cosB2sin Asin B， 又sin Asin(CB)， 2sinCcosB2sin(CB)sin B2(sinCcosBcosCsin B)sin B， 化简整理得2cosCsinBsinB， 1 由sinB0，cosC， 2 又 0 C，C 23 选择条件：由已知得，b2a2c2accos Aa2cos C，

14、由余弦定理，得b2a2c22abcosC， b2c2a2accosCc2cosA， 2abcosCaccosAa2cosC， a0，2bcosCccosAacosC， 由正弦定理，有2sinBcosCsinCcosAsin AcosCsin(AC)sinB， 5 1 sin B0，C. cos 2 又C4 分 C(0，)， 23 ac （1）证明：由正弦定理得 =23， sin Asin C a=23 sin A， =23 sin=23 sin()3 sin3cos，得证 6 分 aABBB 3 （2）由 AP=2PB 及 AB=3，可得 PB=1， 在PBC 中，由余弦定理可得， CPaaB

15、(3 sin B3cosB)212(3 sin B3cosB)cosB 2212cos 9 分 423 sin 2B ABC 为锐角三角形，()，即2(， ) 623 B，B 当2=，即 =时，2 CP取最大值为4+2 3BB 24 线段 CP 的长度的最大值为1+312 分 20解：（1）由题意得 f(x)x22ax3a2=-(x-3a)(x+a)1 分 当a1 时， f(x)(x1)(x3) ， x-4，2 由 f(x)0 ，解得3x1； 由 f(x)0 ，解得4x3 或 1x2 3 分 函数 f(x)在区间(-3，1)上单调递增，在区间-4，-3)，(1，2单调递减 又 25327 f

16、(4)，f (3)， ， f (1) 0，f (2)， 333 函数 f (x) 在区间-4，2上的最大值为 0，最小值 为 32 6 分 3 （2）存在实数 m，使不等式 f (x)0 的解集恰好为(m，+)， 等价于函数 f(x)只有一个零点 f(x)x22ax3a2=(x3a)(xa) ， i)当 a0 时，由 f(x)0 ，解得 3axa ， 函数 f(x)在区间(3a，-a)上单调递增； 由 f(x)0 ，解得 x3a 或 xa， 函数 f(x)在区间(，3a)，(-a，)上单调递减 又 5 f (0) 0 ， 3 只需要 f (-a)0，解得-1a0 6 实数 a 的取值范围为 -

17、1a0 时，由 f(x)0 ，解得ax3a ， 即 f(x)在区间(-a， 3a)上单调递增； 由 f(x)0 ，解得 xa 或 x3a ， 即函数 f(x)在区间(，-a)，(3a，)上单调递减； 又 5 f (0)0 ，只需要 f(3a)1 时， 3 f (x)xex1等价于 x22xlnx1 0 ，即 x2 2 1 x2ln x 0 x 令 1 F(x)x2ln x ， x 则 21(x1) 2 F(x)1 0 xxx 22 函数 F(x)在区间(1，) 上单调递增， F(x)F(1)0 ， 当 x1 时， 3 f (x)xex 1 6 分 x2 2 1 （2）由题得2 g(x)xe2x

18、lnxx(4a)x1 x 2 若 g(x)=f(x)+(4-a)x-1 无极值，则 g(x)0恒成立或 g(x)0 恒成立 i)当 g(x)0恒成立时， g(x)(x1)ex2(1ln x)x4a0 ， 即 a2(x1)ex 2ln x x min 令h(x)(x1)ex2ln xx 2(x2)1 h(x)(x2)ex1(x2)ex(x 2)(ex) (x0) xxx 11 令(x)ex，则(x)ex0， xx 2 即(x)在 (0，)上单调递增 8 分 1 又( )e2420，(1)e10 ， 2 7 存在 x( 0 1 2 1 ，1)，使得(x )e =0 x 0 0 x 0 当 x(0，

19、x ) 时，(x)0，即 h(x)0 ， 0 函数 h(x)在区间 (0，x )单调递 减 0 当 x(x ，) 时，(x)0 ，即 h(x)0 ， 0 函数 h(x)在区间 (x ，)单调递 增 0 函数 h(x)的最小值为 h(x0)=(x1)e2ln xx 10 分 x 0 000 又e x 0 1 ， 即 x 0 x0ln x0， 11 代入，得 h(x0)=(x1)e2ln xx =12xx1x x 0 000000 xx 00 又 x( 0 1 2 1 ，1)，则 h(x0)= =1x (3， 0 x 0 7 2 ) 正整数 a 的最大值是 5 ii)当 g(x)0 恒成立时， g

20、(x)(x1)ex2(1 lnx)x4a 0 ， 即 a2(x 1)ex2ln x x， max 又由（i）知， 函数 h(x)在区间 (x ，)上单调递 增， 0 函数 h(x)不存在最大值 综上：正整数 a 的最大值是 512 分 22解：（1）曲线C的极坐标方程为=2(0) 2 分 1 设 P(，)为曲线C上的任意一点， 2 =2cos() 2 曲线 C极坐标方程为=2sin(0) 5 分 2 （2）直线(0，R) 与曲线C，C分别交于点 A，B(异于极点)， 12 设 B(，)，则 A(，) BA 由题意得2sin，2 ， BA AB22sin 7 分 AB 点 M 到直线 AB 的距

21、离dOMsin2sin， 11 SAB d =(22sin) 2sin AOM 22 (sin1sin)1 2 2(1sin)sin2 42 8 1 (当且仅当 sin时，等号成立) 2 ABM 的面积的最大值为 1 2 10 分 23解：（1）由题意得 f (x)xmx2m (xm)(x2m)3m 3 分 函数f (x)的最大值为 6， 3m6 ，即m2 m0，m=2.5 分 （2）由（1）知， xyz2，x0，y0，z0， xx 2xyz(y)(z) 22 xyxz 22(当且仅 当 22 x 2 yz 时，等号成立)8 分 2xy2xz2 ， xyxz 2 (当且仅 当 1 x1，yz=

22、时，等号成立)10 分 2 9 绵阳市高中 2019 级第一次诊断性考试 文科数学参考答案及评分意见 一、选择题：本大题共 12 小题，每小题 5 分，共 60 分 CDADCACBBABC 二、填空题：本大题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分 13714215 2 2 161， 2 2 三、解答题：本大题共 6 小题，共 70 分 17解： （ 1）由题意得 A=2， 2 ， 2 42 分 函数 f (x) 的图象经过 点 M 7 (， 2) ， 24 7 2cos()2 6 又| 2 ， 5 分 6 f (x)2cos(4x) 6 分 6 由2k4x2k， 6 得 7kk x(k

23、Z) 242224 函数 f (x) 的单调递增区间 为 7k ， 242 k (kZ ) 8 分 224 （2） x， ， 8 8 2 4x ， 633 1 cos(4x)， 1， 62 函数f (x)的值域为-1，2 12 分 18解：（1）当 n=1 时，S12a 2= 1 a ， 1 10 解得 a12 2 分 S22， na n 当n2时，Sn 12a2 n 1 得an2an 1， 整理得an2an 1(n2) 数列a是以首项为 2，公比为 2 的等比数列5 分 n a2 6 分 n n （2）由（1）得 na a 1 247 分 n n Ta1a2a2a3(1)n 1a a 1 n

24、nn 218 nn n12 分 2(44( 1)4 )1( 4) 5 19解：选择条件： 由btanC=(2ab)tanB，得sin(2)sin bCabB ， cosCcosB 由正弦定理可得，sinBsinCcosB=(2sin AsinB)sinBcosC. sinCcosB2sin AcosCsinBcosC， 2sin AcosCsinCcosBsin BcosCsinCBsin A， A(0，)，sin A0， 1 ，C cosC，又C(0， ) 22 3 选择条件：由正弦定理可得，2sinC cosB2sin Asin B， 又sin Asin(CB)， 2sinCcosB2si

25、n(CB)sin B2(sinCcosBcosCsin B)sin B， 1 化简整理得2cosCsinBsinB，由sinB0，故cosC， 2 又 0 C，C 23 选择条件：由已知得，b2a2c2accos Aa2cos C， 由余弦定理，得b2a2c22abcosC， b2c2a2accosCc2cosA， 2abcosCaccosAa2cosC， 11 a0，2bcosCccos AacosC， 由正弦定理，有2sin BcosCsinCcos Asin AcosCsin(AC)sin B， 1 sin B0，C. cos 2 又C，C6 分 (0，) 23 （2）a=mb， m s

26、in(B) asin A31 38 分 bsin Bsin B22 tan B ABC 为锐角三角形，则B(， )， 62 3 tan B10 分 3 1 2 m 12 分 2 20解：（1）由题意得 f(x)x22ax3a2=-(x-3a)(x+a)1 分 当a1 时， f(x)(x1)(x3) ， x-4，2 由 f(x)0 ，解得3x1； 由 f(x)0 ，解得4x3 或 1x2 3 分 函数 f(x)在区间(-3，1)上单调递增，在区间-4，-3)，(1，2单调递减 又 25327 f (4)，f (3)， ， f (1) 0，f (2)， 333 函数 f (x) 在区间-4，2上的

27、最大值为 0，最小值 为 32 6 分 3 （2）函数 f(x)只有一个零点 f(x)x22ax3a2=(x3a)(xa) ， i)当 a0 时，由 f(x)0 ，解得 3axa ， 函数 f(x)在区间(3a，-a)上单调递增； 由 f(x)0 ，解得 x3a 或 xa， 函数 f(x)在区间(，3a)，(-a，)上单调递减 又 5 f (0) 0 ， 3 只需要 f (-a)0，解得-1a0 实数 a 的取值范围为 -1a0 时，由 f(x)0 ，解得ax3a ， 12 即 f(x)在区间(-a， 3a)上单调递增； 由 f(x)0 ，解得 xa 或 x3a ， 即函数 f(x)在区间(，

28、-a)，(3a，)上单调递减； 又 5 f (0)0 ，只需要 f(3a)-e-1 恒成立，f(1)=-e+a-2-e-1，即 a1 f(x)(x-2)ex+x2-2x(当 x=0 时，取“=”)6 分 令 g(x)=(x-2)ex+x2-2x， 则 g(x)(x1)ex2(x1)(x1)(ex2) 由 g(x)0，得 x1，由 g(x)0 ，得 x-e-1 综上，实数 a 的取值范围为 a112 分 22解：（1）曲线C的极坐标方程为=2(0) 2 分 1 设 P(，)为曲线C上的任意一点，可得=2cos() 2 2 曲线C极坐标方程为=2sin(0) 5 分 2 （2）直线(0，R) 与曲

29、线C，C分别相交于点 A，B， 12 设 B(，)，则 A(，) BA 由题意得2sin，2 ， BA AB22sin 7 分 AB 点 M 到直线 AB 的距离dOMsin2sin， 11 SABd =(22sin)2sin AOM 22 13 (sin1sin)1 2 2(1sin)sin2 42 1 (当且仅当 sin时，等号成立) 2 ABM 的面积的最大值为 1 2 10 分 23解：（1）由题意得 f (x)xmx2m (xm)(x2m)3m 3 分 函数f (x)的最大值为 6， 3m6 ，即m2 m0，m=2.5 分 （2）由（1）知， xyz2， x0，y0，z0， xx 2

30、xyz(y)(z) 22 xyxz 22(当且仅 当 22 x 2 yz 时，等号成立)8 分 2xy2xz2 ， xyxz 2 (当且仅 当 1 x1，yz=时，等号成立)10 分 2 14 绵阳市高 2019 级第一次诊断考试物理学科 参考答案和评分意见 二、选择题：本题共 8 小题，每小题 6 分。在每小题给出的四个选项中，第 1418 题只有 一项符合题目要求，第 1921 题有多项符合题目要求。全部选对的得 6 分，选对但不 全的得 3 分，有选错的得 0 分。 14.A15. A16.C17. B18.B19.BD20.BC21.AD 三、非选择题：本卷包括必考题和选考题两部分。

31、22.（6 分）（1）5.00（2 分），13.013.6（2 分） （2）B（2 分） 23.（9 分）（1）C（2 分）（2）0.319（2 分），0.315（2 分）（3）AC（3 分） 24.（12 分）解： （1）设物体通过 B 点时速度为 v1，从 B 点到 D 点经历时间 t1，水平方向位移 x1，竖直方向 位移为 y1，D 点到 B 点的距离为 x，则 x1=t1（1 分） 1 1 y =gt（1 分） 2 11 2 y tan45 = o1 x 1 （1 分） x =x +y（1 分） 222 11 A 到 B 过程中，由动能定理 1 mgRWm（2 分） 2 1 2 解得

32、1 WmgR（1 分） 2 （2）物体过 B 点的速度 v1、重力加速度 g 分别分解到垂直于斜面向方向分别为 v2、a，则当 垂直于斜面向上方向的速度为零时，物体距离斜面最远为 d，则 2= cos45（1 分） o 1 a=gcos45（1 分） o 2 2ad（1 分） 2 解得 2 d=R（2 分） 4 25.（20 分）解： （1）物块 C 质量 m31=1 kg，设 B 与平台间最大静摩擦力为 fm，假设系统静止，轻绳拉力大 小为 T，则 fmm g 2(12) 15Nm T= m31g=10 N 因为Tfm（2 分） 所以T=10 N（1 分） （2）物块 C 质量 m32=3

33、kg，有 15 m g m32g 1(m1 m2)g ，32 m gm 211 mmm 1232 所以，B 在平台上滑动，A 在 B 上滑动。（1 分） 在 C 下落过程中，设 A 的加速度大小为 a1，B 和 C 加速度大小相等为 a2，则 2m1g=m1a1（1 分） T1 2m1g1(m1 m2)g m2a2， m gTm a（1 分） 321321 解得 a1=1 m/s2，a2=3 m/s2 在 C 落地后，A 在 B 上相对 B 运动过程中，A 继续做加速度大小为 a1的匀加速运动，B 做匀减速运动，设加速度大小为 a3，则 2m1g+1(m1 m2)gm2a3（1 分） 解得 a

34、3=4 m/s2 设 C 下落过程时间为 t1，A 通过的距离为 x1，B 通过的距离为 x2，则 1 ha t2（1 分） 2 1 2 11 xa t2，2 xa t（1 分）11 122 1 22 解得 x1=0.5 m，x2=1.5 m，t1=1 s 设 A 刚好不滑出 B，A 在 B 上相对 B 运动时间为 t2，A 通过的距离为 x3，B 通过的距离 为 x4，则 a1(tt )a ta t（1 分） 122 13 2 11 x（），2 a tta tx（a t）ta t（1 分） 2 3242 1 121 22 123 2 解得 x3=0.48 m，x4=0.88 m，t2=0.4

35、 s 设选用木板 B 的最小长度为 Lm，则 L(xx )(xx )（1 分） 2143 解得Lm=1.4 m（1 分） （3）设在 C 下落过程中，B 克服水平平台滑动摩擦力做功 W1，A、B 间相对滑动摩擦 力做功 W2。系统减少的机械能 W，则 W= W1+ W2 W1=1(m1+m2)gh=15 J（1 分） 设长木板 B 长度是 L=0.5 m，A 与 B 间动摩擦因数为，则 W2=m1gL（1 分） 设在 C 下落过程中，A 的加速度大小为 a4，B 和 C 加速度大小相等为 a5，则 m1g=m1a4（1 分） m33g-m1g-1(m1+m2)g=(m33+m2) a5（1 分

36、） 解得 a4=10，a5=2-4 1 ha t2（1 分） 5 2 1 hLa t2（1 分） 4 2 解得 = 2 19 ，W2= 20 19 J W16.05（1 分） 16 17 33.【物理选修 33】 （ 15 分） （1） （ 5 分）ADE （2） （ 10 分）解： （）对封闭空气，升温前，设温度为 T1=300 K，压强为 p1，体积为 V1，则 p1=p0+g(h1+h2)=80 cmHg（1 分） V1=lS1（1 分） 当水银刚被全部挤出粗管时，设封闭空气的温度为 T2，压强为 p2，体积为 V2，水银柱 长度为 h3，则 h1S1+h2S2=h3S2解得 h3=6

37、cm（1 分） S2 p2=p0+gh3=82 cmHg（1 分） h3 V2=（h1+l）S1（1 分） pV 1 1 T 1 p V 22（1 分） T 2 h1 l S1 解得T2=369 K（1 分） （）当封闭气体温度 T3=492K 时，设水银最低端到粗管上端距离为 h4，则封闭空气压 强为 p3，体积为 V3，则 V3=（l+h1)2S2+h4S2（1 分）h3 由于 p3=p2，所以有 V 2 T 2 V 3 （1 分） T 3 h4 S2 h1 解得h4=8 cm（1 分） l S1 34.【物理选修 34】 （ 15 分） （1） （ 5 分）ABD （2） （ 10 分）

38、解： （）设光在 B 点折射时的入射角为 i，则 sini OA1 （1 分） OB2 sinr sini n（1 分） 解得 i=30o。r=45o（1 分） （）光从 A 到 B，设通过的路程为 s1，则 s1=Rcos30o（1 分） 光从 B 到 C，设通过的路程为 s2，与水平地面夹角为，如图，则 =ri=15o（1 分） 在OBC 中，由正弦定理有 sR 2（1 分） sinisin 根据数学公式有sin15o=sin(45o 30o)= 62 4 （1 分） c 设光速为 c，A 到 B 波速为（1 分） 1= n t 1 ss 1 ， 2 （1 分） t 2 c 1 t 解得1

39、 t 2 33 （1 分） 2 18 绵阳市高中 2019 级第一次诊断性考试 理科综合能力测试化学参考答案和评分标准 选择题： 7. D8. B9. C10. B11. C12. D13. A 非选择题 （一）必考题 26.（15 分） （1）分液漏斗（1 分）产生的氢气易燃易爆（1 分） （2）Fe2+被空气中的 O2氧化为 Fe3+（1 分）减少洗涤晶体时的溶解损失，使晶体易 于干燥（2 分） （3）Cu2+H2S=2H+CuS（2 分） （4）溶液变为浅红色，且 30 s 内不褪色（2 分） MnO 45Fe2+8H+=Mn2+5Fe3+4H2O（2 分） 97.20%（2 分）BC（

40、2 分） 27.（14 分） （1）SiO2或二氧化硅（1 分）2VO2+S2O8 2-2H2O =2VO+ 22SO4 2-4H（2 分） （2）4.3（2 分） （3）3H2O22CrO22OH =2CrO42-4H2O（2 分） 32（1 分） （4）趁热过滤（2 分） （5）60 、90 （2 分）沉钒率低，铬损率高；温度较高时 H2O2易分解，需降温 导致能耗增加；对储运及投料要求较高（答出其中任意两点均给 2 分） 28.（14 分） （1）CH3CH2OH(g)H2O(g)=4H2(g)2CO(g)H=+255.9 kJmol-1（2 分） 19 （2）16.7%或，0.167（

41、2 分）（1 分）2.25 或（2 分）BD（2 分） 64 （3）大（1 分）B（1 分） （4）减小（1 分）Kp减小对 v 的降低大于 k 增大对 v 的提高（2 分） （二）选考题 35. 化学选修 3：物质结构与性质（15 分） （1）3d104s1（2 分）空轨道（1 分）BaCuSi4O10（2 分） （2）sp3（1 分）平面三角形（1 分） （3）原子（1 分）分子（1 分） （4）（1 分）MgO 和 BaO 都是离子晶体，Mg2+和 Ba2+所带电荷相同，半径前者更 小，MgO 晶格能更大，熔沸点更高（2 分） （5）6（1 分） 480 1030（2 分） a3NA 3

42、6. 化学选修 5：有机化学基础（15 分） （1）间苯三酚（或 1, 3, 5-苯三酚）（1 分）羟基、羰基（2 分） 19 HOOH CHO HOO （2）+HCl + H2O（2 分） Cl OHO OHO （3）CH3CH2OH、浓 H2SO4（或乙醇、浓硫酸）（2 分）取代反应（2 分） HOOC OO （4）（2 分） OHO CH3 （5）5（2 分）CH3CCOOH（2 分） Br 20 绵阳市高中 2019 级第一次诊断性测试 生物试题参考答案及评分标准 说明： 1 生 物 学 专 有 名 词 和 专 业 术 语 出 现错字、别字、改变了原含义等，扣 1 分/字（或不得分）。

43、 2除参考答案外，其它合理答案应酌情给分。 选择题 （36 分） 1-6C A B C B D 非选择题（54 分） 29.（9 分） （1）无机盐（1 分）H2O、O2、CO2（3 分） （2）脲酶（1 分）DNA、蛋白质（2 分） （3）调节培养液渗透压和酸碱度（2 分） 30.（10 分） （1）叶绿体、线粒体和细胞质基质（2 分） （2）不变（2 分）（3）AC 和 BC（2 分）CO2的固定和 C3的还原（2 分） （4）在相同光照条件下，甲组 P/R 值更大，而呼吸速率不变，说明甲组光合作用速率更大， 需要 CO2浓度更高（2 分） 31.（8 分） （1）不允许（1 分）相平或高

44、度一致或不会出现高度差（h=0）（1 分） （2）向 A、B 两溶液中添加等量的蔗糖酶，持续观察液面变化（2 分） 若 A、B 溶液最终液面相等，则该半透膜允许单糖分子通过（2 分） 若 A 液面进一步升高，最终高于 B 液面，则该半透膜不允许单糖分子通过（2 分） 32.（12 分） （1）（2 分）长翅、直刚毛（2 分） （2）F1的长翅个体中雌性:雄性为 1:1，残翅个体中雌性:雄性为 1:1 （4 分）或 F1的雄性个体中长翅:残翅为 3:1，雌性个体中长翅:残翅为 3:1（4 分） （3）不完全相同（2 分） （4）实验证明 B、b 基因位于 X 染色体上，而A/a基因位于常染色体上

45、，故独立遗传（2 分） 37.（15 分） （1）细胞壁及胞间层（2 分）出汁率和澄清度（3 分） （2）成本更低，操作更容易（2 分）弱酸性（2 分） （3）先通氧后无氧（2 分）（4）糖源、氧气（2 分）选择（2 分） 38.（15 分） （1）特异性（2 分）能分泌乙肝病毒抗体的 B 细胞（2 分） （2）PEG（聚乙二醇）（2 分）未融合的亲本细胞和融合的具有同种核的细胞（3 分） 能无限增殖、产生大量乙肝病毒抗体（2 分） 21 （3） 抗体检测（2 分）抗原抗体特异结合（抗体特异性)（2 分） 22 绵阳市高中 2019 级第一次诊断性考试 文科综合(历史)参考答案及评分标准 一、

46、选择题（每题分，共 48 分） 2428 BCADB2933 ACDCB3435 AD 二、材料解析题（41 题 25 分，42 题 12 分，选做题 15 分，共 52 分。） 41.（1）背景：西方侵略，民族危机严重；洋务运动，自强求富；中体西用， 师夷长技。（6 分） 意义：凸显救亡图存决心；增强了国人的海权意识；带动民族工业 的发展。（6 分） （2）优势：得天独厚的地理环境；政府的全力支持；工业发达，强大的经 济实力；重视海洋战略研究。（8 分） （3）启示：强化海权意识，践行海洋强国战略；加大对海军建设投入；强 化军事思想与理论研究等。（5 分） 42. 示例 1：第一章从中西之别

47、讲起 阐述：希腊文明与中华文明各成体系。从政治制度方面，希腊城邦多元自治， 始终没有一个超越各邦之上的共同核心。中国先秦时期则是由周代的分封制，转 为战国时期的中央集权郡县制，大一统观念始终是中国的最高价值。古希腊始终 存在希腊人与蛮族的界限。先秦时期，华夏民族和周边民族相互融合，华夏认同 观念浓厚。由此可见，西方的特点是“分”，中国的主流是“合”。中华文明之所 以数千年屹立世界，靠的就是大一统体制。（12 分） 示例 2：第二章殷周之变：从尊神到敬德 阐述：殷商时期，鬼神观念极端浓厚，从上帝观念、祖先祭祀到占卜获得， 商人建构起一个相对稳定的天命观。周取代商以后，对天命观念进行了深刻的反 思

48、，提出“皇天无亲、惟德是辅”“天命靡常”的观念，把政权的正统性建立在 “合德性”上面。周人确立的“改朝”依据，使“以德治天下”“为政以德”成 为中国政治的主流。这种德治观念成为古代民本思想的滥觞，奠定大一统体制的 道义基础。（12 分） 示例 3：第三章周秦之变：从封建到郡县 阐述：平王东迁后，周天子权威衰微，宗法分封制渐次瓦解，礼乐文明逐渐 崩溃。面对礼崩乐坏的局面，诸子百家力图重建统一的政治秩序。在法家指导下， 23 秦国迅速实现富国强兵，结束分裂局面，实现国家统一。秦朝确立专制主义中央 集权体制，推广郡县制，实现政治大一统；统一货币、统一度量衡，实现经济大 一统，书同文、车同轨、行同伦，

49、实现文字大一统。到汉武帝时期，外儒内法、 济之以道成为统治思想，实现了文化的大一统。秦汉确定的大一统体制，奠定古 代两千多年政治制度的基础。 示例 4：第四章唐宋之变：从豪族到平民 阐述：汉唐时期，豪族势力兴盛，对大一统国家政权构成巨大挑战。到隋唐 时期，中央政府开始实行科举制度，以考试成绩而不是门第出身为标准选拔人才， 士大夫成为瓦解豪族权力格局的重要力量。到宋代，科举制度更加完善，在其他 社会因素共同作用下，形成了平民社会。面对社会结构的变动，理学家把儒家伦 理上升到天理的高度，宣扬存天理灭人欲，重建了儒家社会信仰。同时理学培养 的士绅阶层，在平民社会成为连接国家和个人的中介，通过构建具有

50、平民色彩的 民间宗族组织和乡里组织，推动平民社会的再组织。唐宋时期豪族问题的解决， 使大一统体制进一步成熟。（12 分） 示例 5：第五章由元而清：迈向“大中国”时代 阐述：中华文明包含了农耕文明和游牧文明两大区域。长期以来中国大一统 体制的整合主要局限于农耕文明地区，对游牧文明地区的整合程度有限。辽金元 为代表的农牧结合的游牧文明，最终实现了两大文明区域的整合，在空间上大大 扩充了中国的版图，中国进入“大中国”时代。从元到清，中央政府在农耕地区 推行行省制为代表的中央集权制度，对边疆地区则设立宣政院、理藩院等机构管 辖，因地制宜，因俗而治，丰富了大一统政治治理体系。到清朝时期，中华文明 成为