1、20192020学年第一学期期末教学质量调研测试 初三物理 2020.1(本试卷共30小题，满分100分.考试用时100分钟.)注意事项：1.答题前，考生务必用黑色签字笔将自己的姓名和考试号填写在答题卷上，并用2B铅笔填涂考试号下方的涂点.2.选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卷上对应的答案信息点涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案写在试题卷上无效。3.非选择题必须用0.5mm黑色签字笔作答，必须在答题卷上各题目的答题区域作答，超出答题区域书写的答案无效。一、选择题：本题共12小题，每小题2分，共计24分.每小题只有一个选项符合题意）.1.如图所示的工具中，在使用时属于费
2、力杠杆的是（ ） A.修枝剪刀 B.核桃夹子 C.取碗夹子 D.羊角锤【答案】C【解析】A. 修树剪子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；B. 核桃夹子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；C. 取碗夹子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；D. 羊角锤子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆。故选：C。2.下列事例中，人对物体做功的是（ ）A.物理老师提着实验器材上楼B.运动员举着杠铃原地不动C.中学生背着书包在水平路面上匀速行走D.被运动员踢出去的足球在草地上滚动的过程中【答案】A【解析】A.物理老师提着实验器材上楼,实验器材在力的作用下，在力的方向上移动了距离，因
3、此A符合题意。B.运动员举着杠铃原地不动，杠铃受到向上的力，但是没有向上发生距离。故B不合题意；C.中学生背着书包在水平路面上匀速行走，背书包的力是竖直向上的，只是在水平方向移动，竖直方向上没有发生距离。故C不合题意；D.被运动员踢出去的足球在草地上滚动的过程中，球被踢出后，运动员不再有力作用在球上，故没有做功。故不合题意。3.标准大气压下，将0.2kg的水从25加热至沸腾需吸收的热量是（ ）c*=4.21031(kg)A.2.1103J B.6.3103J C.2.104J D.6.3104J【答案】D【解析】Q吸=cmt=4.2103J/(kg)0.2kg(10025)=6.3104J，故
4、答案为：6.3104J.故选D。4.下列数据最接近实际的是（ ）A.手机充电器的工作电流约为20AB.若不计摩擦，动滑轮机械效率可以是100%。C.一名普通中学生正常爬楼梯时，克服自重力做功的功率大约100WD.初中物理实验中使用的一段铜导线电阻约为100【答案】C【解析】A.手机充电器的工作电流约为20mA；故A不合题意。B.使用动滑轮由于存在摩擦和重力因此要做额外功，机械效率不肯能是100%，故B不合题意。C.一名普通中学生正常爬楼梯时，克服自重力做功的功率大约P=W/t=Gh/t=500N0.2m/s=100W，故C符合题意。D.物理实验中使用的一段铜导线电阻远远小于1，达不到100；故
5、D不符合事实。故选C。5.对下列现象及其说明正确的是（ ）A.柳絮的飞舞杂乱无章，说明柳絮分子在不停的做无规则运动B.用扇子扇玻璃泡上涂有酒精的温度计，温度计示数减小，说明做功可以改变物体的内能C.雨滴下落越来越快，内能转化为动能D.水的汽化快慢与温度有关，温度越高水分子运动越剧烈，“外逃”到空气中就越快【答案】D【解析】A.柳絮的飞舞杂乱无章，是柳絮在受外界空气影响而运动，不能说明其不停的做无规则运动，故不合题意；B.用扇子扇玻璃泡上涂有酒精的温度计，温度计示数减小，是由于酒精蒸发速度加快，蒸发吸收热量，故示数减小，故不合题意；C.雨滴下落越来越快，是势能转化为动能，故不合题意；D.水的汽化
6、快慢与温度有关，温度越高水分子运动越剧烈，“外逃”到空气中就越快是正确的，故符合题意。故选D。6.如图所示，一同学测量小灯泡的电阻时，没有使用滑动变阻器而且把电压表与电流表的位置接错了。闭合开关后，电路可能发生的现象是（ ）A.电流表和电压表都烧坏 B.电流表和电压表都不烧坏C.电流表烧坏，电压表正常 D.电压表烧坏，电流表正常【答案】C【解析】由电路图可知，电压表与灯泡串联后与电流表并联，由于电流表的内阻很小相当于短路，电压表的内阻很大相当于断路，所以，电压表和灯泡被短路，不能工作即不会烧坏，此时会造成电路中的电流过大，烧坏电流表和电源。故选：C。7.如图所示是一款平衡车，它是依靠电力驱动及
7、人体平衡能力控制的代步工具，当电源开关S1闭合时指示灯亮起；人站在平衡车踏板上时开关S2自动闭合，电动机才能启动，紧急情况时S1自动断开，电动机停止工作。下列电路图中，与其原理相符的是（ ）A. B. C. D.【答案】B【解析】由题意可知,指示灯和电动机并联,S1控制干路,开关S2控制电动机；A. 图中开关S2闭合后，发生电源短路现象，故A不符合题意；B. 图中指示灯和电动机并联,S1控制干路,开关S2控制电动机，故B符合题意；C. 图中S1和开关S2分别控制支路，故C不符合题意；D. 图中指示灯和电动机串联，故D不符合题意。8.如图所示，粗糙的弧形轨道固定在地面上，轨道平面竖直.一小球由A
8、点以一定的速度沿轨道滚下，经另一侧与A等高点B后到达最高点C.下列分析正确是( )A.整个过程中支持力对小球做了功B.小球在A点的惯性比在C点的惯性大C.小球在A点的动能比在B点的动能大D.小球在A点具有的机械能等于它在C点具有的机械能【答案】C【解析】A. 小球受到垂直于斜面的支持力的作用，下落中在力的方向上没有发生距离，故对小球没有做功，故A错误；B. 惯性大小只与质量有关，小球在运动过程中，质量不变，其惯性不变，故B错误；C. 小球运动过程中,要克服摩擦力做功,机械能减小;小球质量不变,小球在A.B两点时的高度相同,其重力势能相同,因A点的机械能大于B点的机械能(机械能等于动能与势能的总
9、和)，所以可知A点的动能要大于B点的动能，故C正确；D. 要克服摩擦力做功，机械能减小，故在A点具有的机械能大于它在C点具有的重力势能，故D错误。故选：C。9,如图所示，用一个重为8N的动滑轮来提升物体，在实际工作中竖直向上的拉力为20N,则动滑轮的机械效率（ ）A.一定等于80% B.一定大于80% C.一定小于80% D.以上情况都有可能【答案】C【解析】如图，设提升物体的高度为h，则绳子自由端移动的距离s=2h，若不计摩擦和绳重，提起动滑轮做的额外功：W额=G轮h=8Nh，提起物体所做的总功： W总=Fs=20N2h，提起物体所做的有用功： W有用=W总-W额=20N2h-8Nh=32N
10、h，滑轮组的机械效率：=W有用/W总100%=（32Nh）/(20N2h)100%=80%；在实际使用动滑轮时，摩擦和绳子存在，所做的额外功大于不计摩擦和绳重时所做的额外功，机械效率比不计摩擦和绳重时的机械效率小，即小于80%故选C10.在学过欧姆定律后，同学们有以下认识，其中不正确的是（ ）A.欧姆定律揭示了导体中的电流与电压、电阻的关系B.当电压一定时，导体中的电流与电阻成反比C.在研究导体中的电流与电压、电阻的关系过程中使用了控制变量法D.根据欧姆定律的变形公式R=U/I可知：导体的电阻随电压和电流的变化而变化【答案】D【解析】A.欧姆定律揭示了导体中的电流与电压、电阻的关系是正确的；不
11、合题意；B.当电压一定时，导体中的电流与电阻成反比，是正确的，不合题意；C.在研究导体中的电流与电压、电阻的关系过程中使用了控制变量法，是正确的；D.由于电阻是导体的物理属性，只与导体的材料，长度，横截面积与温度有关系，与电流和电压没有关系，只是数值上等于电压与电流的比值。故D项是错误的，符合题意。11.如图所示电路中，电源电压均不变，R0为阻值已知的定值电阻，R为最大阻值已知的滑动变阻器，利用下列电路图能够测出待测电阻Rx阻值的是( ) 【答案】D【解析】A.滑动变阻器滑片移动时，电压能测出电路中的电压值，但无法求出通过未知电阻的电流，无法求出电阻，故A错误；B.由于无法知道R0的电流，故无
12、法求出待测电阻Rx的电流和电压，无法求出电阻，故B错误；C.根据图可知，利用电流表无法求出电压，故无法求出待测电阻两端的电压，无法求出电阻，故C错误；D.由电路图可知，先把滑片移到最左端，滑动变阻器阻值全部接入电路，RP=R，滑动变阻器与待测电阻串联，测出电路电流I，则电源电压U=I(R+Rx)；把滑动变阻器滑片移到最右端，时RP=0，即只有Rx接入电路，由电流表测出电路电流I，则电源电压U=I Rx，由可以求出Rx, Rx=IR/(I-I)，故D正确。12.如图甲所示，电源电压不变，闭合开关S,当变阻器R2的滑片P从b端滑到a端的过程中，电流表示数I与电压表示数U的关系如图乙所示，则下列选项
13、正确的是（ ）A.R1的阻值为0.1B.变阻器R2的最大阻值为10C.电流表示数为0.2A时，R1与R2的电压相等D.该过程中变阻器R2的电功率先增大后减小【答案】D【解析】由甲电路图可知,R1与R2串联,电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流。(1)当滑片位于a端时,接入电路中的电阻为零,电路为R1的简单电路，电压表测电源两端的电压，其示数最大，由图乙可知，电压表的最大示数为3V，则电源的电压U=3V，故正确；此时电路中的电流I=0.3A，由I=U/R可得,R1的阻值：R1=U/I=1V/0.1A=10，故A错误；(2)当滑片位于b端时，接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，电压表的
14、示数最小，由图乙可知,电压表的示数U1=1V,电路中的电流I=0.1A，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以,R2两端的电压：U2=UU1=3V1V=2V，则变阻器R2的最大阻值：R2=U2/I=2V/0.1A=20，故B错误；(3)电流表示数为0.2A时，电路中的总电阻：R=U/I=3V/0.2A=15，R1分担的电压是U1=100.2A=2V,U2=3V-2V=1V；故C错误。（4）滑片P从b端滑到a端的过程中，总电路中电阻变小，电流变大，即根据P=UI总功率变大，根据P=I2R, R2消耗电功率P=3V/(10+ R2) R2。其图像是一条抛物线，先增大后减小的。故选D.二、填空题：
15、（本题共10小题，每空1分，共26分）13.如图甲是学校里面常用的一种移动指示牌，结构示意图如图乙所示，其中AB为指示牌牌面，CD和BE为支架(支架重力不计)。指示牌被风吹倒时可看做杠杆，根据图示风向，则支点是 点(填图中字母)，把风力看成动力，那阻力是 ，若增大CE、DE的长度，则它更 (填“容易”或“不容易”)被风吹倒。【答案】C；重力；不容易；【解析】(1)根据图示可知，指示牌的模型是一个可以绕固定点转动的硬棒，即可以看作杠杆模型；(2)根据题意可知，当指示牌刚好把D端吹离地面时，支点为C点；阻力臂是CE；增大CE、DE的长度，则增大了阻力臂，根据平衡条件动力臂没有发生变化，阻力臂变大，
16、所以不容易被风吹倒。14.（1）2019年11月3日，太原卫星发射中心用长征四号乙运载火箭成功发射我国首颗亚米级立体测绘卫星“高分七号”。火箭升空过程中，燃料燃烧产生的 能转化为火箭的 能（2）四冲程内燃机的转速为3000r/min,则它1s内曲轴转动 圈，对外做功 次。【答案】内；机械； （2）50；25；【解析】（1）火箭升空过程中，燃料燃烧产生的内能转化为火箭的机械能，每分钟转速3000，则每秒钟50转，即曲轮轴的转速，两转对外做功一次，因此功对外做功25次。15.某导体两端加2V电压时，通过的电流为0.2A,则这段导体的电阻为 ，要使通过该导体的电流变为06A,则该导体两端的电压_ V
17、.若将该导体置超低温环境下使其变为超导体，则此时它的电阻为 。【答案】10；6；0.；【解析】由I=U/R可得，导体的电阻：R=U/I=2V/0.2A=10，因电阻是导体本身的一种性质，与两端的电压和通过的电流无关，所以，通过该导体的电流变为0.6A时，导体的电阻仍为10不变，此时导体两端的电压：U=IR=0.6A10=6V，将该导体置于超低温环境下使其变为超导体时，其阻值为0.16.把凉牛奶放在热水中加热，经过一段较长时间，它们的温度随时间变化的图象如图所示牛奶的质量与热水相同，则其中 (选填“甲”或“乙”)代表牛奶温度变化的图象若不考虑热损失，从图象可以发现，甲、乙的比热容之比为 。【答案
18、】乙；2:1.；【解析】（1）将凉牛奶放入时，牛奶吸热、温度升高，水放热、温度降低，直至两者的末温相等，因此甲是水的温度变化图像，乙是牛奶温度变化图像；（2）忽略热量向空气的散失，热水和凉牛奶发生热传递时，凉牛奶吸收的热量和热水放出的热量相同，相同时间内温度变化量不同；根据图像可知，凉牛奶温度升高了(60-20)=40，热水温度降低了(80-60)=20，即Q奶吸=Q水放，m奶=m水，t奶=2t水，由Q=cmt可得：c甲:c乙=Q水放/(m水t水):Q奶吸/(m奶t奶)=Q水放/Q奶吸m奶t奶/m水t水=1/12/1=2:1。17.2019年10月18日，第七届世界军人运动会在武汉举行，这是我
19、国第一次承办综合性国际军事赛事，也是继北京奥运会后举办的规模最大的国际体育盛会，其中，跳伞项日为5个国际军体特色比赛项目之一。一体重为600N的运动员从悬停在空中的直升机上由静止开始竖直跳下，其速度与时间的关系如图所示，经15下落125m后，开始做匀速直线运动直至落地，整个过程用时30s.在整个过程中，该运动员重力做功为 J；匀速下降时运动员的动能 ，机械能 (后两空选填“增大”、“减小”或“不变”)。【答案】1.5105；不变；减小；【解析】(1)由题可知,运动员在015s下落的路程为s前=210m，由图象可知，15s后运动员以6m/s的速度做匀速直线运动，则运动员在1530s通过的路程为：
20、s后=vt后=6m/s15s=90m，整个过程中，运动员下落的高度为：h=s前+s后=210m+90m=300m，重力做的功：W=Gh=500N300m=1.5105J；(2)运动员在匀速下降过程中，质量不变，速度不变，则动能不变；高度变小，重力势能减小；动能不变、重力势能减小，所以机械能减小。 18.如图甲所示是某家庭用的电能表，图乙是小华家某月月初、月末的两次读数，则他家本月消耗的电能为 kwh,若该电能表转盘在10min时间内转了300转，则这段时间内他家的用电器消耗的电功率为 kw。甲 乙【答案】82；0.6；【解析】(1)本月消耗的电能：W=1469.5kWh1387.5kWh=82
21、kWh，(2)电能表的转盘转300转消耗的电能为：W=300R/3000R/kWh=0.1kWh，用电器的功率：P=W/t=0.1kWh/1060h=0.6kW， 19.如图物块A和弹簧放在粗糙的水平面上，弹簧左端固定于墙面，OC为弹簧的自然长度。向左移动物块A并压缩弹簧至B处后静止释放，物体A向右运动过程中，在 处时速度达到最大(选填“C点”“C点左侧”或“C点右侧”)整个过程物块A的内能增大，这是通过 的方式改变内能。【答案】C点左侧；做功。【解析】如图所示，当压缩弹簧时，弹簧具有弹性势能，在恢复形变时，弹性势能转化为动能，使物块获得一定的速度，且在物块离开弹簧时，速度达到最大，即在C点左
22、侧时；整个过程中物块A的内能增大，这是通过弹力做功，弹性势能转化为动能。20.把一只标有“12V 6W”字样的灯和一只电阻连到12V的电源上，灯能正常发光，而电路的总功率是9W,那么灯泡与电阻肯定是 联的，且电阻的阻值为 。【答案】并；48。【解析】因为灯与电阻是并列在电源两端，所以灯与电阻并联；I=P/U=9W/12V=0.75A,IL=6W/12V=0.5A,IR=0.75A0.5A=0.25A；R=U/I=12V/0.25A=48。21.如图所示，沿斜面向上匀速拉一个重为100N的物体到斜面顶端，斜面长0.5m,高0.3m,拉力为80N,则这个斜面的机械效率是 %，物体受到的摩擦力是_
23、_N。【答案】75；20。【解析】有用功：W有用=Gh=100N0.3m=30J，总功：W总=Fs=80N0.5m=40J，斜面的机械效率：=W有用/W总100%=30J/40J100%=75%；额外功：W额=W总W有用=40J30J=10J，因为W额=fs，所以摩擦力大小：f=W额/s=10J/0.5m=20N.22.在如图所示的电路中，将两个电流表A1、A2分别正确连入电路不同位置，闭合开关S,两个电流表均有示数，且A1的示数大于A2的示数，移动滑动变阻器R1的滑片P时，观察到两个电流表的示数随之改变。(1)电流表A1测量的是 中的电流，A2测量的是 中的电流。(均选填“R1支路”“R2支
24、路”或“干路”)(2)若变阻器的滑片P向右端移动，则在移动过程中电流表A1与A2示数的比值 (选填“变大”、“变小”或“不变”)。【答案】(1)干路；R1支路；（2）变大。【解析】(1)由图可知R2与滑动变阻器R1并联,由“A1的示数大于A2的示数”知电流表A1测量的是干路中的电流,A2测量的是支路中的电流,移动滑动变阻器R1的滑片P时,观察到两个电流表的示数随之改变,故A2测量的是R1支路中的电流；（2）当滑片P由图中所指位置向右移动时，滑动变阻器接入电阻变大，则由欧姆定律可得,通过A2的电流I2减小；而R1两端的电压不变,所以通过A1的示数I1不变；根据干路电流等于各支路电流之和可知，干路
25、电流变小；电流表A1的示数与电流表A2的示数的和跟电流表A2的示数的比值为（I1+I2）/I2=I1/I2+1，所以比值会变大。三、解答题（本题共8小题，共50分，解答第24、25、26小题时应有必要的解答过程）23.(8分)按要求完成作图(1)如图甲所示，是一个电热水壶的简易图，用力作用在壶盖上A点时，可将壶盖打开，请在图中A点画出所需最小力F的示意图及对应的力臂l（O为支点）。(2)如图乙所示，画出滑轮组的绕线图，使站在地面上的小孩提升重物时所用的拉力最小。(3)在如图丙所示电路中，有一根导线尚未连接，请用笔线代替导线补上，补上后要求：当开关闭合时，两灯都发光，且电流表的示数不变。(4)在
26、图丁空缺处画上电源或电压表的电路符号，使开关闭合后，两灯组成串联电路。 【答案】 【解析】（1）连接AO即为最长动力臂，动力臂最长，则最省力，如图所示；（2）要使滑轮组最省力，需要承担物重的绳子段数最多，所以要从动滑轮绕起。如图：（3）从正极开始分支，一支经电流表、灯泡L1回到负极，另一支经开关、灯泡L2回到负极。（4）电压表只能并接在用电器或电源的两端，因此最右侧是电压表，则另一个是电源。24.(6分)一辆汽车以23m/s的速度行驶1min,消耗的汽油为12kg.汽车匀速直线行驶时受到的阻力f=1.2103N,汽油的热值g=4.6107kg,根据以上信息计算:（1）该汽车在这段时间内消耗的汽
27、油产生的热量有多少？（2）此时汽车发动机的功率为多大？2（3）在这段时间内该汽车发动机效率是多少？【答案】(1) 5.52107J；（2）2.76104W；（3）30%.【解析】 (1)汽油完全燃烧释放的热量：Q放=mq=4.6107J/kg1.2kg=5.52107J(2)v=23m/s，由v=s/t得：汽车在10min内通过的路程：s=vt=23m/s600s=1.38104m，汽车牵引力在10min内做的功：W=Fs=1.2103N1.38104m=1.656107J；此时汽车发动机的功率为：P=W/t=1.656107J/600s=27600W=2.76104W；(3)在这段时间内该汽
28、车发动机效率：=W/Q放=1.656107J/5.52107J100%=30%。25.(6分)如图所示，滑轮组在竖直向上的拉力F=50N作用下，将重为120N的物体匀速提起在10s时间内绳子自由端移动的距离为s=3m(1)计算物体上升的速度；(2)计算滑轮组提升该重物时的机械效率；(3)若克服绳重和摩擦做的额外功为10J,求动滑轮的重。【答案】(1) 0.1m/s；（2）80%；（3）20N。【解析】(1)由图示滑轮组可知，承重绳子的有效股数：n=3，物体上升的高度：h=s/n=3m/3=1m，物体上升的速度v=s/t=1m/10s=0.1m/s；(2)F=50N，S=3m，所以拉力所做的总功
29、W=Fs=50N3m=150J；滑轮组的机械效率W有用/W总100%=Gh/Fs100%=（120N1m）/150J100%=80%(3)由于物体上升过程中，物体和动滑轮一起移动，所以h=1m，拉力所做的额外功W额外=W动+10J，而W额外= W总- W有用=150J-120J=30J.所以W动=30J-10J=20J。根据W动=G动h；所以G动=20J/1m=20N。26.(7分)在如图所示的电路中，电源电压为9V保持不变，电阻R1的阻值为10.闭合开关S后，电流表A的示数为0.5A。(1)求电阻R1两端的电压U1；(2)求电阻R2的阻值；(3)现用电阻R0替换电阻R1、R2中的一个，替换后
30、，电源的功率增加了0.9W,求电阻R0的可能阻值。【答案】(1) 5V；（2）8（3）7或5。【解析】（1）由I=UR可得，电阻R1两端的电压： U1=IR1=0.5A10=5V；（2）因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，R2两端的电压： U2=UU1=9V5V=4V，则电阻R2的阻值： R2=U2/I=4V/0.5A=8；（3）电源的电功率： P=UI=9V0.5A=4.5W，用电阻R0替换电阻R1、R2中的一个，替换前后，电源的电功率增加了0.9瓦，即P=5.4W，由P=UI=U2/R可得，电路中的总电阻： R=U2/P=(9V)2/5.4W=15，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和
31、，所以，若R0替换R1，则R0的阻值R0=RR2=158=7，若R0替换R2，则R0的阻值R0=RR1=1510=5。27.(5分)根据“探究杠杆平衡的条件”实验要求，完成下列各小题：甲 乙 丙(1)某同学在调节杠杆水平位置平衡前，杠杆静止时的位置如图甲所示。此时杠杆 （填“是”或“不是”)处于平衡状态。(2)在已经调节好平衡的杠杆上挂上钩码，所处的状态如图乙所示，此时他应移动 (选填“平衡螺母”或“钩码”)，使杠杆在水平位置平衡。实验中他改变钩码的个数及位置进行了多次测量，其目的是 。(3)如图丙所示，为寻找杠杆的平衡条件，也可以在已经调节好平衡的杠杆上A点悬挂2个钩码，用弹簧测力计竖直向上
32、拉杠杆，该拉力可以作用在 点(从“B”、“C”两个位置中选择满足要求的位置)。(4)在分析实验误差时，某同学整理了以下四个因素，其中不会带来实验误差的是 。A.铁架台自身重力较大 B.钩码磨损程度不同C.悬挂钩码的绳索有重力 D.杠杆与转轴之间有摩擦【答案】(1) 是；（2）钩码；避免实验次数太少，导致实验结论具有偶然性；（3）B；（4）A；【解析】（1）杠杆处于静止或匀速转动状态都是平衡状态，图中是静止状态，故杠杆处于平衡状态。（2）杠杆已经调平，挂上了钩码，不能在调节平衡螺母了，只能通过杠杆两侧的钩码数量或位置来使杠杆重新平衡。实验进行多次测量的目的是，避免实验偶然性，得出普遍性规律；（3
33、）用弹簧测量计向上拉时，为了使杠杆平衡，应该在A说B处向上拉，所以选择B；（4）分析如下：A.铁架台自身的重力足够大目的使杠杆稳定，但对杠杆的平衡无影响，故A符合题意；B. 使用的钩码明显被磨损或生锈，单个钩码的重力不完全相等，则多个钩码总重力无法确定，对实验结果有影响，故B不符合题意；C. 悬挂钩码的绳套重力偏大，会对杠杆的平衡有影响，故C不符合题意；D. 杠杆与转轴之间的摩擦偏大会影响杠杆的灵敏，对测量结果造成误差，故D不符合题意；故选A；28.(6分)在探究“比较不同物质吸热能力”的实验中(1)实验中为了得到水、煤油的温度随时间变化的图象，除了图甲中所给的器材，还需要测量工具：天平和 。
34、(2)在两个完全相同的烧杯中分别装入 、初温都相同的水和煤油(选填“质量”或“体积”)。(3)实验中选择相同规格的电加热器，并且加热相同的时间目的是 ；然后通过比较 来研究水和煤油的吸热能力。(4)根据实验测得的数据分别描绘出了水和煤油两种液体的温度随加热时间变化的图象，如图乙所示，则 的吸热能力更强。“暖手宝”中装的储热液具有的比热容 。(选填“较大”或“较小”)。【答案】(1) 停表；（2）质量；（3）使水和煤油吸收的热量相同；升高的温度；（4）水；较大。【解析】（1）实验中要记录液体温度随时间的变化情况，所以还需要测量时间的工具：停表。（2）根据比较吸热能力的两种方法，要控制不同物质的质
35、量相同，故在两个完全相同的烧杯中分别装入质量、初温都相同的水和煤油；（3）实验中选用规格相同的两个电加热器的目的是让物体在相同时间内吸收相同的热量；然后比较升高的温度的方法来探究实验的。（4）根据图像可知，加热时间相同（即它们吸收的热量相同）时，水升温的慢，根据Q=cmt；知水的吸热能力强。暖手宝为了保温，让其温度下降慢些，所以需要比热容较大些。29.(7分)小军利用图甲电路探究电流与电阻的关系，所用器材规格已在图中标明。(1)请用笔画线代替导线将电路连接完整，使滑片P向左移动时，滑动变阻器接入电路的阻值增大。(2)实验中闭合开关后，若无论如何调节滑动变阻器，电流表的示数为零，电压表示数始终为
36、3V.经检査发现是某根导线出现了断路，该导线是 (填导线编号)。(3)测量结束后，应先 ，拆除_ 两端导线后，再拆除其他导线并整理好器材。(4)将电流表示数记为I,电阻箱和滑动变阻器接入电路的阻值分别记为R1和R2.小军根据实验数据绘制的I与1R1之间关系的图线如图乙所示。根据图乙可得出“在电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成 ”的实验结论.在图丙的选项中，能正确反映I/与1R2之间关系的是 _,你的理由是 。【答案】(1) 如下图；（2）；（3）断开开关；电源；（4）反比；A；滑动变阻器两端的电压保持不变为1V。【解析】（1）滑片向左移动时，滑动变阻器接入电路的阻值增大，故变阻器滑片以右
37、的电阻丝连入电路中，如图所示：（2）电流表无示数，电路断路，电压表示数为3V，测电源电压，与电源连通，所以电压表并联的那部分断路，所以导线断路；（3）为了保护电路，实验结束后，应先断开开关，先拆除电源两端导线后，再拆除其他导线并整理好器材；（4）根据图2描出的图象，电流与导体电阻的倒数成正比，则电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；由图2知电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比，即U=IR=0.1A10.05=2V，根据串联电路电源压的特点知：滑动变阻器两端的电压保持不变，为3V2V=1V，则电流与滑动变阻器的阻值成反比关系，则I与1R2的图象关系是A图所示图线30.(5分)叶子
38、姐姐利用学过的物理知识设计了一个拉力计，图甲是其原理图，金属弹簧左端固定，右端和金属滑片结合在一起(弹簧的电阻不计，P与ab间的摩擦不计)，ab是一根长为5cm的均匀电阻丝，其阻值为25,R0阻值忽略不计；已知该弹簧伸长的长度l与所受拉力F间的关系如图乙所示(拉力为0时，滑动触头P在电阻丝最左端a点，电源电压U=3V,电流表的量程为00.6A,请回答：(1)拉力越大，接入电路中的电阻越 ；(2)为了保证电流表安全使用，拉力F的最大值是 N。(3)当拉力为200N时图甲中电流表的示数为 A；(4)弹簧的劲度系数一般用k表示，其数值等于弹簧的伸长（或缩短）单位长度时的弹力。根据图乙，该弹簧的劲度系
39、数k= N/m。(5)该电子拉力计上电流表的示数I与拉力F的大小关系有关，写出I与F的关系为 （代入已知量，结果用F表示）。【答案】(1) 小；（2）400N；（3）0.3；（4）10000；（5）3V/（25-5L）。【解析】（1）此拉环的移动会改变P在ab上的位置，即会改变其接入电路中的电阻长度，因此，拉力越大，其P会越向右靠近，接入电路中电阻长度变短，电路总电阻就会变小；（2）电流表的量程是0.6A，电源电压为U=3V，所以可以接入电路中的电阻最小为R=U/I=3V/0.6A=5；此时ab接入电路中的长度为5/255cm=1cm。所以可以得知弹簧的形变量是L=5cm-1cm=4cm。根据图乙可知此时，拉力F=400N.（3）当拉力为200N时，由图可知，弹簧的形变量l=2cm。此时滑片P也向右移动了2cm；则ab接入电路中的长度为L=5cm-2cm=3cm。因此接入电路中电阻为R=3cm/5cm25=15。所以根据欧姆定律I=U/R=3V/15=0.3A。（4）由题可知，弹簧进度系数k=弹力/弹簧的形变量；其比值正好是图乙图像的斜率的倒数；所以k=600N/0.06cm=10000N/m。（5）电源电压U=3V，电路的总电阻为ab接入电路中的阻值，其阻值大小为R=（5-L）/525=(25-5L)；所以电路中电流为I=U/R=3V/（25-5L）。
