2022年（新教材）新高考生物一轮复习课件：第17讲　第2课时　自由组合定律的解题规律及方法.pptx

1、第第2 2课时课时 自由组合定律的解题规律及方法自由组合定律的解题规律及方法 第第6 6单元单元 2022 内 容 索 引 01 02 03 微专题微专题( (二二) ) 自由组合定律中的特殊比例自由组合定律中的特殊比例 必备知识必备知识 固本夯基固本夯基 核心考点核心考点 能力提升能力提升 必备知识必备知识 固本夯基固本夯基 1.分离定律和自由组合定律的区别 项 目 分离定律 自由组合定律 研究性状 一对 两对 n对 等位基因 一对 两对 n对 F1 等位基因对数 1 2 n 配子 类型 2 4 比例 11 1111 配子组合数 4 16 2n (11)n 4n 项 目 分离定律 自由组合定

2、律 F2 基因型种类数 3 9 表型种类数 2 4 2n 表型比例 31 9331 F1测 交子 代 基因型种类数 2 4 2n 表型种类数 2 4 2n 表型比例 11 1111 (11)n 3n (31)n 2.分离定律和自由组合定律的联系 (1)均适用于 的遗传。 (2)形成配子时,两个遗传规律同时起作用。 (3) 定律是最基本的遗传定律,是 定律的基础。 真核生物核基因 分离 自由组合 概念检测 基于对分离定律和自由组合定律的区别和联系的理解,判断下列表述是否 正确。 (1)孟德尔自由组合定律普遍适用于乳酸菌、酵母菌、蓝细菌等各种有细 胞结构的生物。( ) (2)基因分离定律和自由组合

3、定律具有相同的细胞学基础。( ) (3)能用分离定律的结果证明基因是否符合自由组合定律。( ) (4)基因型为AaBb的个体自交,后代表型比例为31或121,则该遗传可 能遵循基因的自由组合定律。( ) 答案 (1) (2) (3) (4) 核心考点核心考点 能力提升能力提升 考点考点 自由组合定律的解题规律及方法自由组合定律的解题规律及方法 合作探究合作探究 探究1利用分离定律解决自由组合问题 (1)思路:首先将自由组合定律问题转化为若干个分离定律问题,在各等位 基因独立遗传的情况下,有几对基因就可分解为几个分离定律问题。 (2)分类剖析 配子类型问题 举例:Aa Bb CC Dd A、a

4、B、b C D、d 2 2 1 2=8(种) 解题思路:含有多对等位基因(独立遗传)的个体产生的配子种类数是。 基因型问题 举例:AaBBCcaaBbcc杂交后代基因型种类及比例 Aaaa1Aa1aa 2种基因型 BBBb1BB1Bb 2种基因型 Cccc1Cc1cc 2种基因型 子代基因型种类:222=8(种)。 子代中出现AaBBCc基因型的概率为 。 解题思路:a.具有两种基因型的亲本杂交,产生的子代基因型的种类数等于 亲本各对基因 ；b.子代某一基 因型的概率是 。 表型问题 举例:AaBbCcAabbCc杂交后代表型种类及比例 AaAa3A_1aa 2种表型 Bbbb1Bb1bb 2

5、种表型 CcCc3C_1cc 2种表型 子代中表型种类:222=8(种)。 子代中三种性状均为显性(A_B_C_)的概率为 。 解题思路:a.两种基因型的亲本杂交,产生的子代表型的种类数等 于 。b.子代某一表型的概率 是 。 提示 每对基因产生相应配子种类数的乘积 1/21/21/2=1/8 单独杂交所产生基因型种类数的乘积 亲本每对基因杂交所产生相应基 因型概率的乘积 3/41/23/4=9/32 亲本各对基因单独杂交所产生 表型种类数的乘积 亲本每对基因杂交所产生相应表型概率的乘积 探究2遗传病概率计算的解题思路 已知人类多指(T)对正常指(t)为显性,白化(a)对正常(A)为隐性,决定

6、不同性 状的基因自由组合。一个家庭中,父亲是多指,母亲正常,他们有一个患白 化病但手指正常的孩子(两种病都与性别无关)。请分析回答下列问题。 (1)他们再生一个孩子只患白化病的概率是多少? 提示 由题意可知,患白化病但手指正常的孩子的基因型为ttaa,则夫妇的 基因型为:TtAa(父亲)、ttAa(母亲),故该夫妇生育的孩子患多指的概率为 1/2,患白化病的概率为1/4。再生一个孩子只患白化病的概率为:手指正常 概率患白化病概率=(1-1/2)1/4=1/8。 (2)他们再生一个既患白化病又多指的女儿的概率是多少? 提示 生一个既患白化病又多指女儿的概率是患多指概率、患白化病概 率和生女儿的概

7、率的乘积,即多指概率患白化病概率女儿的概率 =1/21/41/2=1/16。 规律方法两种遗传病的概率计算方法 当两种遗传病之间具有“自由组合”关系时,若已知患甲病的概率为m,患乙 病的概率为n,则各种患病情况如下表: 类 型 计算公式 不患甲病的概率 1-m 不患乙病的概率 1-n 只患甲病的概率 m(1-n) 只患乙病的概率 n(1-m) 同患两种病的概率 mn 只患一种病的概率 m+n-2mn或m(1-n)+n(1-m) 患病概率 m+n-mn或1-(1-m)(1-n) 不患病概率 (1-m)(1-n) 考向突破考向突破 考向1 推断配子及子代相关种类及比例 1.某二倍体植物花瓣的大小受

8、一对等位基因A、a控制,基因型为AA的植株 表现为大花瓣,Aa为小花瓣,aa为无花瓣。花瓣颜色受另一对等位基因R、r 控制,R(红色)对r(黄色)为完全显性,两对基因独立遗传。下列有关叙述错 误的是( ) A.若基因型为AaRr的个体测交,则子代表型有3种,基因型有4种 B.若基因型为AaRr的亲本自交,则子代共有9种基因型,6种表型 C.若基因型为AaRr的亲本自交,则子代有花瓣植株中,AaRr所占比例约为 1/3,而所有植株中的纯合子约占1/4 D.若基因型为AaRr与Aarr的亲本杂交,则子代中有红色花瓣的植株占3/8 答案 B 解析 若基因型为AaRr的个体测交,则子代基因型有4种(A

9、aRr、Aarr、 aaRr、aarr),表型有3种,分别为小花瓣红色、小花瓣黄色、无花瓣,A项正 确;若基因型为AaRr的亲本自交,两对基因独立遗传,因此根据基因的自由 组合定律,子代基因型共有33=9(种),而Aa自交子代表型有3种,Rr自交子 代表型有2种,但由于aa表现为无花瓣,故aaR_与aarr的表型相同,所以子代 表型共有5种,B项错误;若基因型为AaRr的亲本自交,则子代有花瓣植株 中,AaRr所占比例约为2/31/2=1/3,子代的所有植株中,纯合子所占比例约 为1/4,C项正确;若基因型为AaRr与Aarr的亲本杂交,则子代中有红色花瓣 (A_Rr)的植株所占比例为3/41

10、/2=3/8,D项正确。 考向2 推断亲本或子代的基因型、表型 2.(2020全国)控制某种植物叶形、叶色和能否抗霜霉病3个性状的基因 分别用A/a、B/b、D/d表示,且位于3对同源染色体上。现有表型不同的4 种植株:板叶紫叶抗病(甲)、板叶绿叶抗病(乙)、花叶绿叶感病(丙)和花叶 紫叶感病(丁)。甲和丙杂交,子代表型均与甲相同;乙和丁杂交,子代出现个 体数相近的8种不同表型。回答下列问题。 (1)根据甲和丙的杂交结果,可知这3对相对性状的显性性状分别 是 。 (2)根据甲和丙、乙和丁的杂交结果,可以推断甲、乙、丙和丁植株的基因 型分别为 、 、 和 。 (3)若丙和丁杂交,则子代的表型为

11、。 (4)选择某一未知基因型的植株X与乙进行杂交,统计子代个体性状。若发 现叶形的分离比为31,叶色的分离比为11,能否抗病性状的分离比为 11,则植株X的基因型为 。 答案 (1)板叶、紫叶、抗病 (2)AABBDD AabbDd aabbdd aaBbdd (3)花叶绿叶感病、花叶紫叶感病 (4)AaBbdd 解析 (1)甲和丙杂交,子代表型均与甲相同,由此可知,甲表现的性状均为显 性,即板叶、紫叶、抗病为显性,花叶、绿叶、感病为隐性。(2)由(1)可知 甲的基因型为AABBDD,丙的基因型为aabbdd。乙的表型为板叶绿叶抗病 (A_bbD_),丁的表型为花叶紫叶感病(aaB_dd)。乙

12、和丁杂交,子代出现个体 数相近的8种不同表型,故乙的基因型为AabbDd,丁的基因型为aaBbdd。(3) 若丙(aabbdd)和丁(aaBbdd)杂交,则子代的表型只有花叶绿叶感病(aabbdd) 和花叶紫叶感病(aaBbdd)两种。(4)选择某一未知基因型的植株X与乙 (AabbDd)进行杂交,统计子代个体性状。叶形的分离比为31,说明植株X 叶形的相关基因型为Aa;叶色的分离比为11,说明植株X叶色的相关基因 型为Bb;能否抗病性状的分离比为11,说明植株X能否抗病的相关基因型 为dd。所以植株X的基因型为AaBbdd。 方法技巧推断基因型的方法 (1)基因填充法 根据亲代表型可大概写出

13、其基因型,如A_B_、aaB_等,再根据子代表型将 所缺处填完,特别要注意后代中的隐性性状,因为后代中一旦存在隐性性状 个体,那亲代基因型中一定存在a、b等隐性基因。 (2)分解组合法 根据子代表型比例拆分为分离定律的分离比,确定每一对相对性状的亲本 基因型,再组合。如: 9331(31)(31)(AaAa)(BbBb)AaBbAaBb; 1111(11)(11)(Aaaa)(Bbbb)AaBbaabb或 AabbaaBb; 3311(31)(11)(AaAa)(Bbbb)或 (Aaaa)(BbBb)AaBbAabb或AaBbaaBb。 微专题微专题( (二二) ) 自由组合定律自由组合定律

14、中的特殊比例中的特殊比例 1.9331的变式 F1(AaBb)自交 后代比例 原因分析 97 当两显性基因同时出现时为一种表型,其余的 基因型为另一种表型 (9A_B_) 9 (3A_bb + 3aaB_ + 1aabb) 7 934 aa 成对存在时表现为双隐性性状,其余均正常表现 (9A_B_) 9 (3A_bb) 3 (3aaB_ + 1aabb) 4 F1(AaBb)自交 后代比例 原因分析 961 存在一种显性基因(A 或 B)时表现为一种性状, 其余均正常表现 (9A_B_) 9 (3A_bb + 3aaB_) 6 (1aabb) 1 151 只要具有显性基因其表型就一致,其余基因

15、 型为另一种表型 (9A_B_ + 3A_bb + 3aaB_) 15 (1aabb) 1 F1(AaBb)自交 后代比例 原因分析 106 存在一种显性(A 或 B)基因为一种表型,其余 基因型为另一种表型 (9A_B_ + 1aabb) 10 (3A_bb + 3aaB_) 6 1 4 6 41 A 与 B 的作用效果相同,但显性基因越多,其 效果越强 1(AABB) 4(AaBB+AABb) 6(AaBb+AAbb+aaBB) 4(Aabb+aaBb)1(aabb) 【典例1】某植物的花色受不连锁的两对基因A/a、B/b控制,这两对基因 与花色的关系如图所示,此外,a基因对B基因的表达有

16、抑制作用。现将基因 型为AABB的个体与基因型为aabb的个体杂交得到F1,则F1的自交后代中 花色的表型及比例是( ) A.红粉白=3103 B.红粉白=1312 C.红粉白=394 D.白粉红=691 答案 C 解析 将基因型为AABB的个体与基因型为aabb的个体杂交得到F1,基因型 为AaBb;再将F1自交,后代A_B_A_bbaaB_aabb=9331,因此后 代红色(3AAB_)粉色(3A_bb+4AaBb+2AaBB)白色 (3aaB_+1aabb)=394,综上所述,C项正确,A、B、D三项错误。 审题指导据题图可知,无A基因表现为白色,基因型为aa_;只具有A基因无 B基因时

17、,花色为粉色,基因型为A_bb;同时具有A和B基因时,由于a基因对 于B基因的表达有抑制作用,所以基因型为AaB_的花色也为粉色;基因型为 AAB_表现为红色。 【典例2】现用纯种黄颖燕麦与纯种黑颖燕麦杂交,F1全为黑颖,F1自交产 生的F2中黑颖黄颖白颖=1231。下列相关说法正确的是( ) A.控制颖色的两对基因位于一对同源染色体上 B.F2中非黑颖有6种基因型,其中纯合子占1/6 C.F2中黄颖自交后代中杂合子占1/2 D.F1测交,后代表型比为211 答案 D 解析 根据题中分离比可知,控制颖色的两对基因遵循基因的自由组合定 律,因此两对基因位于两对同源染色体上,A项错误;设相关基因为

18、A、a与B、 b,F2的基因型及比例为A_B_A_bbaaB_aabb=9331,F2中非黑 颖(黄颖为A_bb或aaB_、白颖为aabb)有3种基因型,在F2中的比例为4/16,其 中纯合子(AAbb或aaBB、aabb)占非黑颖的比例为1/2,B项错误;F2中黄颖基 因型为A_bb(1/3AAbb,2/3Aabb)或aaB_(1/3aaBB,2/3aaBb),无论哪种情况,自 交后代杂合子比例均为2/31/2=1/3,C项错误;F1的基因型为AaBb,测交后 代基因型及比例为AaBbAabbaaBbaabb=1111,则相应表型及 比例为黑颖黄颖白颖=211,D项正确。 审题指导由题意可知

19、,F1自交产生的F2中黑颖黄颖白颖=1231,性 状分离比为9331的变式,由此可以推断,燕麦颖色由两对等位基因控 制且符合基因自由组合定律。F1个体是双杂合子,亲本纯种黄颖燕麦与纯 种黑颖燕麦的基因型分别为aaBB、AAbb或AAbb、aaBB。 方法技巧性状分离比9331的变式题解题步骤 2.某些致死基因或基因型导致性状的分离比改变 设F1的基因型为AaBb,符合基因自由组合定律。 (1)显性纯合致死 AA 和 BB 均致死 F1(AaBb)自交后代:AaBb Aabb aaBb aabb = 4 2 2 1(其余基 因型的个体致死,下同) F1测交后代:AaBb Aabb aaBb aa

20、bb = 1 1 1 1 AA(或 BB)致死 F1(AaBb)自交后代:(AaBB+ AaBb) aaB_ Aabb aabb = 6 3 2 1或(AABb+ AaBb) A_bb aaBb aabb = 6 3 2 1 F1测交后代:AaBb Aabb aaBb aabb = 1 1 1 1 (2)隐性纯合致死 双隐性致死 F1(AaBb)自交后代:A_B_A_bbaaB_=933 单隐性(aaB_或A_bb)致死。 F1(AaBb)自交后代:A_B_A_bb=93或A_B_aaB_=93。 【典例3】致死基因的存在可影响后代性状分离比。现有基因型为AaBb 的个体,两对等位基因独立遗传

21、,但具有某种基因型的配子或个体致死,不 考虑环境因素对表型的影响,若该个体自交,下列说法错误的是( ) A.后代分离比为6321,则推测原因可能是某对基因显性纯合的个体 致死 B.后代分离比为933,则推测原因可能是基因型为ab的雄配子或雌配子 致死 C.后代分离比为5331,则推测原因可能是基因型为AB的雄配子或雌 配子致死 D.后代分离比为7311,则推测原因可能是基因型为Ab的雄配子或雌 配子致死 答案 B 解析 当AA(或BB)纯合致死时,后代表型比例为 (21)(31)=6321,A项正确;若AaBb产生的基因型为ab的雄配子 或雌配子致死,则配子组合为(ABAbaB)(ABAbaB

22、ab),统计后 代分离比为411,B项错误;若AaBb产生的基因型为AB的雄配子或雌配 子致死,则配子组合为(AbaBab)(ABAbaBab),统计后代分离 比为5331,C项正确;若AaBb产生的Ab的雄配子或雌配子致死,则配 子组合为(ABaBab)(ABAbaBab),统计后代分离比为 7311,D项正确。 审题指导两对等位基因独立遗传,说明两对基因遵循自由组合定律,正常情 况下,根据自由组合定律,基因型为AaBb的个体产生的配子类型及比例为 ABAbaBab=1111,雌雄配子随机结合后,后代的基因型及比 例为A_B_A_bbaaB_aabb=9331。结合各选项提供的信息,如 A项中“某对基因显性纯合的个体致死”、B项中“基因型为ab的雄配子或 雌配子致死”等,与运用假说演绎法的思路,假设各选项提供的条件成立,逆 推结果。