安徽省江南十校2021届高三下学期一模联考理科综合物理试题答案.pdf

1、2021 届届“江南江南十校十校”一模联考一模联考 物理物理参考参考答案答案与与评分评分细则细则 二、选择题：本题共 8 小题，每小题 6 分。共 48 分。在每小题给出的四个选项中，第 1418 题只有一项符合题目要求，第 1921 题有多项符合题目要求。全部选对的得 6 分，选对 但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。 14. 答案 C 参考解析：氢原子由较高能级跃迁到较低能级时，电势能减小，其核外电子的动能增大，A 选项错误；当氢原子从 n=4 能级跃迁到 n=2 能级时，辐射出的光子能量为 2.55eV，能使逸 出功为 2.25eV 的钾发生光电效应，B 选项错误；由 2 4 C等于

2、 6 知，C 选项正确; 要使处于基 态的氢原子电离，入射光子的能量必须大于等于 13.6 eV，D 选项错误。 15. 答案 D 参考解析：A、B 整体受力如图所示，当外力 F 最小时，外力 F 与竖直方向成 60 。角，可求 出绳 OA 拉力大小为3mg；再隔离 B 小球，作用在 B 小球上的三个力构成等边三角形， 则绳 AB 上的拉力为 mg。所以，1:3:= ABOA TT,D 选项正确。 16. 答案：C O 2mg Fmin TOA B mg Fmin TAB 第 1 页 共 9 页 参考解析：嫦娥五号探测器在轨道由 A 运动到 B 的过程中机械能守恒，A、B 选项错误； 嫦娥五号

3、探测器在轨道 I、轨道上经过 A 点时受到的万有引力相等，加速度相等，C 选项 正确；嫦娥五号探测器从轨道进入轨道时需刹车减速，机械能减小，D 选项错误。 17 答案：B 参考解析：由 2 0 2 1 attvx+=知 2 00 m/s5,m/s5, 2 1 =+=avatv t x 。由图可知 2 秒内物体的平 均速度为 0，知物体回到了出发点，说明斜面是光滑的，由singa =得 30=，A 选项 错误；初速度大小为 5m/s，初动能为 12.5J，重力势能变化的最大值为初动能 12.5J，所以 B 答案正确；因斜面光滑机械能守恒，C 选项错误；物体在斜面上运动过程中合外力冲量等于 2mv

4、0，D 选项错误。 18 答案：B 解析：根据几何知识得 O 点到两个电荷的距离都是 2 3 L，即 O 点场强为 2 3 8 L kq E =。A 点场 强为 2 2 5 L kq 。E L kq EEE qqA 16 53 2 5 2 22 =+= ，故 B 选项正确。 19 答案：BC 参考解析：重力与电场力合力的大小为 2mg，方向是竖直向上的，所以 A 点相当于圆周运 动中的等效最低点， B 点相当于圆周运动中的等效最高点， 所以 B 点速度至少为gRvB2= ， 小球由 A 运动到 B 的过程中，绳子拉力逐渐减小，B、C 选项正确。 第 2 页 共 9 页 20网 答案：AC 参考

5、解析：由右手定则知MN中的电流方向向上，A 选项正确；导体 棒MN两端的电压变化量与电流变化量的比值等于导体棒MN的电 阻，B 选项错误；导体棒MN为电源，两侧的线框是并联电阻，根据外电路电功率与外电 阻变化的关系，MN运动到线框中间的过程中，线框 abcd 中电流功率先增大，后减小，C 选项正确；导体棒MN为向右运动过程中总电阻是变化的，不能用 R q =计算通过MN棒 的电荷量，D 选项错误。 21 答案：BCD 参考解析： Pm EgLm=sin 甲 Pm ELmg=sin2，所以mm2= 甲 mgLmgLEPm 5 6 sin2=，故选项 A 错误； gmgmkL6 . 0sin 甲甲

6、 =, L mg L mg L gm k 5 12sin4sin2 = 甲 ，故选项 B 正确； g g m mgkL a8 . 1 5 9sin = = ，故选项 C 正确。 1 sinxkmg=，Lx 4 1 1= ， 16 sin 4 5 Pm km E ELmg+=，mgLEkm 40 72 =，故选项 D 正确。 22. 答案： （1） t d v =（2 分） ； k d g 2 5 2 =（2 分） ； （2）B（2 分） a b d c M N F 第 3 页 共 9 页 参考解析： （1）物块 P 通过光电门时的速度为 t d v =，两物块通过轻绳连接，速度相等，所 以此时

7、物块Q的速度为 t d v =； 根据 t d v =及ahv2 2 =得 22 2 11 2t k ta d h=， 所以 k d a 2 2 =， 对两物块受力分析，由牛顿第二定律可得MaTMg=,mamgT=-，又 M=1.5m，联立 求得 5 g a =，所以 k d ag 2 5 5 2 =。 （2）两物块组成的系统外力不等于 0，动量不守恒，无法验证系统的动量守恒定律守恒， 选项 A 错误；两物块组成的系统机械能守恒，系统减小的重力势能等于增加的动能，可得 ()() 2 2 1 vmMghmM+=，而 t d v =，所以()() 2 2 2 1 t d mMghmM+=选项 B

8、正确；物 块 P 的质量无法改变，无法得到多组数据，选项 C 错误；物块 P 所受的拉力无法改变，无 法得到多组做功数值，选项 D 错误。 23（9 分） 答案： （1）3 、4或3 4（均可给分） （2 分） 6 （2 分） （2）2：1 （2 分） （3）4920 （3 分） 参考解析：（1） 判断有无电容器应用欧姆档， 从更安全的角度出发判断电源时选择 6 更合理。 （2）由于三个电阻大小相等，当电表满偏时接 1，2 的电流分别为 3 g I和 g I 2 3 。 (3)由欧姆定律可得URRIRI gg =+)( 43 ,代入数据可得 43 RR +=4920。 24.答案： （1） 2

9、5 6 0 v B E = （2） 0 100 9 v L t = 参考解析： （1） 粒子刚射出电场的速度为 v， 竖直方向速度为 vy， 进入电场到射出电场经历时间为 t1， 水平位移Lx =，竖直位移 y， （位移与水平方向夹角 ） ，有 00 3 4 53tanvvvy= 0 0 3 5 53cos v v v= =（1 分） 第 4 页 共 9 页 10t vLx= () 1 0 2 1 tvy y += 由得Ly 3 2 =（2 分） 由L v L m Eq t m Eq y 3 2 2 1 2 1 2 0 2 1 = =（1 分） 得 qL mv E 2 0 3 4 =（1 分）

10、 由几何知识得 =+ 37sin 37sin 3 rL r Lr3 . 0=（1 分） L Bq mv r3 . 0= 由得 qL mv B 9 50 0 =（1 分） 25 6 0 v B E =（1 分） （2）由几何知识：L r a4 . 0 37tan = =，Lb18 . 0 =，6 . 0 3 . 0 18 . 0 sin= L L r b ，= 37 ， 对应磁偏圆心角为 2 （2 分） 0 100 9 2 v L v r v s t =（2 分） 25（20 分） 答案 (1) v ，=6 m/s (2) m 8 33 =x (3) Q=9J 参考解析： （1） 10000 m

11、vvmvm+=（1 分） O E 第 5 页 共 9 页 2 1 2 00 2 00 2 1 2 1 2 1 mvvmvm+=（1 分） R v mgmNF Bn 2 0 00 =（1 分） sm6 1= v（1 分） （2）02s 内：N6 1= F，s2 0 =t 物块 m： 2 1 sm2=g m mg a ，以sm6 1= v作 2 1 sm2=a匀减速直线运动（1 分） 板 M： 2 1 2 sm4= + = M mgF a ，以初速度为 0 作 2 2 sm4=a匀加速直线运动（1 分） 12111 tatavv= 共 （1 分） sm4= 共 v s2s 1 01 =FF，M 对

12、 m 相对运动（1 分） 物块 m： 2 1 sm2=ga，以sm6=v作 2 1 sm2= a 匀加速直线运动（1 分） 板 M： 2 2 2 sm3 - = M mgF a ，以sm6=v作 2 2 sm3= a 匀加速直线运动（1 分） sm9 011 = +=tavv sm5 .10 022 =+=tavv（1 分） ()()()m 8 9 2 1 2 1 2 1 012010221 =+=tvvtvvtvvx（1 分） m 8 33 m 8 9 3m 2112 =+=+=xxx （1 分） (3)3.5s 以后：最终 m、M 相对静止 () 共 vMmvMvm+=+ 21 （1 分）

13、 第 6 页 共 9 页 () 3 22 2 2 1 2 1 2 1 2 1 QvMmvMvm+=+ 共 （1 分） ()J9 32112 =+=QxxmgQ（1 分） 33（15 分） （1）答案：ACD； （2） 3Sh 4 3 0 3 P P = 参考解析： （1）分子间作用力为引力时， 0 rr ，随着分子势能增大，分子间距离 r 增大，分子间作 用力可能先增大后减小，选项 A 正确；相对湿度指的是同一温度时，空气中水蒸气的压强 与水的饱和气压之比，选项 B 错误；选项 C 为热力学第二定律的微观意义，选项 C 正确； 理想气体等压膨胀过程，体积增大，对外做功，由理想气体状态方程可知，

14、气体温度升高， 内能增大，根据热力学第一定律QWU+=可知，气体一定吸热，选项 D 正确；布朗运 动是悬浮微粒运动，并非微粒分子运动，选项 E 错误。 （2） 3Sh 4 3 0 3 P P = 参考解析： 开始对活塞受力分析 SPSPSP22 010 =+ 2 0 1 P P =（1 分） ShhSShV942 1 =+=（1 分） 倒置后，对活塞受力分析 SPSPSP22 200 =+ 2 3 0 2 P P =（1 分） 由玻意耳定律， 2211 VPVP= （1 分） 得ShShV= 3 2 （1 分） 初状态： 2 3 0 2 P P =，ShV3 2 =， 02 TT = 12 0

15、 02 0 02 22 第 7 页 共 9 页 假设活塞未至 B，则有 2 3 0 23 P PP=，? 3 =V， 03 6 1 TT = 由盖-吕萨克定律 3 3 2 2 T V T V =（1 分） ， 得ShShV= 2 1 3 （1 分） 假设不成立，活塞已至 B，ShV = 3 由理想气体状态方程 3 33 2 22 T VP T VP =（1 分） 得 4 3 0 3 P P =（2 分） 34. 答案： （1）BCD； （2）3=n， c R )3113( 18 + 参考解析： （1）BCD 参考解析： （1）波在传播过程中，质点只在平衡位置简谐振动，选项 A 错误；简谐波各点

16、 的振动频率由波源决定，B 选项正确；若波向右传播，x=b 处质点向平衡位置运动，故此四 分之一个周期平均速度较大， 通过的路程大于振幅； 做简谐运动物体在任意半个周期的前后 瞬间，其速度大小不变，所以回复力做功为零；D 选项正确；振动图像可以获取某一质点在 各时刻的位移及速度，加速度的方向，E 选项错误 （2）由几何关系知，此时折射角 i=30 ,当入射角 = 60时，由光的折射定律可得： i n sin sin =.2 分 代入数据3 30sin 60sin = =n.2 分 设此刻折射角为，根据光的折射定律，由 sin 30sin =n得： 6 3 sin=.2 分 由几何关系知，三角形 OBC 中 OB 边对应的角为-120，根据正弦定理： = 60sin)120sin( BCR .2 分 第 8 页 共 9 页 因为 v c n =，代入数据得 c R c nBC v x t )3113( 18 + = .2 分 A B O R C 第 9 页 共 9 页