（真题）2019年江苏泰州中考物理试题（原卷+解析版）.doc

1、 泰州市泰州市 20192019 年初中学业水平考试物理试题年初中学业水平考试物理试题 一一. .选择题选择题 1.下列估测结果符合实际的是 A. 六月份泰州的平均气温约为 50 B. 一枚 1 元人民币硬币的质量大约 6g C. 中学生课桌的高度约为 80mm D. 家用 LED 节能灯的电功率约为 200W 2.下列做法中,不能改变音调的是 A. 用同一张卡片先后以不同速度划过梳齿 B. 用相同力度敲击大小不同的编钟 C. 改变杯内水量，用湿手摩擦杯口发声 D. 保持钢尺伸出桌面的长度不变，用大小不同的力拨动钢尺 3.下列关于物态变化的判断,正确的是 A. 樟脑丸逐渐消失熔化 B. 铁水浇

2、铸铁铸件凝华 C. 擦酒精解暑降温汽化 D. 秋末屋顶上结霜升华 4.“以铜为镜,可以正衣冠”光学原理是 A. 光的直线传播 B. 光的反射 C. 光的折射 D. 光的色散 5.下列关于粒子和宇宙的说法,正确的是 A. 摩擦起电的实质就是创造了电荷 B. 宇宙是一个有层次的天体结构系统,其中恒星是绝对不动的 C. 海绵容易被压缩,说明分子间有空隙 D. 两个表面光滑的铅块相互挤压后粘在一起,说明分子间存在吸引力 6.撑杆跳高是应用了撑杆的 A. 延展性好 B. 密度大 C. 弹性好 D. 硬度大 7.以下属于非清洁能源的是 A. 太阳能 B. 煤炭 C. 风能 D. 水能 8.物理学中用光线表

3、示光的传播路径和方向.下列做法应用了同种研究方法 A. 用磁感线来形象直观的描述磁场 B. 通过水流来初步认识电流 C. 探究小车动能大小的影响因素时,通过木块被撞后移动的距离来比较小车动能的大小 D. 探究压力大小对滑动摩擦力大小的影响时,控制接触面的粗糙程度等因素不变 9.人用力水平向左推讲台,没有推动,在这个过程中 A. 人对讲台的推力小于讲台受到的摩擦力 B. 讲台受到的惯性大于推力 C. 讲台受到的推力与重力是一对平衡力 D. 人对讲台没有做功 10.如图,一个小球在地面上弹跳,下列分析错误是 A. 小球从 A处到 B处重力势能增大 B. 小球从 B处到 C处动能增大 C. 小球在

4、B处比 D处重力势能大 D. 小球A、C、E 三处机械能总量相等 11.某智能家政机器人有三种识别启动方式:人脸识别(S1)、指纹识别(S2)、密码识别(S3),只要其中一种方式识 别成功,则相应开关闭合,机器人启动(机器人用表示),下列电路设计符合要求是 A. B. C. D. 12.如图,R1R2,闭合开关,将滑动变阻器的滑片向左滑动,电压表 V1示数变化量的绝对值为U1,电压表 V2示 数变化量的绝对值为U2,滑动变阻器 R 两端电压变化量的绝对值为U3,下列说法正确的是 A. V1示数变小,V2示数变大 B. V1示数变大,U1R2,闭合开关,将滑动变阻器的滑片向左滑动,电压表 V1示

5、数变化量的绝对值为U1,电压表 V2示 数变化量的绝对值为U2,滑动变阻器 R 两端电压变化量的绝对值为U3,下列说法正确的是 A. V1示数变小,V2示数变大 B. V1示数变大,U1R2，所以 U1 U2，故 B 选项错误； 电源电压不变，所以滑动变阻器减小的电压与电阻 R1、R2增加的电压之和相等，即 U3= U1+ U2，则 U1 U3，故 D选项正确。 二、填空题二、填空题 13.如图,用铁丝围成一个内径约 4mm的圆环,在清水中浸一下后取出,布满圆环的水膜犹如透镜,用这个水膜 透镜贴近课本上的字,看到的是正立放大的像,此像为_(实像/虚像);透过水膜透镜看远处的楼房楼房倒立 缩小了

6、,这种成像情况与_(照相机/幻灯机)成像原理相同;轻轻甩去一些水(保持水膜完好),透过水膜透 镜看远处的楼房成正立缩小的像,此时水膜透镜相当于_(凸透镜/凹透镜) 【答案】 (1). 虚像 (2). 照相机 (3). 凹透镜 【解析】 【详解】水膜透镜相当于凸透镜，根据凸透镜成像规律可知，当其贴近课本上的字，此时物距小于一倍焦 距，看到的是正立放大的虚像；当看远处的楼房楼房，此时物距大于二倍焦距，看到的是倒立缩小实像,这 种成像情况与照相机成像原理相同；因为通过凹透镜可以看到正立缩小的像（如近视镜） ，所以此时水透镜 相当于凹透镜； 14.用刻度尺测出实心合金块的边长为 2.00cm,用天平测

7、量合金块的质量,示数如图所示,合金块的质量为_g, 算出合金块的密度 =_g/cm3,若将此合金块切去一半,则剩余部分的密度_(变大/变小/不变) 【答案】 (1). 62.4 (2). 7.8 (3). 不变 【解析】 【详解】砝码质量为 50g、10g，游码分度值为 0.2g，其示数为 2.4g，所以合金块的质量为： m=50g+10g+2.4g=62.4g；合金块的边长为 2.00cm，其体积为V=（2.00cm） 3=8cm3，所以合金块的密度为： 3 3 62.4g =7.8g / cm 8cm m V ；密度是物质本身的一种属性，所以将此合金块切去一半,则剩余部分的密度是 不变的。

8、 15.如图,在大玻璃瓶与小玻璃瓶内各装入适量的水,将小瓶瓶口向下放入大瓶,使小瓶恰好悬浮.塞紧大瓶瓶塞, 用气筒向大瓶内打气,大瓶内水面上方气压增大,小瓶会_(下沉/上浮/继续悬浮);继续打气直到瓶塞跳起,瓶 口出现“白雾”,此过程大瓶上方的气体对瓶塞做功,_能转化为_能 【答案】 (1). 下沉 (2). 内 (3). 机械 【解析】 【详解】瓶内气压变大，水对小瓶瓶口的压强变大，会有部分水被压入小瓶中，使它的重力增加，大于它 受到的浮力，就向下沉；往瓶内打气时，活塞对瓶内气体做功，使瓶内气体内能增加、温度升高，当瓶塞 跳起时，瓶内气体对瓶塞做功，瓶内气体的内能转化为瓶塞的机械能。 16.

9、城市里尘土飞扬,空气中灰尘的运动_(是/不是)分子运动,如图是某城市新型洒水车， 洒水车在水平路上 一边向前匀速直线行驶一边向高空喷洒水雾，在此过程中，洒水车的机械能_（变大/变小/不变),以洒水 车为参照物,路边的树木是_(运动/静止)的,洒水车喷雾时后方常会出现彩虹,这是光的_现象,最早通过 实验研究这一现象的科学家是_ 【答案】 (1). 不是 (2). 变小 (3). 运动 (4). 色散或折射 (5). 牛顿 【解析】 【详解】空气中灰尘的运动是机械运动而不是分子运动； 洒水车在水平路上匀速直线行驶，说明其速度、 高度均不变，一边向高空喷洒水雾，说明其质量变小，重力势能与高度、质量有

10、关,高度没变,但质量变小, 所以重力势能变小；动能和速度和质量有关,速度不变,但质量变小,所以动能变小；因为机械能=动能+重力 势能，所以在此过程中洒水车的机械能变小；路边的树木相对于洒水车发生了机械运动，所以以洒水车为 参照物，树木是运动的；洒水车喷雾时后方常会出现彩虹，这是太阳光通过悬浮在空气中细小的水珠折射 而成的，白光经水珠折射以后，分成各种彩色光，这种现象叫做光的色散现象；最早通过实验研究这一现 象的是英国物理学家牛顿。 17.如图,磁悬浮无线蓝牙音箱可由蓝牙通过_ (超声波/电磁波)实现与手机数据的光速传输.该产品底座里有 一个电磁铁,可使箱体悬在空中,这是根据同名磁极相互_的原理

11、实现的该产品处于图示状态时,若重力突 然消失,则此瞬间底座对水平桌面_(有/没有)压力 【答案】 (1). 电磁波 (2). 排斥 (3). 有 【解析】 【详解】蓝牙是通过通过电磁波实现与手机数据的光速传输的，根据磁极间的相互作用关系可知，同名磁 极是相互排斥的，该蓝牙产品根据该原理实现悬浮；图示中状态，若重力突然消失，但箱体对底座由于磁 极间的排斥作用会受到一个向下的力，桌面阻碍其向下运动会给底座施加一个支持力，根据力的相互作用 性可知，此瞬间底座对水平桌面有压力作用。 18.如图甲,定值电阻 R2的阻值为 40.闭合开关,电流表 A1、A2的指针偏转均如图乙所示.则电流表 A1的读数 为

12、_A,电流表 A2的读数为_A,电源电压为_V,R1的阻值为_ 【答案】 (1). 1.5 (2). 0.3 (3). 12 (4). 10 【解析】 【详解】图甲是 R2与 R1并联的电路，电流表 A2测量 R2所在支路的电流，电流表 A1测量干路电流，所以 A1的示数一定较大，而二者指针偏转角度相同，所以可知 A1的量程为 03A，分度值为 0.1A，示数为 1.5A； A2的量程为 00.6A，分度值为 0.02A，示数为 0.3A； 根据欧姆定律可知 R2两端电压为：U=IR2=0.3A40=12V，所以电源电压为 12V； 根据并联电路电流规律可知，通过 R1的电流为：1.5A-0.

13、3A=1.2A; 根据欧姆定律可求出 R1阻值为： 12V =10 1.2A U R I 19.如图为某电磁继电器的工作原理图,开关 S闭合时,电磁铁_(有/无)磁性,_(电灯/电铃)通电工作 【答案】 (1). 有 (2). 电灯 【解析】 【详解】当开关 S 闭合，电路接通时，电磁铁通电，电磁铁有磁性，把衔铁吸引下来，使触点与电灯所在 的电路接通，电灯通电工作 20.如图为小明用手机 APP软件记录自己某一次跑步的数据截图,分析该图可知：他本次跑步时间为_min, 通过的路程为_km, 每跑一步的平均长度为_m 【答案】 (1). 15 (2). 2.025 (3). 0.9 【解析】 【

14、详解】根据图示中表格的信息可知，小明总步数为 2250 步，步频为 150步/min，平均速度为 8.10km/h； 则他本次跑步时间为： 2250 =15min 150/ min 步 步 ； 通过的路程为：s=vt=8.1km/h 1 15h 60 =2.025km； 每跑一步的平均长度为： 2025m =0.9m 2250 。 三、解答题三、解答题 21.如图,货物随传送带一起水平向右做匀速直线运动,画出该货物的受力示意图 （ ） 【答案】 【解析】 【详解】物体做匀速直线运动说明它受到了平衡力的作用，水平方向上没有牵引力，也就没有摩擦力，所 以水平方向上是不受力的；竖直方向上有重力和支持

15、力，物体 A 竖直方向上是静止的，重力和支持力就是 一对平衡力，大小相等、方向相反；作用点画在物体的中心就行，画出表示重力和支持力的射线标出箭头、 字母，具体作图如下： 22.在图中画出正确使用动滑轮提升重物的绕线方法 （ ） 【答案】 【解析】 【详解】连接动滑轮时，上端固定在顶面，线绕过滑轮，拉力方向竖直向上提升重物，所以具体作图如下： 23.将图中带开关的三孔插座正确接入家庭电路 （ ） 【答案】 【解析】 【详解】三孔插座左侧接线柱连接零线，中间接线柱是接地线的,右侧接线柱接火线，开关控制火线。故作 图如下： 24.如图,使用杠杆提升重物,拉力 F竖直向下,重物匀速缓慢上升,相关数据如

16、下表:求 物重 G/N 拉力 F/N 时间 t/s A 端上升的竖直距离 h/m B 端下降的竖直距离 s/m 200 500 0.5 0.4 0.2 （1）拉力所做的功 （2）拉力做功的功率 （3）此过程中,该杠杆的机械效率 【答案】 （1）100J（2）200W（3）80% 【解析】 【详解】 （1）拉力所做的功:W拉=Fs=500N0.2m=100J （2）拉力做功的功率： 100J =200W 0.5s W P t 拉 （3）此过程中拉力做的有用功为：200N?0.4m=80JWGh 该杠杆的机械效率: 80J =?100%=?100%=80% 100J W W 有 总 25.如图为某

17、型号电动机的铭牌,求: 牌电动机 型号 JT-44 额定电压 220V 额定功率 44W 线圈电阻 100 制造商 （1）此电动机的额定电流 （2）此电动机正常工作 10min 所消耗的电能和由此转化为的机械能 【答案】(1)0.2A (2)264000J;24000J 【解析】 【详解】 （1）根据表格数据可知，此电动机的额定电压为 U额=220V，额定电流为 P额=44W； 根据 P=UI可知 44V =0.2A 220V P I U ; （2）根据 W=UIt 可知此电动机正常工作 10min 所消耗的电能为： 220V 0.2A 10 60s26400JWUIt; 根据焦耳定律可知线圈

18、消耗的能量为： 22 =0.2A ?100 10?60s=2400JQ I Rt （） 由此转化为的机械能: W机=W-Q=26400J-2400J=24000J. 26.在“初识光的折射现象”和“探究光的折射特点”实验中 （1） 如图甲,小明将一束激光射至 P 点,形成一个光斑,向水槽内慢慢注水,水槽底部光斑的位置将_(向左移 动/向右移动/不动),这说明光从空气斜射入水中时,传播方向_(会/不会)发生偏折.实验中光在空气中的传 播路径并不清晰,为解决此问题,他在水面上方喷了一些_ （2） 如图乙,小明继续探究“光从空气射入水中时的折射特点”,他使用可折转的光屏,是为了研究折射光线、 入射光

19、线和法线是否_.如图丙,他将光沿着AO方向射向水面上的O点,光在水中沿着OB方向射出,调整激 光笔使入射光逐步偏向法线,折射光也逐步偏向法线,说明光从空气斜射入水中时,入射角减小,折射角随之 _(增大/减小/不变).当光沿着 NO 方向射入时会沿 ON方向射出,此时折射角为_度 【答案】 (1). 向左移动 (2). 会 (3). 烟雾（或水雾，合理即可） (4). 在同一平面 (5). 减 小 (6). 0 【解析】 【详解】(1)光从空气斜射入水中，折射角小于入射角；如果按照图示中的角度照射激光，同时向水槽内慢 慢注水,水槽底部光斑的位置将向左移动,这说明光从空气斜射入水中时,传播方向会发

20、生偏折； 向水面上方喷 些烟雾，这时光通过烟雾的水时发生漫反射，便于在各个角度观察光的传播路径。 (2) 使用可折转的光屏，是为了观察折射光线、入射光线和法线是否在同一平面内；因为当入射光线偏向法 线时，折射角也随之偏向法线，所以可以说明光从空气斜射入水中时,入射角减小,折射角随之减小.当光沿着 NO 方向射入时会沿 ON方向射出,即入射光线垂直入射，折射光线与法线重合，即此时折射角为 0度 27.小明用 2mL的注射器、量程为 010N的弹簧测力计和刻度尺粗略测量大气压的值,本实验的原理是二力 平衡和 p=_ 步骤一:把注射器的活塞推至注射器筒的底端,然后用橡皮帽封住注射器的小孔 步骤二:如

21、图所示安装好器材,水平向右缓慢拉动注射器筒,当注射器中的活塞_时,记下弹簧测力计的示数 为 5.2N 步骤三:用刻度尺测出注射器_长度为 4.00cm 步骤四:算出大气压强值为_Pa 同组的小华分析了影响实验结果的可能因素后,对实验进行了如下改进: 将步骤一改为:先将注射器内抽满水,再竖直向上推动活塞至注射器筒的底端,然后用橡皮帽封住注射器的 小孔,这样便于_ 取下橡皮帽,重复步骤二的操作,读得弹簧测力计的示数为 0.3N由此可知,此时活塞所受到的_(摩擦力/ 大气压力)为 0.3N. 小华根据改进后测得数据,重新计算了大气压的值 【答案】 (1). F S (2). 刚被拉动 (3). 有刻

22、度部分 (4). 1.04105 (5). 排空注射器内的空气 (6). 摩擦力 【解析】 【详解】在弹簧测力计和刻度尺测量大气压值的实验中，利用了拉力与大气压对注射器活塞的压力相等 来计算大气压的值，所以要运用二力平衡和 F p S 的原理； 步骤二:安装好器材,水平向右缓慢拉动注射器筒,所以其平衡状态时， 即注射器中的活塞刚开始运动时读取弹 簧测力计的示数即可，其示数为 5.2N； 步骤三:为了利用 F p S 计算大气压的数值，已知该注射器的体积为 2mL，所以只需测出其有刻度部分的长 度即可知道活塞横截面积，其长度为 4.00cm,所以其面积 -63 -52 -2 2 10 m =5

23、10 m 4?10 m V S L ； 步骤四:算出大气压强值为 5 52 5.2N =1.04 10 Pa 5 10 m F p S ； 同组的小华分析了影响实验结果的可能因素后,对实验进行了如下改进: 在注射器内抽满水时,内部空气绝大部分已经被排出，此时再竖直向上推动活塞至注射器筒的底端,然后用 橡皮帽封住注射器的小孔,这样更有利于排空注射器内的空气； 取下橡皮帽,重复步骤二操作,此时弹簧对活塞的拉力与活塞内壁对活塞的摩擦力是一对平衡力，所以读 得弹簧测力计的示数为 0.3N是活塞所受到的摩擦力的值. 28.小华在“探究电流与电阻关系”的实验中 （1）按要求将实物图连接完整(要求:滑片 P

24、 向右滑时变阻器接入电路的电阻变大) （ ） （2）在连接电路的过程中,开关必须处于_(闭合/断开)状态,滑动变阻器的滑片 P 应放在最_(左/右)端 （3）小华用三只阻值分别为 15、10 和 5 的电阻探究“电流与电阻关系”的过程中,将 15 电阻换成 10 时,应将滑片向_(左/右)移动,其目的是_ 【答案】 (1). (2). 闭合 (3). 右 (4). 左 (5). 保持 定值电阻两端电压不变 【解析】 【详解】 （1）为了满足滑片 P 向右滑时变阻器接入电路的电阻变大，根据滑动变阻器的原理连接电路图如 下： （2）连接电路时,为防止电流过大烧坏电路元件、保护电路，开关处于断开状态

25、,滑动变阻器的滑片 P应放 在最大阻值处，即最右端； （3） 小华用三只阻值分别为 15、 10和 5的电阻探究“电流与电阻关系”的过程中,将 15电阻换成 10 时,电源电压不变，根据串联分压原理可知，应同时将滑片向左移动来减小滑动变阻器接入电路中的阻值,其 目的是保持定值电阻两端的电压不变。 29.小明用如图所示的装置来探究感应电流产生的条件(图中灵敏电流计 G的指针偏转方向相反即表示通过 的电流方向相反) （1）导体 ab静止悬挂,闭合开关,灵敏电流计的指针不偏转,说明电路中_ (有/无)电流产生 （2）继续探究,记录观察到的现象如下表 序号 ab 运动方向 电流计指针偏转情况 1 沿磁

26、场方向运动（不切割磁感线） 不偏转 2 水平向左（切割磁感线） 向右偏转 3 水平向右（切割磁感线） 向左偏转 比较 1、2(或 1、3)实验现象可知,闭合电路的一部分导体在磁场中做_运动时,电路中就会产生感应电流 比较 2、3实验现象还发现,产生的感应电流的方向跟_有关 （3） 若在整理器材时未断开开关,先水平向左撤去蹄形磁铁(导体 ab不动),则灵敏电流计的指针_ (会/不会) 偏转 【答案】 (1). 无 (2). 切割磁感线 (3). 切割磁感线运动方向 (4). 会 【解析】 【详解】 （1）导体 ab 静止悬挂,闭合开关,灵敏电流计的指针不偏转,说明电路中无电流产生。 （2）比较

27、1、2(或 1、3)实验现象可知,只有当闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时,电路 中才会产生感应电流； 比较 2、3 实验现象还发现,同样是切割磁感线，但切割的方向不同，所以产生的感应电流的方向跟切割磁 感线的方向有关 （3）若在整理器材时未断开开关，先水平向左撤去蹄形磁铁(导体 ab 不动),那么以磁铁为参照物，导体 ab 相对于磁铁水平向右运动，等效于用导体 ab切割磁感线，所以灵敏电流计的指针会偏转 30.如图甲所示是“探究不同物质吸热升温的现象”实验装置,小华用两个相同的容器用虚线框表示)分别装 入质量相等的 A、B两种液体,用相同的装置加热 （1）从实验效果考虑,本实验选

28、择_(烧杯/易拉罐)作为盛放液体的容器较好,实验中使用玻璃棒的目的是 _ （2）两种液体吸收热量的多少可通过_(液体升高的温度/加热时间)比较 （3）根据实验数据绘制的温度与时间的关系图像如图乙所示,分析图像可知:质量相等的 A和 B两种液体, 在升高相同温度时,_(A/B)吸收的热量较多;质量相等的 A和 B两种液体,在吸收相同热量时,_(A/B)升 温较高 （4）冬天,小华想自制一个暖手袋,若只能从 A或 B中选一种液体装入暖手袋中作为供热物质,则应选择 _(A/B) 【答案】 (1). 烧杯 (2). 搅拌液体使其受热均匀 (3). 加热时间 (4). A (5). B (6). A 【

29、解析】 【详解】 （1）从实验效果考虑，为了便于观察温度计示数及液体加热后的反应情况，本实验选择透明的烧 杯作为盛放液体的容器较好,实验中使用玻璃棒的目的是为了搅拌液体使其受热均匀。 （2）对两种液体进行加热时，唯一不同的外界条件是加热时间的长短，所以吸收热量的多少可通过加热时 间比较 （3）根据实验数据绘制的温度与时间的关系图像如图乙所示,分析图像可知:质量相等的 A和 B两种液体, 在升高相同温度时,A所需要的时间更长， 所以 A吸收的热量较多;观察图像可知， 质量相等的 A和 B两种液 体,在吸收相同热量时, B 的升温较高。 （4）暖手袋应选择储存热量多的液体，因为相同温度、质量的 A

30、、B 两种液体，降低相同的温度时，A放 出的热量更多，所以应选择 A。 31.在“测量小灯泡的功率”实验中,小灯泡的额定电压为 2.5V （1）按照图甲正确连好电路,闭合开关,小灯泡不亮,两表指针均有偏转,造成该现象的原因不可能的是_ A 小灯泡断路 B小灯泡两端电压太小 C滑动变阻器阻值太大 D 电源电压太小 （2） 移动滑片,当电压表的示数为_V时,小灯泡正常工作,读出此时电流表的示数为 0.3A,则小灯泡的额定 功率为_W （3）根据实验测得的数据画出小灯泡 I-U 关系图像如图乙(坐标轴上的数值已被擦除),分析图像可知,当小灯 泡两端电压减小时,小灯泡的电阻_ (增大/减小/不变) （

31、4）当小灯泡两端电压为 2V 时,其实际功率在以下哪个范围内:_ A.P实0.48W B.0.48WP实0.6W C 0.6WP实0.75W D. P实0.75W 【答案】 (1). A (2). 2.5 (3). 0.75 (4). 减小 (5). B 【解析】 【详解】 （1）按照图甲正确连好电路,闭合开关,小灯泡不亮,两表指针均有偏转,说明电路处于通路状态，不 存在断路现象，实质上是小灯泡两端电压较小，有可能是因为电源电压太小或滑动变阻器阻值太大分压较 多造成的，所以该现象的原因不可能的是选项 A。 （2）因为小灯泡额定电压为 2.5V，电压表测量小灯泡两端电压，所以移动滑片,当电压表的

32、示数为 2.5V时, 小灯泡正常工作,读出此时电流表的示数为 0.3A,则小灯泡的额定功率为 P=UI=2.5V0.3A=0.75W （3）根据 U I R ，结合 I-U 关系图像可知,当小灯泡两端电压减小时,通过小灯泡的电流减小的越来越快， 即 1 R 越来越大，所以电阻减小； （4）小灯泡额定工作时的电阻为： 2.5V = 0.3A R额，假设小灯泡的电阻不随外界环境变化而改变，那么当小灯 泡两端电压为 2V时，根据欧姆定律可列： 2V2.5V = 0.3A U R II ，解：I=0.24A；但根据第（3）问中得出 的结论可知，电阻随着电压减小而减小的越来越快，所以实际上此时灯泡的电阻小于额定工作时的电阻， 即此时实际电流应大于 0.24A，故此时小灯泡的电功率 P实2V0.24A,所以其实际功率一定大于 0.48W； 又因为随着电压减小，电流也减小，当小灯泡两端电压为 2.5V时，电流为 0.3A，所以当电压为 2V时，I 0.3A，所以此时小灯泡的 P实2V0.3A，即小于 0.6W; 所以 B选项正确。