1、作业推荐第七章复习与测试一、选择题1.中华文化源远流长、博大精深，几千年来创造了很多富有地域特色的物品，下列涉及到的物品主要成分不属于有机物的是()ABCD53度二锅头酒热干面花生油瓷器【答案】D【解析】A选项，主要成分是乙醇，属于有机物，故A不符合题意；B选项，主要成分是淀粉，属于有机物，故B不符合题意；C选项，主要成分是油脂，属于有机物，故C不符合题意；D选项，瓷器的主要成分是硅酸盐，是无机化合物，不是有机物，故D符合题意。答案为D。【点睛】属于有机物主要是烃、醇、醛、羧酸、酯、糖、油脂、蛋白质等。2.下列属于天然高分子化合物的组合是（ ）A.聚乙烯、淀粉B.纤维素、淀粉C.塑料、纤维素D
2、.油脂、蛋白质【答案】B【分析】高分子化合物（又称高聚物）一般相对分子质量高于10000，结构中有重复的结构单元；有机高分子化合物可以分为天然有机高分子化合物（如淀粉、纤维素、蛋白质天然橡胶等）和合成有机高分子化合物（如聚乙烯、聚氯乙烯等）。【详解】A.淀粉是多糖，相对分子质量在一万以上，为天然高分子化合物，聚乙烯为合成高分子，故A错误；B. 淀粉、纤维素为多糖，相对分子质量在一万以上，为天然高分子化合物，故B正确。C. 纤维素为多糖，相对分子质量在一万以上，为天然高分子化合物，塑料为聚乙烯或聚氯乙烯，为合成高分子化合物，故C错误；D. 蛋白质相对分子质量在一万以上，为天然高分子化合物，油脂相
3、对分子质量不大，不是高分子化合物，故D错误； 答案选B。.【点睛】有机高分子化合物可以分为天然有机高分子化合物（如淀粉、纤维素、蛋白质天然橡胶等）和合成有机高分子化合物（如聚乙烯、聚氯乙烯等）。3.下列有机物不是同分异构体的是()A.葡萄糖和果糖B.蔗糖和麦芽糖C.淀粉和纤维素D.正丁烷和异丁烷【答案】C【解析】A、葡萄糖和果糖的分子式都是C6H12O6，葡萄糖含有醛基，果糖含有羰基，因此两者属于同分异构体，故A不符合题意；B、蔗糖和麦芽糖的分子式为C12H22O11，前者水解成葡萄糖和果糖，后者水解成葡萄糖，因此两者属于同分异构体，故B不符合题意；C、淀粉和纤维素的分子式为(C6H10O5)
4、n，两者的n值不同，因此淀粉和纤维素不互为同分异构体，故C符合题意；D、正丁烷结构式为CH3CH2CH2CH3，异丁烷的结构式为CH(CH3)3，两者互为同分异构体，故D不符合题意。4.下列物质的沸点按由高到低的顺序排列正确的是CH3(CH2)2CH3 CH3(CH2)3CH3 (CH3)3CH (CH3)2CHCH2CH3A.B.C.D.【答案】A【解析】烷烃的物理性质随着分子中碳原子数的递增呈规律性变化，沸点逐渐升高；碳原子数相同的烃，支链越多，熔沸点越低、中碳原子都是5个，无支链，所以沸点：；中碳原子数为4，的支链比多，比中碳原子数都少，所以沸点：；故沸点按由高到低的顺序排列是：；故选A
5、。【点睛】根据烷烃的物理性质随着分子中碳原子数的递增呈规律性变化，沸点逐渐升高；碳原子数相同的烃，支链越多，熔、沸点越低来分析.5.1mol C2H4与Cl2完全加成，再与Cl2彻底取代，两过程共用Cl2A.2 molB.4molC.5molD.6mol【答案】C【详解】1mol C2H4有1mol碳碳双键，能与1mol Cl2完全加成生成ClCH2CH2Cl，ClCH2CH2Cl再与Cl2彻底取代，理解取代的实质，1个氯气取代一个氢原子，ClCH2CH2Cl有4个氢原子，则全部取代完需要4个氯气，即1mol ClCH2CH2Cl中的氢全部取代需要4mol氯气，因此总共需要5mol氯气，故C正
6、确；综上所述，答案为C。6.有机化合物在人类生活和生产中必不可少，下列对有机化合物的叙述不正确的是( )A.甲烷是天然气的主要成分，是最简单的烃，其含碳量为75%B.乙醇的分子式为C2H6O，常温下是一种无色液体，密度比水小C.乙酸的结构简式是CH3COOH，易溶于水，酸性比H2CO3的强D.乙烯是重要的化工原料，能使溴水和酸性高锰酸钾溶液褪色，其原理均是乙烯具有漂白作用【答案】D【解析】A. 最简单的烃为CH4，甲烷是天然气的主要成分，甲烷中含碳量为1212+14=75%，A选项正确的；B. 乙醇含OH，可看成乙烷中的1个H被OH取代，则乙醇的分子式为C2H6O，常温下是一种无色液体，密度比
7、水小，可与水以互溶，B选项正确；C. 乙酸含COOH，可看成甲烷中1个H被COOH取代，则乙酸的结构简式是CH3COOH，能和水以任意比互溶，由乙酸可与碳酸盐反应生成碳酸，可以知道酸性比碳酸强，C选项正确；D. 乙烯是重要的化工原料，可用于有机物合成的原料，乙烯含碳碳双键与溴水发生加成反应，与高锰酸钾发生氧化还原反应，但乙烯不具有漂白性，D选项错误；答案选D。7.下列实验装置设计正确，且能达到目的的是：( )A.石油分馏B.制备乙酸乙酯C.分离水和甘油D.除去乙烷中的乙烯【答案】B【分析】A、冷凝水接反了；B、制备乙酸乙酯，并能防止倒吸；C、甘油和水互溶；D、乙烯氧化成二氧化碳；【详解】A、冷
8、凝水接反了，故A错误；B、制备乙酸乙酯，并能防止倒吸，故B正确；C、甘油和水互溶，不能用分液的方法分离，故C错误；D、乙烯氧化成二氧化碳，引入新的杂质，故D错误；故选B。8.下列有关说法正确的是A.高纤维食物是富含膳食纤维的食物，在人体内都可以通过水解反应提供能量B.“熔喷布”可用于制作N95型等口罩，生产“熔喷布”的主要原料是聚丙烯，它属于纯净物C.含有两个甲基，分子式为C6H13Cl的同分异构体有7种(不考虑立体异构)D.可以用碳酸钠溶液来区分乙酸、乙醇、苯【答案】D【解析】A. 高纤维食物是指富含膳食纤维的食物，经常食用对人体健康有益，膳食纤维是植物的一部分并不被人体消化的一大类糖类物质
9、，故A错误； B.聚丙烯属于合成有机高分子化合物，它属于混合物，故B错误；C. 含有两个甲基，分子式为C6H13Cl的同分异构体有6种：主链上6个碳时，一种是2号碳接一个氯，另一种是3号碳接一个氯；主链上5个碳时，有两种情况：当甲基在2号碳上时，一种是1号碳上接一个氯，另一种是5号碳上接一个氯，当甲基在3号碳上时，一种是1号碳上接一个氯，另一种是支链碳上接一个氯。故C错误；D. 乙酸和碳酸钠溶液反应有气体产生，乙醇能溶于碳酸钠溶液，苯不溶于碳酸钠溶液，溶液分层，所以可以用碳酸钠溶液来区分乙酸、乙醇、苯，故D正确。故选D。9.结合乙烯和乙醇的结构与性质,推测丙烯醇(CH2CHCH2OH)不能发生
10、的化学反应( )A.加成反应B.氧化反应C.与Na反应D.与Na2CO3溶液反应放出CO2【答案】D【解析】丙烯醇分子中含碳碳双键，具有烯烃的性质，能发生加成反应和氧化反应；含有醇羟基，具有醇的性质，能发生氧化反应，与钠反应，但不具有酸性，不能与Na2CO3溶液反应放出CO2。故选D。10.由CH3CH3CH3CH2ClCH2=CH2CH3CH2OH的转化过程中，经过的反应是()A.取代消去加成B.裂解取代消去C.取代消去水解D.取代加成氧化【答案】A【解析】CH3CH3CH3CH2ClCH2=CH2CH3CH2OH的转化过程中，第一步为烷烃在光照下的取代反应，第二步为卤代烃在NaOH/醇溶液
11、中发生消去反应生成乙烯，第三步为乙烯与水发生加成反应生成乙醇，所以该转化过程的反应依次为：取代消去加成，A选项正确；答案选A。11.提纯下列物质（括号中为杂质），选择试剂和分离方法都正确的是（ ） 选项被提纯的物质除杂试剂分离方法A甲烷（乙烯）酸性高锰酸钾溶液洗气B蔗糖（葡萄糖）水过滤C乙酸乙酯（乙酸）饱和碳酸钠溶液分液D苯（碘）水过滤【答案】C【解析】A乙烯被高锰酸钾氧化生成二氧化碳，引入新杂质，应加溴水、洗气除杂，故A错误；B. 蔗糖和葡萄糖均易溶于水，不能采用水溶过滤的方法分离，故B错误；C乙酸与碳酸钠反应后，与乙酸乙酯分层，然后分液可除杂，故C正确；D.碘在苯中的溶解度大于水中的溶解度
12、，因此不能用水萃取苯中的碘，故D错误；故选C。12.有机物A是衡量一个国家石油工业是否发达的标志性物质，A在催化剂作用与水反应的产物为B，B可与食醋中的有机酸C发生反应生成D，下列说法中正确的是（）A.实验室制取D时，使用水浴加热B.A能与溴水和酸性KMnO4溶液发生氧化还原反应，而使它们褪色C.D的同分异构体中含有羧基的有3种D.B和C的熔点和沸点都比C2H6、C2H4的沸点和熔点高【答案】D【解析】有机物A是衡量一个国家石油工业是否发达的标志性物质，则A为CH2=CH2，A在催化剂作用与水反应的产物为B，则B为CH3CH2OH，B可与食醋中的有机酸C发生反应生成D，则C为CH3COOH、D
13、为CH3COOCH2CH3。A. 制备乙酸乙酯时，不用水浴加热，采取直接加热，A错误；B. A为CH2=CH2，含有碳碳双键，与酸性KMnO4溶液发生氧化反应，而与溴水发生加成反应，使它们褪色，B错误；C. D为CH3COOCH2CH3，同分异构体中含有羧基有：CH3CH2CH2COOH、(CH3)2CHCOOH，C错误；D. B为CH3CH2OH，C为CH3COOH，分子之间存在氢键，常温下为液态，而C2H6、C2H4常温下气体，故乙醇、乙酸的熔点和沸点都比C2H6、C2H4的熔点和沸点高，D正确。故选D。13.某有机物6 g与足量钠反应，生成0.05 mol氢气，该有机物可能是A.CH3C
14、H2OHB.C.CH3OHD.CH3OCH2CH3【答案】B【解析】醚不能与钠反应，只有醇与钠反应生成氢气，选项中醇都是饱和一元醇，假设饱和一元醇为CnH2n+1OH，则：2CnH2n+1OHH2214n+18g1mol6g0.05mol所以，2(4n+18)g：6g=1mol：0.05mol，解得n=3，故有机物为C3H7OH，选项中只有B符合，答案选B。14.某有机物的结构简式如图所示，下列关于这种有机物的说法不正确的有（ ）该物质的分子式为C11H12O3 能使溴水、酸性KMnO4溶液褪色 分别与Na、NaHCO3反应，两个反应中反应物的物质的量之比均是11 能发生取代、加成、水解、氧化
15、反应A.1种B.2种C.3种D.4种【答案】B【解析】该物质分子中含11个C原子、3个O原子，不饱和度为6，则分子式为C11H12O3，正确；该有机物分子中的碳碳双键能使溴水、酸性KMnO4溶液褪色，正确；该有机物分子中的羟基和羧基都能与Na反应，只有羧基能与NaHCO3反应，两个反应中反应物的物质的量之比前者是1：2，后者是11，不正确；该有机物不能发生水解反应，不正确；综合以上分析，不正确，故选B。15.法国、美国、荷兰的三位科学家因研究“分子机器的设计与合成”获得诺贝尔化学奖。轮烷是一种分子机器的“轮子”，合成轮烷的基本原料有CH2Cl2、丙烯、戊醇等，下列说法不正确的是( )A.CH2
16、Cl2有两种同分异构体B.丙烯能使溴水褪色C.戊醇与乙醇都含有羟基D.CH2Cl2只有一种结构【答案】A【解析】A甲烷为正四面体结构，CH2C12只有一种结构，不存在同分异构体，故A错误；B丙烯含有碳碳双键，可与溴水发生加成反应，使溴水褪色，故B正确；C戊醇与乙醇的官能团相同，都含有羟基，故C正确；D甲烷中任意2个H均为相邻位置，则二氯甲烷的结构只有一种，故D正确；故选A。16.萤火虫体内发光物质是荧光素，其结构简式为：下列有关荧光素的说法不正确的是()A.荧光素由碳、氢、氧、氮、硫五种元素组成B.荧光素的化学式是C11H8O3N2S2C.荧光素属于芳香化合物D.荧光素分子中含有羟基、羧基和碳
17、碳双键【答案】D【解析】A. 根据荧光素结构简式可知：分子中含碳、氢、氧、氮、硫五种元素，A选项正确；B. 根据荧光素结构简式可知：荧光素的化学式是C11H8O3N2S2，B选项正确；C. 荧光素分子中含有苯环，属于芳香化合物，C选项正确；D. 荧光素分子中含有羟基、羧基和碳氮双键，但不含碳碳双键，D选项错误；答案选D。【点睛】苯环不含碳碳双键，6个碳碳键已平均化，均介于单键和双键之间。二、填空题17.如图所示，U型管的左端被水和胶塞封闭有甲烷和氯气（体积比为1：4）的混和气体，假定氯气在水中溶解度可以忽略。将该装置放置在有光亮的地方，让混和气体缓慢地反应一段时间。 （1）经过几个小时的反应后
18、，U型管左端产生的现象是：_，_，_右端的玻璃管中水柱变化是_。 A升高 B降低 C不变 D无法确定（2）试解释U型管右端的玻璃管中水柱变化的原因_（3）在反应生成物中：常用作有机溶剂的是_，常用作灭火剂的是_，呈气态的有 _ （每空填一种）（4）写出符合下列条件的甲烷的一种同系物的结构简式_ A.氢原子数为十二 ,B.一氯取代物只有一种结构【答案】 (1). 气体颜色变浅 (2). 生成油状液体 (3). 液面上升 (4). B (5). 反应后气体的物质的量减少，且生成的HCl极易溶于水，所以左侧压强减小至零，故右侧玻璃管中的水柱降低 (6). 三氯甲烷（或四氯甲烷） (7). 四氯甲烷
19、(8). 一氯甲烷 (9). 【分析】(1)根据甲烷和氯气反应以及大气压强原理来判断；(2)根据大气压强原理来判断U型管右端的玻璃管中水柱变化；(3)根据在反应生成物中,一氯甲烷为气体,二氯甲烷、三氯甲烷、四氯甲烷是液体,常用作有机溶剂的是三氯甲烷、四氯甲烷,常用作灭火剂的是四氯甲烷；(4)A、根据烷烃的通式可以知道, 2n+2=12,n=5，则烷烃为戊烷,有正戊烷、异戊烷、新戊烷三种同分异构体；B、一氯取代物只有一种结构,说明戊烷只有一种氢原子,该戊烷为新戊烷。【详解】(1)经过几个小时的反应后,消耗氯气,反应中气体的物质的量减少,气体颜色变浅,生成油状液体,所以压强减小,且生成的HCl能够
20、溶解于水,U型管左端液面上升,U型管右端的玻璃管中水柱降低，选B；因此，本题正确答案是:气体颜色变浅；生成油状液体；液面上升；B；(2)反应后,反应中气体的物质的量减少,且生成的HCl能够溶解于水,所以左侧压强减小至零,故右侧玻璃管中的水柱降低；因此，本题正确答案是:反应后气体的物质的量减少,且生成的HCl能够溶解于水,所以左侧压强减小至零,故右侧玻璃管中的水柱降低；(3)在反应生成物中有四种有机物:一氯甲烷、二氯甲烷、三氯甲烷、四氯甲烷,常用作有机溶剂的是三氯甲烷、四氯甲烷，常用作灭火剂的是四氯甲烷，呈气态的是一氯甲烷；因此，本题正确答案是:三氯甲烷；四氯甲烷；一氯甲烷；(4)A、根据烷烃的
21、通式可以知道,2n+2=12,n=5,则烷烃为戊烷,有正戊烷、异戊烷、新戊烷三种同分异构体；B、一氯取代物只有一种结构,说明戊烷只有一种氢原子,该戊烷为新戊烷,结构简式为；答:符合下列条件的甲烷的一种同系物的结构简式。18.为测定某烃A的分子组成和结构,对这种烃进行以下实验:取一定量的该烃,使其充分燃烧后的气体通过装有CaCl2干燥管,干燥管增重7.2g;再通过石灰水,石灰水增重17.6g。 经测定,该烃(气体)在标准状况下的密度为1.25gL-1。现以A为主要原料合成乙酸乙酯,其合成路线如图1所示。(1)0.1mol该烃A能与 _g溴发生加成反应;加成产物需 _mol溴蒸气完全取代;(2)B
22、中官能团的名称是_, B可通过加入强氧化剂为_(任填一种)一步直接氧化为D。(3)E是常见的高分子材料,写出E的结构简式_;合成E的反应类型_;(4)某同学用如图2所示的实验装置制取少量乙酸乙酯。实验结束后,试管甲中上层为透明的、不溶于水的油状液体。实验开始时,试管甲中的导管不伸入液面下的原因是_;上述实验中饱和碳酸钠溶液的作用是_;在实验室利用B和D制备乙酸乙酯的实验中,若用1molB和1molD充分反应,不能生成1mol乙酸乙酯,原因是_。(5)比乙酸乙酯相对分子质量大14的酯有_种结构。【答案】 (1). 16 (2). 0.4 (3). 羟基 (4). 酸性高锰酸钾溶液或者酸性重铬酸钾
23、溶液 (5). (6). 加聚反应 (7). 防倒吸 (8). 中和乙酸，吸收乙醇，降低乙酸乙酯的溶解度，便于分层析出 (9). 该反应为可逆反应，不可能完全转化 (10). 9种【解析】(1)由题干信息可知，A的摩尔质量为1.25gL-122.4L/mol=28g/mol，取一定量的该烃,使其充分燃烧后的气体通过装有CaCl2干燥管，干燥管增重7.2g，则水的质量为为7.2g，n(H)=7.2g18g/mol2=0.8mol，再通过石灰水，石灰水增重17.6g，说明二氧化碳的质量为17.6g，n(C)=17.6g44g/mol=0.4mol，则C原子与H原子的个数比为1:2，说明A为乙烯，A
24、中含有碳碳双键，0.1mol乙烯能和0.1mol溴发生加成反应，0.1mol溴的质量为16g，1，2二溴乙烷能和溴发生取代反应，且H原子和溴分子的物质的量之比为1：1，0.1mol的1，2二溴乙烷中含有0.4molH原子，所以需要0.4mol溴与其发生完全取代反应，故答案为16，0.4；(2)乙烯与水发生加成反应生成的B物质为乙醇，它的官能团为羟基，乙醇可与强氧化剂高锰酸钾或者酸性重铬酸钾溶液反应直接得到乙酸，故答案为羟基、酸性高锰酸钾溶液或者酸性重铬酸钾溶液；(3)E是常见的高分子材料,则E是聚乙烯，它的结构简式为：CH2CH2n，乙烯通过加聚反应生成聚乙烯，故答案为CH2CH2n、加聚反应
25、；(4)实验结束后,试管甲中上层为透明的、不溶于水的油状液体为乙酸乙酯，实验开始时,试管甲中的导管不伸入液面下的原因是防止倒吸；饱和碳酸钠溶液能与未反应的乙酸反应，溶解挥发出的乙醇，且乙酸乙酯在饱和碳酸钠溶液中溶解度最小，从而促进乙酸乙酯析出，故答案为中和乙酸，吸收乙醇，降低乙酸乙酯的溶解度，便于分层析出；由于乙酸与乙醇反应生成乙酸乙酯和水的反应是可逆反应，化学反应具有一定限度，不能达到完全转化，故答案为该反应为可逆反应，不可能完全转化；(5)比乙酸乙酯相对分子质量大14的酯，即分子组成上多一个CH2原子团，所以比乙酸乙酯相对分子质量大14的酯有乙酸丙酯2种，丙酸乙酯1种，丁酸甲酯2种，甲酸丁
26、酯4种，共9种结构，故答案为9种。19.乙醇是一种重要的化工原料，由乙醇为原料衍生出的部分化工产品如下图所示：回答下列问题：(1)A的结构简式为_。(2)B的化学名称是_。(3)由A生成B的化学反应类型为_。(4)E是一种常见的塑料，其化学名称是_。(5)由乙醇生成F的化学方程式为_。(6)C5H12O与乙醇互为同系物，其能被催化氧化的同分异构体有_种。【答案】 (1). CH3COOH (2). 乙酸乙酯 (3). 取代反应 (4). 聚氯乙烯 (5). CH3CH2OH170浓硫酸CH2=CH2+ H2O (6). 7【分析】乙醇催化氧化生成的A为乙酸，乙酸与乙醇反应生成的B为乙酸乙酯；乙
27、醇与氯气发生取代反应，生成C，则C为CH2Cl-CH2OH，CH2Cl-CH2OH发生消去反应生成CHCl=CH2，CHCl=CH2发生加聚反应生成E，为聚氯乙烯；乙醇发生消去生成的F为乙烯；【详解】(1)A为乙酸，其结构简式为CH3COOH；(2)B的化学名称为乙酸乙酯；(3)乙酸与乙醇反应生成乙酸乙酯，属于取代反应；(4)E是一种常见的塑料，其化学名称为聚氯乙烯；(5)乙醇发生消去反应生成乙烯，其化学方程式为CH3CH2OH170浓硫酸CH2=CH2+ H2O；(6)C5H12O与乙醇互为同系物，则含有羟基，能发生催化氧化的同分异构体有CH3CH2CH2CH2CH2OH、CH3CH2CH（
28、CH3）CH2OH、CH3CH（CH3）CH2CH2OH、（CH3）3CCH2OH、CH3CH（OH）CH2CH2CH3、CH3CH2CH（OH）CH2CH3、CH3CH（OH）CH（CH3）2，共有7种；【点睛】乙醇的同系物中含有羟基，则含有的C5H11-的同分异构体含有8种，其中（CH3）2C（OH）CH2-CH3不能被催化氧化。20.某烷烃和单烯烃的混合气体2.24L,将其完全燃烧,产生的气体缓缓通过浓硫酸,浓硫酸增重4.05克,将剩余气体通入碱石灰,碱石灰质量增加了6.60克,另取该混合气体2.24L通过过量溴水,溴水质量增加了1.05克。（1）混合气体由哪两种烃组成_?（2）两种烃的
29、体积分数各是多少_?【答案】 (1). CH4和C3H6 (2). CH4：75%，C3H6：25%【分析】根据有机物燃烧时，有机物中的碳全部转化为二氧化碳，其质量可以根据澄清石灰水质量增加量来确定，有机物中的氢全部转化为水，其质量可以根据浓硫酸质量增加来确定，烯烃和溴单质能发生加成反应，溴水质量增加量就是烯烃的质量，根据水以及二氧化碳的量可以确定碳和氢原子的个数之比。【详解】(1)混合气体的物质的量为2.24L22.4Lmol-1=0.1mol；燃烧后通过浓H2SO4，增重的质量即水的质量为4.05g，即4.05g18g/mol=0.225mol，再通过碱石灰，增重的质量即生成CO2的质量为
30、6.60g，即6.60g44g/mol=0.15mol；取0.1mol混合物通入溴水，增重的质量即烯烃的质量为1.05g所以设烷烃、烯烃分别为CxH2x+2、CyH2y，且两种烃的物质的量分别为a，b，则有：1.05g=14yg/molb；a+b=0.1mol；(2x+2)a+2yb=0.225mol2(H守恒)；ax+by=0.15mol(C守恒)；解得x=1，y=3，a=0.075mol，b=0.025mol，所以烷烃为CH4；(2)烯烃为C3H6，CH4的体积分数为0.075mol0.075mol+0.025mol100%=75%；C3H6的体积分数为0.025mol0.075mol+0.025mol100%=25%。
