2015年高考理综四川卷-答案解析163wenku.com.docx

1、【 ;百万教育资源文库 】 2015 年普通高等学校招生全国统一考试（ 四川卷 ） 理科综合 ? 物理答案解析 第 卷 一 、 选择题 1.【答案】 A 【解析】三个小球被抛出后，均仅在重力作用下运动，三球从同一位置落至同一水平地面时设其下落高度为 h，并设小球的质量为 m，根据动能定理有： 22011m gh m v m v22?，解得小球的末速度太小为：20v v 2gh?，与小球的质量无关，即三球的末速度大小相等，故选项 A 正确。 【提示】落体运动中，物体的速率变化与其质量无关。 【考点】抛体运动特点、动能定理（或机械能守恒定律）的理解与应用。 2.【答案】 C 【解析】木块的上下运动

2、反映了所在位置水面质点的振动情况，目波传播方向上的质点每分钟完成 30 次全振动，因此其周期为： 60T s 2s30?，故选项 D 错误；频率为： 1f 0.5 HzT? ，故选项 A 错误：又因为甲在波谷时，乙在波峰，且两木块之间有一个波峰，所以 3Sab 2?， 解得波长为： 2Sab 2m3? ? ，故选项 B 错误；根据波长、波速、周期间关系可知，这列水面波的波速为： 2v = m /s 1 m /sT2?，故选项 C 正确。 【提示】受迫振动的周期（频率）等于驱动力的周期（频率）；在波的传播方向上，振动同步的质点，相距半波长的偶数倍，振动异步的质点，相距 半波长的奇数倍。 【考点】

3、对机械波、机械振动特点和规律的理解与应用。 3.【答案】 C 【解析】由于 a 、 b 光平行且关于过球心 O 的直线 P1P2对称，因此它们的入射角 i 相等，根据图中几何关系可知， b 光在玻璃球中的光路偏离进入球之前方向较多，即 b 光的折射角较小，根据折射定律有： sinin sinr? ，所以玻璃对 b 光的折射率较大，故选项 A 错误：根据临界角公式有： 1sinC n? ，所以玻璃对 a 光的临界角较大，故选项 B 错误，根据折射率的定义式有； ev? ，所以 b 光在玻璃中的传播速度 v 较小，故选项 C正确； 根据图中几何关系可知， a 、 b 光进入玻璃球后， b 光的光程

4、 d 较大，根据匀速直线运动规律有： dt v? ，【 ;百万教育资源文库 】 所以 b 光在玻璃中的传播时间较长，故选项 D 错误。 【提示】在光的折射中，光线便折程度越大，介质对其折射率越大、临界角越小、在介质中的传播速率越小、波长越短，值得注意的是，光（波）在进入介质前后频率不变。 【考点】对折射率、临界角、光的折射定律的理解与应用。 4.【答案】 D 【解析】由题意可知，线圈 ab 边和 cd 边产生的感应电动势的最大值都为 0e ，因此对单匝矩形线圈总电动势最大值为 02e ，又因为发电机线圈共 N 匝，所以发电机线圈中总电动势最大值为 02Ne ，根据闭合电路欧姆定律可知，在不计线

5、圈内阻时，输出电压等于感应电动势的大小，即 其峰值为 02Ne ，故选项 A.B 错误：又由题意可知，若从图示位置开始计时，发电机线圈中产生的感应电流为正弦式交变电流，由其有效值与峰值的关系可知， mUU2?，即 0U 2Ne? 。故选项 C 错误；选项 D 正确。 【提示】对正弦式交变电流，峰值为其有效值的 2 倍，另在进行四值运算时，要注意量与量之间、四值之间的对应。 【考点】对正弦式交变电流的产生原理的理解，以及其四值运算、闭合电路欧姆定律的应用。 5.【答案】 B 【解析】火星与地球都是绕太阳，由太阳对它们的万有引力提供其做圆周运动的向心力，设太阳的质量为M，即有： 2n22M m 4

6、G m a m rrT?，解得：n 22M1aGrr?， 2 2rT 2 rGM? ? ?，由表格数据可知，火星轨道半径较大，因此向心加速度 a 较小，故选项 B 正确：公转周期 T 较大，故选项 A 错误：在表面处时，根据2mmmg G R ? ?，可得，2mg R?，所以火星表面的重力加速度较小，故选项 C 错误；由第一宇宙速度公式Gmv R? 可知， 2 1 41 4 4v 6 .4 1 0 6 .4 1 0=1v 6 .0 1 0 3 .4 1 0?火地，所以火星的第一宇宙速度较小，故选项 D 错误。 【提示】在遇到较大数据时，尤其在万有引力问题中，要善于使用比例关系式，不要过分“死算

7、”。 【考点】万有引力定律的应用和分析数据、估算的能力。 6.【答案】 BC 【解析】 a 球从 N 点静止释放后，受重力 mg 、 b 球的库仑斥力 F2 和槽的弹力 N 作用， a 球在 从 N 到 Q 的过程中， mg 与 F2 的夹角 ? 逐渐减小，不妨先假设 F2 的大小不变，随着 ? 的减小 mg 与 F2 的合力 F 将逐渐增大，况且，由库仑定律和图中几何关系可知，随着 ? 的减小 F2 逐漸增大，因此 F 一直增加，故选项 A 错误；在 a 球在从 N 到 Q 的过程中， a 、 b 两小球距离逐渐变小，电场力一直做负功，电势能一直增加，故选【 ;百万教育资源文库 】 项 C

8、正确；显然在从 P 到 Q 的过程中，根据能的转化与守恒可知，其电势能增加量等于其机械能的减少量b 球在 Q 点时的重力势能大于其在 P 点时的重力势能，因此该过程中动能一定在减少，且其减少量一定等于其电势能与重力势能增加量之和，故选项 D 错误；既然在从 P 到 Q 的过程中， b 球的动能在减少，因此其速率也在减小，而开始在 N 点时速率为 0，开始向下运动段中，其速率必先增大，故选项 B 正确。 【分析】本题运用假设法，假设出各个量采用定量计算很繁琐，因此宜选择定性分析法与半定量相结合。 【考点】孤立点电荷等势面特征、库仑定律、平行四边形定则、功能关系、能量守恒定律的应用。 7.【答案】

9、 AD 【解析】电子在磁场中受洛伦兹力作用做匀速圆周运动，根据洛伦兹力大小计算公式和向心力公式有：2vevB m r? ，解得电子圆周运动的轨道半径为： 3 1 6 21 9 49 . 1 1 0 1 . 6 1 0mvr m 4 . 5 5 1 0 m 4 . 5 5 c me B 1 . 6 1 0 2 . 0 1 0? ? ? ? ? ? ? ? ? ?，恰好有： r d L/2? ，由于电子源 S，可向纸面内任意方向发射电子，因此电子的运动轨迹将是过 S 点的一系列半径为 r 的等大圆，能够打到板 MN 上的区域范围如下图所示，实线 SN 表示电子刚好经过板 N 端时的轨迹，实线 SA

10、 表示电子轨迹刚好与板相切于 A 点时的轨迹，因此电子打在板上可能位置的区域的长度为： l NA? ，又由题设选项可知， MN 与 SO 直线的夹角 ? 不定，但要使电子轨迹与 MN 板相切，根据图中几何关系可知，此时电子的轨迹圆心 C 一定落在与 MN 距离为 r 的平行线上，如下图所示，当 r=4.55cm时，即 A 点与板 O 点重合，作出电子轨迹如下图中实线 11SA ，由图中几何关系可知，此时 1SO与 MN 的夹角 =30?，故选项 C 错误；选项 D 正确；当 l 9.1cm? 时，即 A 点与板 M 端重合，作出电子轨迹如下图中实线 S2A2，由图中几何关系可知，此时 2SO与

11、 MN 的夹角 =90?，故选项 A 正确；选项 B 错误。 【提示】粒子源中带电粒子等速率，不定方向发射时，相当于一系列等大圆直径旋转。 【考点】带电粒子在有界磁场中的运动。 第 卷 二 、 非选择题 8.【答案】（ 1） 25.85 0.98 弹簧原长 （ 2） A2 R2 25 00U rI ? 【 ;百万教育资源文库 】 相同 不同 【解析】（ 1）根据图 2 指针指示可知， 1l 25.85cm? ，挂 2 个钩码时，以 2 个钩码整体为对象，受重力 mg和弹簧的拉力 F2 作用而处于平衡，根据共点力平衡条件有： 32F m g 2 5 0 1 0 9 . 8 N 0 . 9 8 N

12、? ? ? ? ? ?，弹簧的伸长 （ 或缩短 ） 量 0x |l l |? ，其中 l 为弹簧形变以后的长度， l0为弹簧的原长，因此要得到弹簧伸长量 x ，还需要测量的是弹簧的原长 l0。 （ 2） 根据题设条件中电池的电动势约 6 V，电池内阻和待测电阻阻值都为数十欧，可估算出电路中的电流为数十毫安，因此电流表应选用 A2，为了电路正常工作，以及方便调节，多测量几组数据，滑动变阻器应选用 R2。 根据图 3 电路结构可知，电压表测量了电路的路端电压，电流表测量了电路的总电流，因此图 4 中线斜率绝对值即为电源的内阻有： ? ?35 . 5 4 . 5r | k | 2 56 0 2 0

13、1 0? ? ? ? ?。 当改接电路后，将待测电阻与电源视为整体，即为一“等效电源”，此时图线的斜率为等效电源的内阻，因此有： 0x 0U0r r R I0? ? ? ?，解得 0x 0URrI?。 若电表为理想电表， xR 接在 B.C 之间与接在 A.B 之间，电路的总电阻可变范围不变，因此电流表的示数变化范围相同， R 接在 B.C 之间时，电压表测量的是滑动变阻器两端的电 压，而 xR 接A.B 之间时，电压表测量的是滑动变阻器与 xR 两端电压的和，由于对应某一滑动变阻器阻值时，电路的电流相同，因此电压表的读数不同，所以电压表示数变化范围也不同。 【考点】探究弹力和弹簧伸长的关系实

14、验，测定电源电动势和内阻、伏安法测电阻的实验。 9.【答案】（ 1） s 1950m? 。 （ 2） M 2.04kg? 。 【解析】（ 1）根据匀变速直线运动规律可知，地铁列车匀加速运动的位移为 111s vt2?，匀减速运动的位移为 22s vt? ，根据匀速运动规律可知，地铁列车匀速运动的位移为 33s vt? ，根据题意可知，甲站到乙站的距离为 1 2 3s s s s? ? ? ， 由 式联立，并代入数据解得 s 1950m? 。 （ 2）地铁列车在从甲站到乙站的过程中，牵引力做的功为 1 1 2W Fs Pt?根据题意可知，燃油公交车运行中做的功为 21WW? ，由 式联立，并代入

15、数据解得： 32W 6.8 10 J? ， 所以公交车排放气体污染物的质量为： M 2.04kg? 。 【 ;百万教育资源文库 】 【提示】本题考查匀速直线运动与匀变速直线运动规律的应用，以及功大小的计算，意在考查考生的理解能力和计算能力。 （ 1）匀变速直线运动中要善于使月平均速度公式： 0tvvx vt t2? 。 （ 2）注意区分功大小的种计算方法：恒力的功： W FscosA? ，恒定功率的功： WPt? 。 【考点】匀速直线运动与匀变速直线运动规律的应用，以及功大小的计算。 10.【答案】（ 1） 1t 0.5s? 。 （ 2） W 9.25J? 。 【解析】（ 1）物体 P 在水平桌面上运动时，竖直方向上只受重力 mg 和支持力 N 作用，因此其滑动摩擦力大小为： f mg 1N? ? 。 根据表格数据可知，物体 P 在速率 v 02m/s? 时，所受水平外力 1F 2N f?，因此，在进入电场区域之前，物体